2024届河北省部分高中高三下学期三模物理试题

高级中学名校试卷PAGEPAGE7【物理〖答案〗】1.B【命题意图】本题考查核聚变和核反应方程。【解题分析】并非所有同位素都能用于核聚变反应,A项错误;根据爱因斯坦质能方程可知,聚变反应放出的能量主要来自质量亏损,B项正确QUOTE;12;12H与QUOTE聽13聽13H核聚变的核反应方程为QUOTE聽12聽12HQUOTE+13+13HQUOTEHeQUOTE+01+01n,核反应过程中会产生中子,C项错误;聚变反应中带正电的QUOTE聽12聽12H与QUOTE聽13聽13H需通过几百万开尔文的高温克服核子间的库仑斥力作用2.C【命题意图】本题考查磁感应强度的矢量性质和三维空间的矢量计算。【解题分析】磁感应强度是矢量,根据平行四边形定则,该处的磁感应强度大小B=QUOTEBx2+By2+Bz2Bx2+3.B【命题意图】本题考查圆周运动和平抛运动的综合。【解题分析】“花筒”M转动的角速度与AB相同,其线速度大小v=ωMO1,解得v=7m/s。烧红的铁花沿切线飞出后做平抛运动,竖直方向做自由落体运动,有h=QUOTE1212gt2,水平方向做匀速直线运动,有x=vt,故落地点到O2的距离d=QUOTEx2+MO12x2+MO12,4.B【命题意图】本题考查理想变压器。【解题分析】根据理想变压器的变流公式,有QUOTEI1I2I1I2=QUOTEn2n1n2n1,电流表的示数I1=0.1A,所以电阻R1和R2中的电流大小均为IR1=QUOTEI22I22=1A,因为电流表显示的是电流的有效值,所以电阻R1中的电流的最大值IR1max=QUOTE22IR1=QUOTE22A,A项错误;电阻R1两端电压的有效值UR1=IR1R=10V,等于副线圈的输出电压U2,根据理想变压器的变压公式有QUOTEU1U2U1U2=QUOTEn1n2n1n2,解得U1=200V,B项正确;电阻R1消耗的功率P=UR1IR1=10W,C项错误;对理想变压器,有QUOTEI12IR1I12IR1=QUOTEn2n1n2n1,解得IR1=QUOTEI5.B【命题意图】本题考查v-t图像。【解题分析】根据v-t图像与坐标轴所围面积表示位移,得H=QUOTE1212×4×0.5m=1.0m,A项错误;篮球下落过程的加速度大小a1=QUOTE=QUOTE4.0-00.54.0-00.5m/s2=8m/s2,设篮球下落过程中所受空气阻力为f,由牛顿第二定律有mg-f=ma1,解得篮球在下落阶段所受空气阻力与重力之比f∶mg=1∶5,C项错误;对篮球上升过程,由牛顿第二定律有mg+f2=ma2,由题图可以得出,篮球上升过程的加速度大小a2=QUOTE=QUOTE0-(-3.6)t2-0.50-(-3.6)t2-0.5m/s2,解得t2=0.8s,故篮球在上升阶段经历的时间为0.8s-0.5s=0.3s,篮球在下落和上升阶段的时间差Δt=0.5s-0.3s=0.2s,B项正确;由篮球在此过程中的v-t图像可知篮球即将着地时的速度大小为4m/s,反弹时的速度大小为3.6m/s,可知篮球撞击地面过程中损失的机械能ΔE=QUOTE1212mQUOTEv12v12-QUOTE6.C【命题意图】本题考查万有引力定律。【解题分析】由QUOTEGMmr12GMmr12=maA,可得aA=QUOTEGMr12GMr12,可知神舟十七号载人飞船在圆轨道Ⅰ上A点的加速度与其在椭圆轨道Ⅱ上A点的加速度大小相等,A项错误;“天宫”空间站组合体在轨道Ⅲ上运动,由万有引力提供向心力,有QUOTEGMm1r32GMm1r32=m1QUOTEr3,在地球表面,有QUOTEGMm2R2GMm2R2=m2g,解得T3=QUOTE,B项错误;飞船从A点沿椭圆轨道Ⅱ运动,其轨道半长轴a=QUOTEr1+r32r1+r32,根据开普勒第三定律可得QUOTEa3T22a3T22=QUOTEr33T32r33T32,解得T2=QUOTE,飞船由轨道Ⅱ的A点运动至B点所需的时间t=QUOTE1212T2=QUOTE蟺(r1+r3)2R(r1+r3)2g蟺(r1+r3)2R(r1+r3)2g,故C项正确;椭圆轨道的远地点到地球中心的距离为r3,近地点到地球中心的距离为r17.D【命题意图】本题考查电场的图像问题。【解题分析】由功能关系,可知qU12=E1-E2,解得U12=QUOTEE1-E2qE1-E2q,A项错误;由于Ep-x图像的斜率绝对值表示电场力的大小,题图乙中x=x2处斜率为零,P运动到x=x2处时所受电场力为零,由牛顿第二定律可知,此时P的加速度为零,B项错误;x=x2处的电场强度为零,则kQUOTEQMr12QMr12=kQUOTEQNr22QNr22,因为r1=2r2,所以QM=4QN,C项错误;P在M、N间运动过程中只有电场力做功,动能和电势能相互转化,总量不变,则在x=x2处电势能最小,动能最大,由QUOTE1212mQUOTEvm2vm2-QUOTE1212mQUOTEv02v02=E8.ABD【命题意图】本题考查机械波。【解题分析】根据题述可知,波源P做简谐运动的周期TP=0.5s,波源P、Q产生的简谐横波的波速都是8m/s,故波源P做简谐运动产生的简谐横波的波长λP=vTP=8×0.5m=4.0m,波源Q做简谐运动产生的简谐横波的波长λQ=6.0m,二者波长不同,所以在叠加区域不会发生稳定的干涉现象,A项正确;t=1s时,波源P做简谐运动产生的简谐横波传播到x=8m处,波源Q做简谐运动产生的简谐横波传播到x=4m处,此时,这两列波的波形图如图,由波的叠加可知,平衡位置为x=7m处的质点的位移y=20cm,速度不为零,平衡位置为x=4m处的质点位移为零,加速度为零,C项错误、D项正确;波源Q做简谐运动的频率f=QUOTE=QUOTE4343Hz,B项正确。9.BC【命题意图】本题考查光的折射。【解题分析】玻璃砖对b光的折射率nb=QUOTEc33cc33c=QUOTE33,A项错误;由题意知光的入射角i=60°,玻璃砖对a光的折射率na=QUOTEc63cc63c=QUOTE6262,又由光的折射定律有na=QUOTEsinisinr1sinisinr1,解得r1=45°,B项正确;由光的折射定律有nb=QUOTEsinisinr2sinisinr2,解得r2=30°,细光束从玻璃砖下表面CD射出时两光点G、H间的距离s=EH-EG=d(tanr1-tanr2)=d(tan45°-tan30°)=QUOTE(3-10.BC【命题意图】本题考查电场、磁场综合问题。【解题分析】设粒子的电荷量为-q(q>0),质量为m,则k=QUOTEqmqm,带电粒子在加速电场中加速,由动能定理有qU=QUOTE1212mQUOTEv02v02,解得v0=QUOTE2kU2kU,A项错误;带电粒子在第Ⅰ象限运动的过程中有QUOTEl2l2=v0t1,解得t1=QUOTEl22kUl22kU,由牛顿第二定律有Eq=ma,又tan60°=QUOTEat1v0at1v0,联立解得E=QUOTE43Ul43Ul,B项正确;设带电粒子在磁场中运动的轨迹半径为R,如图所示,由几何关系可得Rsin60°=QUOTEl4l4,带电粒子进入磁场时的速度大小v=QUOTE,带电粒子在磁场中做圆周运动,由洛伦兹力提供向心力得qvB=QUOTEmv2Rmv2R,解得B=QUOTE4l6Uk4l6Uk,C项正确;带电粒子在磁场中从N运动到P的时间t2=QUOTE=QUOTE,带电粒子从M点运动到P点的时间t=t1+t2=QUOTEl22kUl22kU+QUOTE,D项错误。11.(1)QUOTEd22Ld22L(QUOTE1tB21tB2-QUOTE1tA2(2)0.549.6(每空3分)【命题意图】本题考查动摩擦因数的测量。【解题分析】(1)遮光条通过光电门A时的速度大小vA=QUOTEdtAdtA,遮光条通过光电门B时的速度大小vB=QUOTEdtBdtB,故由运动学公式有a=QUOTEvB2-vA22LvB2-vA22L=QUOTEd22Ld22L(2)对木块与钩码组成的系统,由牛顿第二定律,有nmg-μ[(8-n)mg+Mg]=(8m+M)a,解得a=nQUOTE-μg,由题图乙可知,当n=0时,-μg=a=-4.9m/s2,解得μ=0.5;图像的斜率k=QUOTE=QUOTE4.94.24.94.2m/s2,解得m≈49.6g。12.(1)如图甲所示(2分)甲(2)如图乙所示(1分)乙(3)18(1分)20(2分)(4)2.38(2分)【命题意图】本题考查研究伏安特性曲线的实验。【解题分析】(1)用笔画线代替导线连接电路,如图甲所示。(2)用平滑曲线过尽可能多的数据点,连接成太阳能电池的U-I图像,如图乙所示。(3)由题图丙可知太阳能电池的电动势E=18V;输出电压U=15V时,对应的电流I=150mA=0.15A,根据闭合电路欧姆定律有E=U+Ir,代入数据解得对应的太阳能电池内阻r=20Ω。(4)由U-I图像可知,当U=14.0V时,对应的电流I=170mA,该太阳能电池的输出功率P=UI=14.0×0.170W=2.38W。13.【命题意图】本题考查理想气体状态方程。【解题分析】(1)由玻意耳定律有p0V0=pV,其中V=QUOTE4343πr3,r=10cm=0.1m,V0=6.4L=6.4×10-3m3(2分)解得气球内气体的压强p=1.6×105Pa。(2分)(2)T1=273K,T0=(273+27)K=300K根据盖-吕萨克定律有QUOTEV0T0V0T0=QUOTEV1T1V1解得V1=QUOTET1T0T1T0V0故吹入气球中的气体的物质的量n=QUOTEV1VmolV吹入气球中的气体的质量m=nM=7.54g(1分)吹入气球中的气体的分子数N=nNA=1.56×1023个。(1分)14.【命题意图】本题考查动量和能量的综合计算。【解题分析】(1)子弹A射中物块B并留在其中,有m0v0=(m0+m1)v(1分)解得v=8m/s(1分)由能量守恒定律,该过程损失的机械能ΔE=QUOTE1212m0QUOTEv02v02-QUOTE1212(m0+m1)v2(1分)解得ΔE=1216J。(1分)(2)设木板与轨道底部碰撞前瞬间,物块B(包括A)和木板C的速度分别为v1和v2,物块B与木板间的动摩擦因数为μ,木板的长度为L,由动量守恒定律和功能关系有(m0+m1)v=(m0+m1)v1+m2v2(1分)QUOTE1212(m0+m1)v2=QUOTE1212(m0+m1)QUOTEv12v12+QUOTE1212m2QUOTEv22v22+μ(m0+m1)gL(2分)由题意分析可知v1≥v2(1分)联立解得v1=7m/s,v2=2m/s。(1分)(3)设B(包括A)运动到圆弧轨道最高点E时的速度大小为vE。B(包括A)从轨道最低点到最高点E的过程,根据动能定理有-(m0+m1)g×2R=QUOTE1212(m0+m1)QUOTEvE2vE2-QUOTE1212(m0+m1)QUOTEv12v12(1分)解得vE=QUOTE1919m/s(1分)物块B(包括A)从E点抛出后做平抛运动,设B(包括A)没有落到木板上,则x=vEQUOTE2Hg2Hg=vEQUOTE2(2R+h)g2(2由x=2.7m>L,故假设成立(1分)B(含A)落到水平地面时到木板左端的距离Δx=x-L=2.7m-1.3m=1.4m。(1分)15.【命题意图】本题考查电磁感应的计算。【解题分析】(1)由题图乙可知,磁场沿z轴方向变化的规律可以表示为B=B0+kz(1分)导线框竖直方向的分速度增大到QUOTE1212v0时,由于线框左、右两边处的磁场相同,所以线框左、右两边切割磁感线产生的感应电动势相互抵消,线框上、下两边切割磁感线产生感应电动势,等效电路图如图E=B2L·QUOTE1212v0-B1L·QUOTE1212v0=(B2-B1)L·QUOTE1212v0=QUOTEkL2v02kL2v02线框中的瞬时电流I=QUOTEERER=QUOTEkL2v02RkL2线框左、右两边所受安培力大小相等,方向相反,相互抵消;线框上、下两边所受安培力的合力F安=B2IL-B1IL=(B2-B1)IL=QUOTEk2L4v02Rk由牛顿第二定律有mg-F安=ma(1分)解得a=g-QUOTEk2L4v02mRk2L4v02mR=QUOTE故QUOTEagag=QUOTE7878。(1分)(2)当导线框的功率最大时,导线框中的电流最大,即导线框在竖直方向的速度最大,在竖直方向做匀速直线运动,由平衡条件有mg=F安'(1分)由(1)同理可知F安'=QUOTEk2L4vmRk2解得vm=QUOTEmgRk2L4mgRk2L4=4v由能量守恒定律可知,导线框在磁场中运动过程中的最大电功率P,等于导线框以竖直向下的最大速度vm运动时的重力功率,有P=mgvm=4mgv0。(1分)(3)当导线框的瞬时速度大小为2v0时,导线框竖直向下的分速度vz=QUOTE(2v0)2-v02(2v0)(1分)取导线框运动过程中的微小时间Δt,在竖直方向,由动量定理有mgΔt-QUOTEk2L4vRk2L4vRΔ对方程两边求和,有ΣmgΔt-ΣQUOTEk2L4vRk2L4v又由ΣΔt=t,ΣvΔt=z,ΣΔv=QUOTE33v0解得t=QUOTE3v0g3v0g+QUOTEk2L4zmgRk2L4zmgR=QUOTE3v0g3v0导线框在水平方向受力平衡,故导线框沿x轴正方向做匀速直线运动,有x=v0t(1分)故x=QUOTE3v02g3v02g+QUOTEz4z4。【物理〖答案〗】1.B【命题意图】本题考查核聚变和核反应方程。【解题分析】并非所有同位素都能用于核聚变反应,A项错误;根据爱因斯坦质能方程可知,聚变反应放出的能量主要来自质量亏损,B项正确QUOTE;12;12H与QUOTE聽13聽13H核聚变的核反应方程为QUOTE聽12聽12HQUOTE+13+13HQUOTEHeQUOTE+01+01n,核反应过程中会产生中子,C项错误;聚变反应中带正电的QUOTE聽12聽12H与QUOTE聽13聽13H需通过几百万开尔文的高温克服核子间的库仑斥力作用2.C【命题意图】本题考查磁感应强度的矢量性质和三维空间的矢量计算。【解题分析】磁感应强度是矢量,根据平行四边形定则,该处的磁感应强度大小B=QUOTEBx2+By2+Bz2Bx2+3.B【命题意图】本题考查圆周运动和平抛运动的综合。【解题分析】“花筒”M转动的角速度与AB相同,其线速度大小v=ωMO1,解得v=7m/s。烧红的铁花沿切线飞出后做平抛运动,竖直方向做自由落体运动,有h=QUOTE1212gt2,水平方向做匀速直线运动,有x=vt,故落地点到O2的距离d=QUOTEx2+MO12x2+MO12,4.B【命题意图】本题考查理想变压器。【解题分析】根据理想变压器的变流公式,有QUOTEI1I2I1I2=QUOTEn2n1n2n1,电流表的示数I1=0.1A,所以电阻R1和R2中的电流大小均为IR1=QUOTEI22I22=1A,因为电流表显示的是电流的有效值,所以电阻R1中的电流的最大值IR1max=QUOTE22IR1=QUOTE22A,A项错误;电阻R1两端电压的有效值UR1=IR1R=10V,等于副线圈的输出电压U2,根据理想变压器的变压公式有QUOTEU1U2U1U2=QUOTEn1n2n1n2,解得U1=200V,B项正确;电阻R1消耗的功率P=UR1IR1=10W,C项错误;对理想变压器,有QUOTEI12IR1I12IR1=QUOTEn2n1n2n1,解得IR1=QUOTEI5.B【命题意图】本题考查v-t图像。【解题分析】根据v-t图像与坐标轴所围面积表示位移,得H=QUOTE1212×4×0.5m=1.0m,A项错误;篮球下落过程的加速度大小a1=QUOTE=QUOTE4.0-00.54.0-00.5m/s2=8m/s2,设篮球下落过程中所受空气阻力为f,由牛顿第二定律有mg-f=ma1,解得篮球在下落阶段所受空气阻力与重力之比f∶mg=1∶5,C项错误;对篮球上升过程,由牛顿第二定律有mg+f2=ma2,由题图可以得出,篮球上升过程的加速度大小a2=QUOTE=QUOTE0-(-3.6)t2-0.50-(-3.6)t2-0.5m/s2,解得t2=0.8s,故篮球在上升阶段经历的时间为0.8s-0.5s=0.3s,篮球在下落和上升阶段的时间差Δt=0.5s-0.3s=0.2s,B项正确;由篮球在此过程中的v-t图像可知篮球即将着地时的速度大小为4m/s,反弹时的速度大小为3.6m/s,可知篮球撞击地面过程中损失的机械能ΔE=QUOTE1212mQUOTEv12v12-QUOTE6.C【命题意图】本题考查万有引力定律。【解题分析】由QUOTEGMmr12GMmr12=maA,可得aA=QUOTEGMr12GMr12,可知神舟十七号载人飞船在圆轨道Ⅰ上A点的加速度与其在椭圆轨道Ⅱ上A点的加速度大小相等,A项错误;“天宫”空间站组合体在轨道Ⅲ上运动,由万有引力提供向心力,有QUOTEGMm1r32GMm1r32=m1QUOTEr3,在地球表面,有QUOTEGMm2R2GMm2R2=m2g,解得T3=QUOTE,B项错误;飞船从A点沿椭圆轨道Ⅱ运动,其轨道半长轴a=QUOTEr1+r32r1+r32,根据开普勒第三定律可得QUOTEa3T22a3T22=QUOTEr33T32r33T32,解得T2=QUOTE,飞船由轨道Ⅱ的A点运动至B点所需的时间t=QUOTE1212T2=QUOTE蟺(r1+r3)2R(r1+r3)2g蟺(r1+r3)2R(r1+r3)2g,故C项正确;椭圆轨道的远地点到地球中心的距离为r3,近地点到地球中心的距离为r17.D【命题意图】本题考查电场的图像问题。【解题分析】由功能关系,可知qU12=E1-E2,解得U12=QUOTEE1-E2qE1-E2q,A项错误;由于Ep-x图像的斜率绝对值表示电场力的大小,题图乙中x=x2处斜率为零,P运动到x=x2处时所受电场力为零,由牛顿第二定律可知,此时P的加速度为零,B项错误;x=x2处的电场强度为零,则kQUOTEQMr12QMr12=kQUOTEQNr22QNr22,因为r1=2r2,所以QM=4QN,C项错误;P在M、N间运动过程中只有电场力做功,动能和电势能相互转化,总量不变,则在x=x2处电势能最小,动能最大,由QUOTE1212mQUOTEvm2vm2-QUOTE1212mQUOTEv02v02=E8.ABD【命题意图】本题考查机械波。【解题分析】根据题述可知,波源P做简谐运动的周期TP=0.5s,波源P、Q产生的简谐横波的波速都是8m/s,故波源P做简谐运动产生的简谐横波的波长λP=vTP=8×0.5m=4.0m,波源Q做简谐运动产生的简谐横波的波长λQ=6.0m,二者波长不同,所以在叠加区域不会发生稳定的干涉现象,A项正确;t=1s时,波源P做简谐运动产生的简谐横波传播到x=8m处,波源Q做简谐运动产生的简谐横波传播到x=4m处,此时,这两列波的波形图如图,由波的叠加可知,平衡位置为x=7m处的质点的位移y=20cm,速度不为零,平衡位置为x=4m处的质点位移为零,加速度为零,C项错误、D项正确;波源Q做简谐运动的频率f=QUOTE=QUOTE4343Hz,B项正确。9.BC【命题意图】本题考查光的折射。【解题分析】玻璃砖对b光的折射率nb=QUOTEc33cc33c=QUOTE33,A项错误;由题意知光的入射角i=60°,玻璃砖对a光的折射率na=QUOTEc63cc63c=QUOTE6262,又由光的折射定律有na=QUOTEsinisinr1sinisinr1,解得r1=45°,B项正确;由光的折射定律有nb=QUOTEsinisinr2sinisinr2,解得r2=30°,细光束从玻璃砖下表面CD射出时两光点G、H间的距离s=EH-EG=d(tanr1-tanr2)=d(tan45°-tan30°)=QUOTE(3-10.BC【命题意图】本题考查电场、磁场综合问题。【解题分析】设粒子的电荷量为-q(q>0),质量为m,则k=QUOTEqmqm,带电粒子在加速电场中加速,由动能定理有qU=QUOTE1212mQUOTEv02v02,解得v0=QUOTE2kU2kU,A项错误;带电粒子在第Ⅰ象限运动的过程中有QUOTEl2l2=v0t1,解得t1=QUOTEl22kUl22kU,由牛顿第二定律有Eq=ma,又tan60°=QUOTEat1v0at1v0,联立解得E=QUOTE43Ul43Ul,B项正确;设带电粒子在磁场中运动的轨迹半径为R,如图所示,由几何关系可得Rsin60°=QUOTEl4l4,带电粒子进入磁场时的速度大小v=QUOTE,带电粒子在磁场中做圆周运动,由洛伦兹力提供向心力得qvB=QUOTEmv2Rmv2R,解得B=QUOTE4l6Uk4l6Uk,C项正确;带电粒子在磁场中从N运动到P的时间t2=QUOTE=QUOTE,带电粒子从M点运动到P点的时间t=t1+t2=QUOTEl22kUl22kU+QUOTE,D项错误。11.(1)QUOTEd22Ld22L(QUOTE1tB21tB2-QUOTE1tA2(2)0.549.6(每空3分)【命题意图】本题考查动摩擦因数的测量。【解题分析】(1)遮光条通过光电门A时的速度大小vA=QUOTEdtAdtA,遮光条通过光电门B时的速度大小vB=QUOTEdtBdtB,故由运动学公式有a=QUOTEvB2-vA22LvB2-vA22L=QUOTEd22Ld22L(2)对木块与钩码组成的系统,由牛顿第二定律,有nmg-μ[(8-n)mg+Mg]=(8m+M)a,解得a=nQUOTE-μg,由题图乙可知,当n=0时,-μg=a=-4.9m/s2,解得μ=0.5;图像的斜率k=QUOTE=QUOTE4.94.24.94.2m/s2,解得m≈49.6g。12.(1)如图甲所示(2分)甲(2)如图乙所示(1分)乙(3)18(1分)20(2分)(4)2.38(2分)【命题意图】本题考查研究伏安特性曲线的实验。【解题分析】(1)用笔画线代替导线连接电路,如图甲所示。(2)用平滑曲线过尽可能多的数据点,连接成太阳能电池的U-I图像,如图乙所示。(3)由题图丙可知太阳能电池的电动势E=18V;输出电压U=15V时,对应的电流I=150mA=0.15A,根据闭合电路欧姆定律有E=U+Ir,代入数据解得对应的太阳能电池内阻r=20Ω。(4)由U-I图像可知,当U=14.0V时,对应的电流I=170mA,该太阳能电池的输出功率P=UI=14.0×0.170W=2.38W。13.【命题意图】本题考查理想气体状态方程。【解题分析】(1)由玻意耳定律有p0V0=pV,其中V=QUOTE4343πr3,r=10cm=0.1m,V0=6.4L=6.4×10-3m3(2分)解得气球内气体的压强p=1.6×105Pa。(2分)(2)T1=273K,T0=(273+27)K=300K根据盖-吕萨克定律有QUOTEV0T0V0T0=QUOTEV1T1V1解得V1=QUOTET1T0T1T0V0故吹入气球中的气体的物质的量n=QUOTEV1VmolV吹入气球中的气体的质量m=nM=7.54g(1分)吹入气球中的气体的分子数N=nNA=1.56×1023个。(1分)14.【命题意图】本题考查动量和能量的综合计算。【解题分析】(1)子弹A射中物块B并留在其中,有m0v0=(m0+m1)v(1分)解得v=8m/s(1分)由能量守恒定律,该过程损失的机械能ΔE=QUOTE1212m0QUOTEv02v02-QUOTE1212(m0+m1)v2(1分)解得ΔE=1216J。(1分)(2)设木板与轨道底部碰撞前瞬间,物块B(包括A)和木板C的速度分别为v1和v2,物块B与木板间的动摩擦因数为μ,木板的长度为L,由动量守恒定律和功能关系有(m0+m1)v=(m0+m1)v1+m2v2(1分)QUOTE1212(m0+m1)v2=QUOTE1212(m0+m1)QUOTEv12v12+QUOTE1212m2QUOTEv22v22+μ(m0+m1)gL(2分)由题意分析可知v1≥v2(1分)联立解得v1=7m/s,v2=2m/s。(1分)(3)设B(包括A)运动到圆弧轨道最高点E时的速度大小为vE。B(包括A)从轨道最低点到最高点E的过程,根据动能定理有-(m0+m1)