广东省梅州市新高考物理易错易混100实验题精粹含解析

广东省梅州市新高考物理易错易混100实验题精粹

精选高考物理实验题100题含答案有解析

1.为了测量某金属丝的电阻率：

(1)如图a所示，先用多用电表“X1Q”挡粗测其电阻为。，然后用图b的螺旋测微器测其直径为

mm,再用图c的毫米刻度尺测其长度为cm.

(2)为了减小实验误差，需进一步测其电阻，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下：

A.电压表V(量程3V,内阻约为15k。；量程15V,内阻约为75k。)

B.电流表A(量程0.6A,内阻约为1。；量程3A,内阻约为0.2。)

C.滑动变阻器Ri(0〜5C,1A)

D.滑动变阻器R?(0-2000£2,0.1A)

E.1.5V的干电池两节，内阻不计

F.电阻箱

G.开关S,导线若干

为了测多组实验数据，则滑动变阻器应选用(填“4”或“R2”)；请在方框内设计最合理的电路图

并完成图d中的实物连线.

【答案】8.0（或者8）；2.095（2.095~2.098均可）10.14（10.13~10.15均可）Rt

【解析】

【分析】

【详解】

第一空.由图示多用电表可知，待测电阻阻值是8xlC=8C；

第二空.由图示螺旋测微器可知，的固定刻度读数为2mm,可动刻度读数为0.01x9.5mm=0.095mm,其读

数为：2mm+9.5xO.01mm=2.O95mm；

第三空.毫米刻度尺测其长度为10.14cm

第四空.滑动变阻器R2(0-2000J2,0.1A)的阻值比待测金属丝阻值8。大得太多，为保证电路安全，方

便实验操作，滑动变阻器应选Ri，最大阻值5Q；

第五空.为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，由于被测电阻阻值较小，则电流表应采用外接

法，实验电路图如图所示；

第六空.根据实验电路图连接实物电路图，如图所示;

2.实验小组采用如图甲所示实验装置测量木块与木板间动摩擦因数山提供的器材有：带定滑轮的长木

板，有凹槽的木块，质量为m0的钩码若干，打点计时器，电源，纸带，细线等.实验中将部分钩码悬挂

在细线下，剩余的钩码放在木块的凹槽中，保持长木板水平，利用打出的纸带测量木块的加速度.

打点计时器

刍7带

(1)正确进行实验操作，得到一条纸带。纸带的一部分如左图所示，纸带上两相邻计数点的时间间隔为

T=0.10s»该同学将纸带从每个计数点处截断，得到6条短纸带，再把6条短纸带的下端对齐贴在纸上，

以纸带下端为横轴建立直角坐标系，并将刻度尺边缘紧靠纵轴，其示数如右图所示。则打下计数点“2”时

小车的速度大小为m/s；小车的加速度大小为m/s"结果均保留两位有效数字)

(2)将木块凹槽中的钩码逐个添加到细线下端，改变悬挂钩码的总质量m,测得相应的加速度a,作出a

-m图象如图所示.已知当地重力加速度g=9.8mH,则木块与木板间动摩擦因数n=(保留两

位有效数字)；M的测量值_______(选填“大于”“小于”或“等于”)真实值。

(3)实验中(选填“需要”或“不需要”)满足悬挂钩码总质量远小于木块和槽中钩码总质量.

【答案】0.47；0.70；0.33；大于；不需要;

【解析】

【详解】

(1)依据中时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，那么计数点“2”时小车的速度大小为:

至=4.3()+5.00、］0_2m/$=047m/5；根据Ax=aT?结合逐差法可得：

•2T2x0.1

(7.72+7.10+6.45—5.70—5.00—430)x10-2

=0.70/M/52O

9x0.12

(2)根据牛顿第二定律可知mg-口(M-m)g=Ma,解得a="。土〃)_〃g,由图可知，叩g=-3.3,解

M

得"=0.33；

M的测量值大于真实值，原因是滑轮与轴承、细线间有摩擦，纸带与打点计时器间有摩擦等；

(3)在此实验中，由于把小车和祛码的质量作为了整体，结合第二问可知，不需要满足悬挂钩码质量远

小于木块和槽中的钩码总质量；

【点睛】

此题在求解加速度时还可这样做：纸带的长度之比等于此段纸带的平均速度之比，还等于各段纸带中间时

刻的速度之比，即纸带的高度之比等于中间时刻速度之比，这种等效替代的方法减小了解题难度，要提高

应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用。

3.用如图甲所示装置，测定木块与长木板间的动摩擦因数。放在水平桌面上的长木板一端带有定滑轮，

另一端固定有打点计时器，穿过打点计时器的纸带连接在木块上，绕过定滑轮的细线一端连接在木块上，

(1)实验前，需要调节的高度，使连接木块的细线与长木板平行。

(2)接通电源，释放纸带，图乙为打出的纸带上点迹清晰的一段，纸带上0、1、2、3、4、5、6为计数

点，相邻计数点间均有四个计时点未标出，若打点计时器所接交流电的频率为一,测出纸带上计数点0、

2间的距离为斗，计数点4、6间的距离为则打计数点5时，木块的速度大小为一,木块的加速度

大小为.

(3)若木块的质量为M,悬挂的祛码和祛码盘的总质量为m,则木块与长木板间的动摩擦因数为

m

【答案】定滑轮生(马一七)尸

10200200Mg

【解析】

【分析】

【详解】

(1)⑴调节定滑轮的高度使连接木块的细线与长木板平行。

(2)⑵网根据时间中点速度等于某段时间的平均速度，则可求打计数点5时，木块的速度大小为

x

.._^2-f2

根据

得木块的加速度

工2一$_(%2-尤J/

a=

io?200

2

7

(3)[4]由牛顿第二定律有

mg-piMg=(m+M)a

解得

m(〃Z+M)(X2X|)/2

/1=一

M200Mg

4.某同学用如图甲所示的装置做“探究合力做的功与动能改变量之间的关系”的实验，他们将光电门固定

在水平轨道上的B点，并用重物通过细线拉带有遮光条的小车，然后保持小车和重物的质量不变，通过改

变小车释放点到光电门的距离(s)进行多次实验,实验时要求小车每次都从静止释放。

光

电

门

.

8

(D用螺旋测微器测量遮光条的宽度，其示数如图乙所示，则遮光条的宽度"=mm。

(2)为了减小误差，实验时需要进行的操作是o

A.将水平轨道上的A端垫高适当的高度，以平衡摩擦力

B.使重物的质量m远大于小车及遮光条的总质量M

C.调节水平轨道左端滑轮的高度

(3)某次实验中，测得小车及遮光条的质量M=lkg,光电门记录小车通过的时间加=0.002s,则在此次

实验中小车及遮光条增加的动能为J(结果保留到小数点后两位)。

(4)实验中利用计算拉力对小车做的功W在方格纸上做出Ek-W图像(/是小车和重物动能

之和)，如图所示。由图像可以看出AEk总是略大于W,造成这种现象的原因是o

【答案】4.700AC2.76W=mgs平衡摩擦力过度

【解析】

【分析】

【详解】

(1)口]螺旋测微器的精确度为0.01mm,主尺的读书为4.5mm,读数为

4.5mm+20.0x0.0lmm=4.700mm。

(2)[2]AB.本实验研究小车受到的合力对小车所做的功与小车动能的改变量之间的关系，可认为小车受

到的合力与重物的重力大小相等，故需要平衡摩擦力，且满足重物的质量远小于小车和遮光条的总质量，

B错误A正确；

C.需调节水平轨道左端滑轮的高度，使连接光电门的细线与轨道平行，C正确。

故选AC,

(3)网小车及遮光条经过光电门的速度

V---2.35m/s

△t

增加的动能

2

AEK=1A/V=2.76J„

(4)[4]因为平衡摩擦力后，可将重物的重力视为小车受到的合力，所以用重力乘于小车释放点到光电门

的距离s计算拉力所做的功，即

W=mgso

(4)[5]实验中，让重物的质量远小于小车及遮光条的总质量，则平衡摩擦力后，可将重物的重力视为小

车受到的合力，则分析可知造成阳总是略大于W是平衡摩擦力过度造成的。

5.某同学用图甲电路测量一电源的电动势和内阻，其中电流表A的量程为0.6A,虚线框内为用电流计G

改装的电压表。

⑴已知电流计G的满偏电流Ig=300jiA,内阻Rg=100Q,改装后的电压表量程为3V,则可计算出电阻

Ri=____

⑵某次测量时，电流计G的示数如图乙，则此时电源两端的电压为_V,

⑶移动滑动变阻器R的滑片，得到多组电流表A的读数h和电流计G的读数b，作出1“2图像如图丙。

由图可得电源的电动势£=V,内阻r=Q。

(4)若电阻Ri的实际阻值大于计算值，则电源内阻r的测量值一实际值(填“小于”“等于”或“大于

【答案】99002.402.901.0小于

【解析】

【详解】

(1)[1].由改装原理可知，要串联的电阻

3

&300xI(f6-100=99000

(2)[2].电流计G的示数为240JIA,则此时电源两端的电压为24011AX10-6X10000V=2.40V；

⑶由图像可知，纵轴截距为290pA,则对应的电压值为2.90V,即电源电动势为E=2.90V；内阻

(4)[5].若电阻Ri的实际阻值大于计算值，则通过电流计G的电流会偏小，则图像I2-L的斜率会偏小,

则电源内阻r的测量值小于实际值。

6.小明同学想要设计一个既能测量电源电动势和内阻，又能测量定值电阻阻值的电路。

他用了以下的实验器材中的一部分，设计出了图(a)的电路图：

a.电流表Ai(量程0.6A,内阻很小);电流表AX量程300|iA,内阻爪=1000。)；

b.滑动变阻器R(0-20C)；

c,两个定值电阻R1=1OOOC,R2=9000fl；

d.待测电阻R、；

e.待测电源E（电动势约为3V,内阻约为2Q）

f.开关和导线若干

一H

•■)K

R.R::_

::

E,r

图(a)

⑴根据实验要求，与电流表A2串联的定值电阻为（填"R/或"R2”）

（2）小明先用该电路测量电源电动势和内阻，将滑动变阻器滑片移至最右端，闭合开关S”调节滑动变阻

器，分别记录电流表A］、A2的读数酎、12,得h与h的关系如图（b）所示。根据图线可得电源电动势

E=V；电源内阻-Q,（计算结果均保留两位有效数字）

（3）小明再用该电路测量定值电阻区的阻值，进行了以下操作：

①闭合开关Si、S2,调节滑动变阻器到适当阻值，记录此时电流表Al示数la，电流表A2示数心

②断开开关S2,保持滑动变阻器阻值不变，记录此时电流表Al示数电电流表A2示数Id；后断开舟；

③根据上述数据可知计算定值电阻R、的表达式为»若忽略偶然误差，则用该方法测得的阻值

与其真实值相比（填“偏大”、“偏小”或“相等”）

【答案】R23.02.1（rA+R2）相等

【解析】

【详解】

（1）电流表A2与R2串联，可改装为量程为。=/式七+6）=300*1041000+9000»=3〃的电压表,

故选R2即可；

（2）由图可知电流表A2的读数对应的电压值即为电源的电动势，则E=3.0V；内阻

△U3.0—1.80-c

r=-----=-------------£2=2.1Q

M0.58

⑶由题意可知：//=/〃⑵+凡），i,（R+R、）=m殳）;联立解得&=（+/）⑵+4）；

由以上分析可知，若考虑电流表A1内阻的影响，则表达式列成：/“(/?+%)=//,(%+4),

/,(%+/?+凡)=/,(心+鸟)，最后求得的K表达式不变，则用该方法测得的阻值与其真实值相比相等。

7.某同学用如图所示的实验器材来探究产生感应电流的条件.

(1)图中已经用导线将部分器材连接，请补充完成图中实物间的连线.

(2)若连接好实验电路并检查无误后，闭合开关的瞬间，观察到电流计指针发生偏转，说明线圈

(填“A”或"B”)中有了感应电流.开关闭合后，他还进行了其他两项操作尝试，发现也产生了感应电流,

请写出两项可能的操作:

①.

②.

(2)B；将滑动变阻器的滑片快速滑动；将

【分析】

感应电流产生的条件：穿过闭合线圈的磁通量发生变化，所以要想探究这个问题就要从这个条件出发,

尽可能的改变穿过线圈B的磁通量，达到电流计发生偏转的效果.

【详解】

(1)连接实物图如图所示:

(2)闭合开关的瞬间，观察到电流计指针发生偏转，说明线圈B中有了感应电流，

根据感应电流产生的条件：穿过闭合线圈的磁通量发生变化即可，所以要想是电流计指针发生偏转，则

还可以采取的措施为：将线圈A(或铁芯)快速抽出；断开开关的瞬间

8.某实验小组利用如图甲所示的装置测量当地的重力加速度。

(1)为了使测量误差尽量小，下列说法中正确的是;

A.组装单摆须选用密度和直径都较小的摆球

B.组装单摆须选用轻且不易伸长的细线

C.实验时须使摆球在同一竖直面内摆动

D.为了使单摆的周期大一些，应使摆线相距平衡位置有较大的角度

(2)该实验小组用20分度的游标卡尺测量小球的直径。某次测量的示数如图乙所示，读出小球直径为

d=cm；

(3)该同学用米尺测出悬线的长度为L,让小球在竖直平面内摆动。当小球经过最低点时开始计时，并

计数为0,此后小球每经过最低点一次，依次计数为1、2、3……。当数到40时，停止计时，测得时间为

t.改变悬线长度，多次测量，利用计算机作出了t?_L图线如图丙所示。根据图丙可以得出当地的重力加

速度g=m/s2o(取兀2=9.86,结果保留3位有效数字)

【答案】BC0.8109.80

【解析】

【详解】

d)[l].A.组装单摆须选用密度较大且直径较小的摆球，选项A错误；

B.组装单摆须选用轻且不易伸长的细线，选项B正确；

C.实验时须使摆球在同一竖直面内摆动，选项C正确；

D.单摆的摆角不得超过5。，否则单摆的运动就不是简谐运动，选项D错误；

故选BC»

(2)[2J.小球直径为d=0.8cm+0.05mnix2=0.810cm；

（3）［3］.单摆的周期为

2

由

7=2万

可得

产_1600乃2

g

由图像可知

1600万2_1610

k1610

—?-100xl0-2

解得

g=9.80m/s2

9.某同学利用如图所示的装置来测量动摩擦因数，同时验证碰撞中的动量守恒。竖直平面内的一斜面下

端与水平面之间由光滑小圆弧相连，斜面与水平面材料相同。第一次，将小滑块A从斜面顶端无初速度释

放，测出斜面长度为1,斜面顶端与水平地面的距离为h,小滑块在水平桌面上滑行的距离为Xi（甲图）；

第二次将左侧贴有双面胶的小滑块B放在圆弧轨道的最低点，再将小滑块A从斜面顶端无初速度释放，A

与B碰撞后结合为一个整体，测出整体沿桌面滑动的距离X2（图乙）。已知滑块A和B的材料相同，测

出滑块A、B的质量分别为mi、m2,重力加速度为g。

（1）通过第一次试验，可得动摩擦因数为p=;（用字母1、h、X1表示）

（2）通过这两次试验，只要验证_________,则验证了A和B碰撞过程中动量守恒。（用字母m】、nu、x1、

X2表示）

［答案］J/2_；+%码募=（叫+丐）后

【解析】

【分析】

【详解】

（1）［1］.对小滑块下滑到停止过程，据动能定理得

/gh-g----------1-jumgxi=0

解得

_h

'>//2-h2+%1

(2)[2].对小滑块A滑到斜面最低点的速度为v”在水平桌面上时，据牛顿第二定律得

pmig=ni|a

解得

a=1*g

据速度位移关系公式得

设A与B碰撞后速度为V2,同理得

根据A、B碰撞过程动量守恒得

miVi=(mi+m2)V2

联立解得

叫毒=(叫+吗)嘉

10.在“探究弹力和弹簧伸长量的关系，并测定弹簧的劲度系数”实验中，实验装置如图甲所示。实验时先

测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测出相应的弹簧总长度。数据

记录如下表所示：(弹力始终未超过弹性限度，取g=10m/s2)

记录数据组123456

钩码总质量(g)0306090120150

弹簧总长(cm)6.007.118.209.3110.4011.52

(1)在图乙坐标系中作出弹簧弹力大小尸与弹簧总长度x之间的函数关系的图线

56789101112x/cm

甲乙

(2)由图线求得该弹簧的劲度系数%=N/m。(保留两位有效数字)

28

【解析】

【详解】

(1)口］按照表中所给数据在坐标系中描点并用一条直线连接即可，要注意让尽可能多的点连在线上，不通

过直线的点大致均匀地分布在直线两侧，偏差过大的点是测量错误，应该舍去。

1^6

1^4

1^2

n

c0

ll

Ci.68

IJI4

r2

lJl

O

(2)［2］根据表达式尸=Z(x-%J,得图线的斜率表示弹簧的劲度系数，故

△F

%=七=28N/m

Ax

11.某小组在“用单摆测定重力加速度”的实验中进行了如下的操作：

(1)某同学组装好单摆后在摆球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺测量从悬点到摆球上端的长度

L=0.9997m,如图甲所示，再用游标卡尺测量摆球直径，结果如图乙所示，即该摆球的直径为mm,

单摇摆长为m

⑵小组成员在实验过程中有如下说法，其中正确的是(填正确答案标号)

A.测量周期时，从摆球经过平衡位置计时误差最小

B.实验中误将49次全振动记为50次，则重力加速度的测量值偏大

C.质量相同、体积不同的摆球，选用体积较大的进行实验，测得的重力加速度误差较小

【答案】9.61.0045AB

【解析】

【详解】

(1)[1][2].由游标尺的“0”刻线在主尺上的位置读出摆球直径的整毫米数为9mm,游标尺中第6条刻度线

与主尺刻度线对齐，所以摆球的直径d=9mm+6x0.1mm=9.6mm,单摆摆长为l-L-\—=(0.9997+0.004

2

8)m=l.0045m。

(2)[3].单摆摆球经过平衡位置时的速度最大，经过最大位移处的速度为0,在平衡位置计时误差最小，A

项正确；实验中将49次全振动记成50次全振动，测得的周期偏小，则重力加速度的测量值偏大，B项正

确；摆球体积较大，空气阻力也大，不利于提高测量的精确度，C项错误。故选AB。

12.利用图a所示电路，测量多用电表内电源的电动势E和电阻“xlO”挡内部电路的总电阻R内。使用的

器材有：多用电表，毫安表(量程10mA),电阻箱，导线若干。

回答下列问题：

⑴将多用电表挡位调到电阻“xlO”挡，红表笔和黑表笔短接，调零；

⑵将电阻箱阻值调到最大，再将图a中多用电表的红表笔和(填“1”或“2”)端相连，黑表笔连接另

一端。

(3)调节电阻箱，记下多组毫安表的示数I和电阻箱相应的阻值R；某次测量时电阻箱的读数如图b所示，

则该读数为Q:

多用

电表

图c

图d

.E1]1

(4)甲同学根据/=丁~丁，得到关于丁的表达式，以;为纵坐标，R为横坐标，作一-汽图线，如图c

«+%III

所示；由图得E=V,Rrt=a。(结果均保留三位有效数字)

⑸该多用电表的表盘如图d所示，其欧姆刻度线中央刻度值标为“15”，据此判断电阻“X10”挡内部电路的

总电阻为。，甲同学的测量值R内与此结果偏差较大的原因是o

【答案】123.21.43200150甲同学没有考虑毫安表内阻的影响

【解析】

【分析】

【详解】

(2)[1]欧姆表中电流从红表笔流入电表，从黑表笔流出电表；电流从电流表正接线柱流入，故红表笔接触1,

黑表笔接2；

(3)[2]由图可知，电阻箱读数为7?=(2xlO+3x1+2x0.1)Q=23.2Q

E

(4)[3][4]由]=变形得

R+O

1」R+9

IEE

由图像可得

1,175-140

--k-------------

E50

解得

Eal.43V

截距为

务》=140

E

得

q=2ooc

(5)[5]由图可知，此欧姆表的中值电阻为

K「15x100=150。

则电阻“X10”挡内部电路的总电阻为150c

⑹由甲同学处理方法可知，由于没有考虑毫安表的内阻，如果考虑毫安表的内阻则有

L_LR+"

IEEE

由此可知，甲同学的测量值R内与此结果偏差较大的原因是没有考虑毫安表的内阻

13.实验小组要测定一个电源的电动势E和内阻r。已知待测电源的电动势约为5V,可用的实验器材有:

待测电源；

电压表Vi（量程0〜3V；内阻约为3k。）；

电压表V2（量程0〜6V；内阻约为6k。）；

定值电阻Ri（阻值2.0C）；

滑动变阻器R2（阻值0〜20.0Q）；

开关S一个，导线若干。

（1）实验小组的某同学利用以上器材，设计了如图甲所示的电路，M、N是电压表，P、Q分别是定值电

阻犯或滑动变阻器R2,则P应是（选填"RJ或“R2”）。

（2）按照电路将器材连接好，先将滑动变阻器调节到最大值，闭合开关S,然后调节滑动变阻器的阻值,

依次记录M、N的示数UM、UN。

（3）根据UM、5数据作出如图乙所示的关系图像，由图像得到电源的电动势E=V,内阻

r=（均保留2位有效数字）

（4）由图像得到的电源的电动势值_________（选填“大于”、“小于”、“等于"）实际值。

【答案】R24.90.90-1.0小于

【解析】

【详解】

（D[1]由电路图可知，电压表M测量P、Q总电压，电压表N测量Q的电压，故M为大量程的电压表

V2,N为小量程的电压表V”根据部分电路欧姆定律可知P为大量程的滑动变阻器R2,Q为小阻值的定

值电阻Ri。

（3）[2H3]设电压表M的示数为UM，电压表N的示数为UN，由图示电路图可知，电源电动势为

E-=UM-

整理得：UM=E-三UN

由UM-UN图象可知，电源电动势为E=4.9V,由图可知图线的斜率为:

,4.9-3.5八房

k=----------=0.47

3.0

又从UM-UN的关系可知:

k=L

则电源内阻为：r=kRi=0.94f2o

（4）[4]根据题意可知:

E=UM+"=UM+

变形得:

UM=~^E—1〃

-vrA।(A7-rr\

所以图象的纵截距为:

b=-^E

R2+r

则电源电动势为石=时=力

1<2

所以根据图象得到的电源电动势值小于实际值。

14.某同学利用如图甲所示的装置探究加速度与力、质量的关系。实验时，把数据记录在表格中，数据是

按加速度大小排列的，第8组数据中小车质量和加速度数据漏记

甲

组号F/Nm/kga/m*s2

10.290.860.34

20.140.360.39

30.290.610.48

40.190.360.53

50.240.360.67

60.290.410.71

70.290.360.81

80.29

90.340.360.94

(1)该同学又找到了第8组数据对应的纸带以及小车质量，纸带如图乙所示。已知打点计时器所用交流电

的频率为50Hz,纸带上标出的每两个相邻点之间还有4个打出来的点未画出。请你帮助该同学求出第8

组中的加速度a=___m/s2；

(2)如果要研究加速度与力的关系，需取表格中一组数据(填组号)，做。-尸图像；如果要研究加速度与

质量的关系，需取表格中一组数据(填组号)，做。一加图像。这种研究方法叫做法；

⑶做出。一加图像如图丙所示，由图像(填“可以”或“不可以”)判断a与m成正比。

乙(诡位，cm>

【答案】().90(0.89-0.92)2,4、5、7、91、3、6、7,8控制变量不可以

【解析】

【分析】

【详解】

(1)口］每两个相邻点之间还有4个打出来的点未画出，故相邻点之间的时间间隔为：

T=0.02x5s=0.1s

根据逐差公式可得

工34一%2=2。］7,=2<227'

故加速度为

a_"34+工23-(内2+X()l_)_/24-工02_404―工02-工02

2

“4T2_4T2_4T

代入数据可得

10.10-3.25-3.25...

a=--------------：-------xlOin2m/s2=0n.n9n0m/s2.

4x0.12

(2)［2］研究加速度与力的关系，需要保证质量不变，选取2、4、5、7、9组数据。

［3］研究加速度与质量的关系时，需要控制力F不变，选取1、3、6、7、8组数据。

[4]涉及多个变量时，需要控制其他变量恒定，改变其中一个变量，这种方法为控制变量法。

(3)[5]分析丙图可知，。一〃?图线为曲线，并不能说明是正比例关系，故应作4-工图线，研究a与,成

mm

正比关系。

15.小明同学在测定一节干电池的电动势和内阻的实验时，为防止电流过大而损坏器材，电路中加了一个

保护电阻Ro,根据如图所示电路图进行实验时，

I/?

图1

(1)电流表量程应选择(填“0.6A”或“3A”)，保护电阻应选用(填“A”或"B”)；

A、定值电阻(阻值10.0。，额定功率10w)

B、定值电阻(阻值2.0Q,额定功率5w)

(2)在一次测量中电压表的指针位置如图2所示，则此时电压为V

(3)根据实验测得的5组数据画出的U-I图线如图3所示，则干电池的电动势E=V,内阻r=Q

(小数点后保留两位)

图3

【答案】0.6AB1.21+0.011.45+0.010.50+0.05

【解析】

试题分析：根据题中所给器材的特点，大致计算下电流的大小，选择合适的电流表，对于选择的保护电阻,

一定要注意保护电阻的连入，能使得电流表的读数误差小点；图像的斜率表示4+r,纵截距表示电源电

动势，据此分析计算.

(1)因一节干电池电动势只有L5V,而内阻也就是几欧姆左右，提供的保护电阻最小为2C,故电路中

产生的电流较小，因此电流表应选择0.6A量程；电流表的最大量程为0.16A,若选用10欧姆的，则电流

不超过0.15A,所以量程没有过半，所以选择B较为合适.

(2)电压表应选择3V量程的测量，故读数为L20V.

(3)图像与纵坐标的交点表示电源电动势，故E=1.45V；图像的斜率表示9+r,故

+r=—————=2.5Q,故r=0.5fl.

0.3

16.(1)在“研究平抛物体的运动”实验的装置如下左图所示，下列说法正确的是

A.将斜槽的末端切线调成水平

B.将木板校准到竖直方向，并使木板平面与小球下落的竖直平面平行

C.斜槽轨道必须光滑

D.每次释放小球时的位置越高，实验效果越好

(2)为了描出物体的运动轨迹，实验应有下列各个步骤：

A.以O为原点，画出与y轴相垂直的水平轴x轴；

B.把事先做的有缺口的纸片用手按在竖直木板上，使由斜槽上滚下抛出的小球正好从纸片的缺口中通过,

用铅笔在白纸上描下小球穿过这个缺口的位置；

C.每次都使小球由斜槽上固定的标卡位置开始滚下，用同样的方法描出小球经过的一系列位置，并用平

滑的曲线把它们连接起来，这样就描出了小球做平抛运动的轨迹；

D.用图钉把白纸钉在竖直木板上，并在木板的左上角固定好斜槽；

E.在斜槽末端抬高一个小球半径处定为O点，在白纸上把O点描下来，利用重垂线在白纸上画出过O

点向下的竖直直线，定为y轴.

在上述实验中，缺少的步骤F是,

正确的实验步骤顺序是.

(3汝口图所示，在“研究平抛物体运动”的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长

L=1.25cm.若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式

为Vo=(用L、g表示)，其值是(取g=9.8m/s2).

【答案】AB；调整斜槽使放在斜槽末端的小球可停留在任何位置，说明斜槽末端切线已水平;

DFEABC；2向0.7m/s

【解析】

【分析】

【详解】

(D将斜槽的末端切线调成水平，以保证小球做平抛运动，选项A正确；将木板校准到竖直方向，并使

木板平面与小球下落的竖直平面平行，防止小球下落时碰到木板，选项B正确；斜槽轨道没必要必须光滑,

只要到达底端的速度相等即可，选项C错误；每次释放小球时的位置必须相同，并非越高实验效果越好,

选项D错误；故选AB.

(2)在上述实验中，缺少的步骤F是：调整斜槽使放在斜槽末端的小球可停留在任何位置，说明斜槽末

端切线已水平；正确的实验步骤顺序是DFEABC；

(3)设相邻两点间的时间间隔为T,竖直方向：2L-L=gT?,得到T=

水平方向：％=尸2而，

水平方向：vo=2x,9.8x0.0125=0・7m/s.

【点睛】

关于平抛运动实验要掌握实验的注意事项、实验步骤、实验原理.平抛运动分解为：水平方向的匀速直线

运动，竖直方向的自由落体运动，尤其是注意应用匀变速直线运动规律解决平抛运动问题.

17.某学习小组利用图甲装置做“验证机械能守恒定律”实验，其主要实验步骤如下：

A.用游标卡尺测量挡光条的宽度为d,用天平测量滑块(含挡光条)的质量为M,祛码盘及硅码的总质

量为m；

B.调整气垫导轨水平；

C.光电门移到B处，读出A点到B点间的距离为xi,滑块从A处由静止释放，读出挡光条通过光电门

的挡光时间为t“

D.多次改变光电门位置，重复步骤C,获得多组数据。

0123

州忡!I则伙州打3

乙

请回答下列问题：

(1)用游标卡尺测量挡光条的宽度时示数如图2所示，其读数为mm；

⑵调整气垫导轨下螺丝，直至气垫导轨工作时滑块轻放在导轨上能，表明导轨水平了；

(3)在实验误差允许范围内，机械能守恒定律得到验证，则如图丙图象中能正确反映光电门的挡光时间t随

滑块的位移大小x的变化规律的是O

B.

【解析】

【分析】

【详解】

(D[1]因游标尺是20分度的，则游标卡尺的精确度为0.05mm,则其读数

d=3mm+8x0.05mm=3.40mm

(2)[2]调整气垫导轨下螺丝，直至气垫导轨工作时滑块轻放在导轨上能静止，表明导轨水平。

(3)[3]动能的增量

m

△EK+)yr

重力势能的减小量

tsEp=mgx

机械能守恒需要验证动能的增量等于重力势能的减小量，则

1八，、/

—+m)—=mgx

2

则有

1=2mgr

fj2(M+m)d2

ABC错误D正确。

故选D。

18.某同学用如图甲所示装置验证动量守恒定律.主要实验步骤如下:

甲

①将斜槽固定在水平桌面上，调整末端切线水平；

②将白纸固定在水平地面上，白纸上面放上复写纸;

③用重锤线确定斜槽末端在水平地面上的投影点。;

④让小球A紧贴定位卡由静止释放，记录小球的落地点，重复多次，确定落点的中心位置Q；

⑤将小球8放在斜槽末端，让小球A紧贴定位卡由静止释放，记录两小球的落地点，重复多次，确定A、B

两小球落点的中心位置P、R；

⑥用刻度尺测量P、Q、R距。点的距离不、马、七；

⑦用天平测量小球A8质量肛、电；

⑧分析数据，验证等式町X2=町%+加2&是否成立，从而验证动量守恒定律.

请回答下列问题：

(1)步骤⑤与步骤④中定位卡的位置应__________________________；

(2)步骤④与步骤⑤中重复多次的目的是；

(3)为了使小球A与B碰后运动方向不变，质量大小关系为犯色(选填或

，，=，，)；

(4)如图乙是步骤⑥的示意图，则步骤④中小球落点距。点的距离为m.

0PQR

••••

-pfnrjnTTp•nr[nnjnnprnjnTT]TTTTjrrnjnnpTTr|TnTjTnrpnTTjTTnpnTpni-

01cm35363738394041

乙

【答案】(1)保持不变；(2)减少实验误差；(3)>；(4)0.3723(0.3721—0.3724)

【解析】

【详解】

解：(1)为使入射球到达斜槽末端时的速度相等，应从同一位置由静止释放入射球，即步骤⑤与步骤④中定

位卡的位置应保持不变；

(2)步骤④与步骤⑤中重复多次的目的是减小实验误差；

(3)为了使小球A与8碰后运动方向不变，A、8质量大小关系为町>?；

(4)由图示刻度尺可知，其分度值为1mm,步骤④中小球落点距。点的距离为OQ=37.23cm=0.3723m.

19.为了测量一电压表V的内阻，某同学设计了如图1所示的电路。其中Vo是标准电压表，Ro和R分别

是滑动变阻器和电阻箱，S和SI分别是单刀双掷开关和单刀开关，E是电源。

5标准$加勺随

_________zr

即图2

⑴用笔画线代替导线，根据如图1所示的实验原理图将如图2所示的实物图连接完整

⑵实验步骤如下：

①将S拨向接点1,接通S”调节,使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时

的读数U；

②然后将S拨向接点2,保持R。不变，调节,使,记下此时R的读数；

③多次重复上述过程，计算R读数的,即为待测电压表内阻的测量值。

（3）实验测得电压表的阻值可能与真实值之间存在误差，除偶然误差因素外，还有哪些可能的原因，请写出

其中一种可能的原因：。

平均值电阻箱阻值不连接，电流通过电阻发热导致电阻阻值发生变化，电源连续使用较长时间，电动

势降低，内阻增大等。

【解析】

【详解】

（1）电路连线如图；

（2）①将S拨向接点1,接通Si，调节Ro,使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时标准电压表V。

的读数U；

②然后将S拨向接点2,保持R。不变，调节R,使标准电压表V。仍为U,记下此时R的读数；

③多次重复上述过程，计算R读数的平均值，即为待测电压表内阻的测量值。

（3）原因：电阻箱阻值不连续；电流通过电阻发热导致电阻阻值发生变化；电源连续使用较长时间，电

动势降低，内阻增大等。

20.一电阻标签被腐蚀，某实验小组想要通过实验来测量这个电阻的阻值，实验室准备有如下实验器材:

A.电池组E（电动势约3V,内阻可忽略）；

B.电压表V（0~3V,内阻约5kC）；

C.电流表A（0~lmA,内阻为1000。）；

D.滑动变阻器4（最大阻值10。）；

E.滑动变阻器R2（最大阻值200。）；

F.电阻箱&(0-999.9Q)；

G多用电表；

H.开关一个，导线若干。

(1)粗测电阻。把多用电表的选择开关旋转到欧姆挡“xl”位置，短接红、黑表笔进行调零，然后测量待测

电阻，多用电表的示数如图甲所示，则多用电表的读数为Q.

(2)实验小组选择器材用伏安法进一步测量电阻的阻值，首先要把电流表改装成200mA的电流表，电阻箱

应调节到Co

⑶请设计电路并在图乙所示的方框中画出电路图，要求易于操作，便于测量，并标出所选器材的符号

(4)小组在实验中分别记录电流表和电压表的示数，并在坐标纸上描点如图丙所示，请正确作出/-U关系

图线,由图线可求得待测电阻阻值段=Q.(保留三位有效数字)

图甲

图丙

【答案】9.05.010.0

图1图2

(9.9()〜10.2均可)

【解析】

【详解】

欧姆挡读数乘以倍率得到测量值，即多用电表的读数为9.0Qx1=9。

⑵⑵将电流表量程扩大20()倍，则需并联的电阻箱阻值为

（3）网根据要求，滑动变阻器需采用分压式接法，选总阻值较小的K，同时因电流表已改装成合适的量程,

并且已知其内阻，故采用电流表内接法，电路图如答图1所示

图1

（4）⑷根据题图丙描绘的点，用直线进行拟合，注意让尽可能多的点在直线上，若有不在直线上的点，则

应大致分布在直线两侧，偏离直线较远的点舍去，如答图2所示

图2

[5]由实验原理得

△u

R、+RA=15.0。

A/x200

解得待测电阻

Rv=（15.0-5.0）Q=10.0Q

由于误差9.90Q〜10.2。均可

21.某实验小组要测量两节干电池组的电动势和内阻，实验室有下列器材:

A.灵敏电流计G（0~5mA,内阻约为60。）

B.电压表V（0~3V,内阻约为10kC）

C.电阻箱Ri（0〜999.9。）

D.滑动变阻器R2（0〜100。，1.5A）

E.旧电池2节

F.开关、导线若干

(1)由于灵敏电流计的量程太小，需扩大灵敏电流计的量程。测量灵敏电流计的内阻的电路如图甲所示，调

节R2的阻值和电阻箱使得电压表示数为2.00V,灵敏电流计示数为4.00mA,此时电阻箱接入电路的电阻

为1.0Q,则灵敏电流计内阻为C；(保留1位小数)

(2)为将灵敏电流计的量程扩大为60mA,该实验小组将电阻箱与灵敏电流计并联，则应将电阻箱Ri的阻

值调为(保留3位有效数