青海玉树州2024年高考模拟物理试卷（含解析）

青海玉树州2024年高考仿真模拟物理试卷

注意事项

1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.

3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.

4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他

答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.

5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、下列说法中正确的是（）

A.布朗运动是指液体分子的无规则运动

B.物体对外做功，其内能一定减小

C.两分子间距离减小，分子间的引力和斥力都增大

D.用打气筒往自行车轮胎内打气时需要用力，说明气体分子间存在斥力

2、如图所示为六根导线的横截面示意图，导线分布在正六边形的六个角，导线所通电流方向已在图中标出。已知每条

导线在0点磁感应强度大小为5°,则正六边形中心处磁感应强度大小和方向（）

*®、、、

软‘‘”

・。：

tI

加、，点

A.大小为零

B.大小23°,方向水平向左

C.大小45°,方向水平向右

D.大小43°,方向水平向左

3、如图所示，质量为机的木块在质量为"的长木板上滑行，木块与长木板间动摩擦因数为日2,长木板与地面间动

摩擦因数为匕。若长木板处于静止状态，则长木板受地面摩擦力大小为（）

'匕金+B.N〃+加gC方gD.2火+5吸

4、如图所示，一倾角为30。的匀质圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定角速度/转动，盘面上离转轴距离d处有一

带负电的电荷量为外质量为机的小物体与圆盘始终保持相对静止.整个装置放在竖直向上的匀强电场中，电场强度

£=丁，则物体与盘面间的动摩擦因数至少为（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g为重力加速度）（）

2q

Q（3g+4tO2d）2（O+l）（»2d

9g3g

c>/3（g+4cO2（Z）D邛（g+2gd）

-31'

5、高铁是中国“新四大发明之一，有一段视频，几年前一位乘坐京泸高铁的外国人，在最高时速300公里行驶的列车

窗台上，放了一枚直立的硬币，如图所示，在列车行驶的过程中，硬币始终直立在列车窗台上，直到列车横向变道进

站的时候，硬币才倒掉，这一视频证明了中国高铁的极好的稳定性。关于这枚硬币，下列判断正确的是（）

A.硬币直立过程可能受到与列车行驶方向相同的摩擦力作用

B.硬币直立过程一定只受重力和支持力而处于平衡状态

C.硬币倒掉是因为受到风吹的原因

D.列车加速或减速行驶时，硬币都可能受到与列车运动方向相反的摩擦力作用

6、如图甲所示电路，理想变压器原线圈输入电压如图乙所示，副线圈电路中叫为定值电阻，尺是滑动变阻器，C为

耐压值为22V的电容器，所有电表均为理想电表。下列说法正确的是（）

A.副线圈两端电压的变化频率为0.5Hz

B.电流表的示数表示的是电流的瞬时值

C.滑动片P向下移时，电流表A1和A2示数均增大

D.为保证电容器C不被击穿，原副线圈匝数比应小于10：1

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、以下说法正确的是

A.液体表面张力有使液面收缩到最小的趋势

B.水结为冰时，水分子的热运动会消失

C.热量总是自动地从分子平均动能大的物体向分子平均动能小的物体转移

D.花粉颗粒在水中做布朗运动，反映了花粉分子在不停地做无规则运动

E.恒温水池中，小气泡由底部缓慢上升过程中，气泡中的理想气体内能不变，对外做功，吸收热量

8、如图，正点电荷固定在。点，以O为圆心的同心圆上有。、b、c三点，一质量为机、电荷量为-q的粒子仅在电场

力作用下从a点运动到。点，速率分别为匕、vb.若a、、的电势分别为纥、%,则

II_'I

：10㊉：：

b\\3:

、、~f,

—

qV2-V2

A.a、c两点电场强度相同B.粒子的比荷一二彳尸--r

m2((p-(p)

ab

C.粒子在a点的加速度大于在b点的加速度D.粒子从a点移到b点，电场力做正功，电势能减少

9、18世纪，数学家莫佩尔蒂和哲学家伏尔泰，曾设想“穿透”地球：假设能够沿着地球两极连线开凿一条沿着地轴的

隧道贯穿地球，一个人可以从北极入口由静止自由落入隧道中，忽略一切阻力，此人可以从南极出口飞出，则以下说

法正确的是(已知地球表面处重力加速度g取10m/s2；地球半径R=6.4xl06m；地球表面及内部某一点的引力势能

GMm

E=---------,r为物体距地心的距离)()

Pr

A.人与地球构成的系统，虽然重力发生变化，但是机械能守恒

B.当人下落经过距地心0.5R瞬间，人的瞬时速度大小为4x103m/s

C.人在下落过程中，受到的万有引力与到地心的距离成正比

D.人从北极开始下落，直到经过地心的过程中，万有引力对人做功W=1.6x109J

10、如图所示，4、B、C三点组成一边长为/的等边三角形。该空间存在平行于A3C平面的匀强电场。一质量为根、

带电量为+q的粒子仅受电场力作用依次通过A、5、C三点，通过A、C两点的速率均为v,通过3点时的速率为——v,

uOn

则该匀强电场场强E的大小和方向分别是

A.E=----------------0-

3ql

C.方向垂直AC斜向上方向垂直AC斜向下

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.(6分)如图所示，用质量为机的重物通过滑轮牵引小车，使它在长木板上运动，打点计时器在纸带上记录小车的

运动情况.利用该装置可以完成“探究动能定理”的实验.

(1)打点计时器使用的电源是(选填选项前的字母).

A.直流电源B.交流电源

(2)实验中，需要平衡摩擦力和其他阻力.正确操作方法是(选填选项前的字母).

A.把长木板右端垫高B.改变小车的质量

(3)在不挂重物且______(选填选项前的字母)的情况下，轻推一下小车，若小车拖着纸带做匀速运动，表明已经消除

了摩擦力和其他阻力的影响.

A.计时器不打点B.计时器打点

(4)接通电源，释放小车，打点计时器在纸带上打下一系列点，将打下的第一个点标为O.在纸带上依次去A、5、。……

若干个计数点，已知相邻计数点间的时间间隔为7.测得A、5、C……各点到。点的距离为％、马、鼻……，如图所

实验中，重物质量远小于小车质量，可认为小车所受的拉力大小为胆g,从打。点打笈点的过程中，拉力对小车做的

功W=,打B点时小车的速度v=.

(5)以V2为纵坐标，W为横坐标，利用实验数据作如图所示的V2_W图象.由此图象可得V2随W变化的表达式为

.根据功与能的关系，动能的表达式中可能包含V2这个因子；分析实验结果的单位关系，与图线

(6)假设已经完全消除了摩擦力和其他阻力的影响，若重物质量不满足远小于小车质量的条件，则从理论上分析，图中

正确反映V2-W关系的是.

A.B.C,D.

12.(12分)某同学利用气垫导轨验证动量守恒定律，同时测量弹簧的弹性势能，实验装置如图甲所示，两滑块A、B

上各固定一相同窄片。部分实验步骤如下：

I.用螺旋测微器测量窄片的宽度d;

n.将气垫导轨调成水平；

H.将A、B用细线绑住，在A.B间放入一个被压缩的轻小弹簧；

IY烧断细线，记录A、B上的窄片分别通过光电门C、D的挡光时间.、，2。

(1)若测量窄片的宽度d时，螺旋测微器的示数如图乙所示，则“=_____mm。

(2)实验中，还应测量的物理量是

A.滑块A的质量机1以及滑块B的质量机？

B.烧断细线后滑块A、B运动到光电门C、D的时间与A、片D

C.烧断细线后滑块A、B运动到光电门C、D的路程X2

(3)验证动量守恒定律的表达式是；烧断细线前弹簧的弹性势能Ep=。(均用题中相关物理量的

字母表示)

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)一玻璃立方体中心有一点状光源.今在立方体的部分表面镀上不透明薄膜，以致从光源发出的光线只经

过一次折射不能透出立方体.已知该玻璃的折射率为W，求镀膜的面积与立方体表面积之比的最小值.

14.(16分)如图所示，一绝缘水平桌面，空间存在一广域匀强电场，强度大小为£=黑，现同时将两个质量均为机

的滑块4、3由静止释放在桌面上。已知两滑块A5均带正电，电荷量大小为小且间的距离为L=lm。已知滑

块4、3与轨道间的动摩擦因数分别为巴=04和口。=0.85,重力加速度lOm/sz,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，

AB

滑块之间发生的碰撞为弹性碰撞，且无电荷转移，滑块可视为质点。求：

(1)两滑块从静止释放开始经过多长时间，滑块之间发生第二次碰撞；

(2)A从释放到最终停止所运动的位移。

E

-------------------------------------------------------------------►

XB

15.(12分)如图所示，用质量为机，横截面积为S的活塞在气缸内封闭一定质量的理想气体，不计活塞厚度及活塞

和气缸之间的摩擦。开始时活塞距气缸底的高度为人且气缸足够高，气体温度为"，外界大气压强为尸。，重力加速度

PS

为g,其中〃2=苏求：

(i)封闭气体的压强；

1

(ii)在活塞上面放置一个物体，物体的质量也为心，再次平衡后，发现活塞距气缸底的高度为'瓦则此时气体。的

温度为多少。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

A.布朗运动是固体颗粒的运动，间接反映了液体分子的无规则运动，故A错误；

B.改变内能的方式有做功和热传递，只知道物体对外做功，而不知道热传递的情况，无法确定其内能变化，故B错

误；

C.分子间的引力和斥力都随分子间距离的增大而减小，随分子间距离的减小而增大，但总是斥力变化得较快，故C

正确；

D.用打气筒往自行车轮胎内打气时需要用力，是因为气体压强增大的缘故，并不能说明气体分子间存在斥力，而且

气体分子间的分子力几乎可以忽略不计，故D错误。

故选C。

2、D

【解析】

根据磁场的叠加原理，将最上面电流向里的导线在。点产生的磁场与最下面电流向外的导线在0点产生的磁场进行合

成，则这两根导线的合磁感应强度为勺；同理，将左上方电流向里的导线在。点产生的磁场与右下方电流向外的导线

在。点产生的磁场进行合成，则这两根导线的合磁感应强度为q，将右上方电流向里的导线在o点产生的磁场与左

下方电流向外的导线在。点产生的磁场进行合成，则这两根导线的合磁感应强度为82,如图所示：

①

.»K一

中B2专

血、马方

。

根据磁场叠加原理可知：«=«=«=2B,由几何关系可：%与色的夹角为120，故将气与气合成，则它们的

合磁感应强度大小也为2线，方向与片的方向相同，最后将其与巧合成，可得正六边形中心处磁感应强度大小为4々,

方向水平向左，D正确，ABC错误。

故选D。

3、C

【解析】

隔离分析长木块，如图甲，受重力机？、支持力F、向左的滑动摩擦力

N

m

甲

F=N〃吆①

f2

隔离分析木板，如图乙，受重力吸、木块的压力小？、向右的滑动摩擦力々、地面的支持力尸,与向左的静摩擦力o

fN地f地

水平方向受力平衡

F=F②

f地f

解①②式得

F=[Img

f地2

竖直方向受力平衡

F=(m+M)g

N地1

达到最大静摩擦力时(临界点)，为

F'=\\,F=p.(m+M)g

f地IN地1

由题可知长木板静止不动，所以

F<|1(m+M)g

f地1

所以C正确，ABD错误。

故选C。

4、A

【解析】

物体以恒定角速度3转动，所以，物体在垂直盘面方向上合外力为零，故支持力

F=mg+mg\cos30°="mg

NI2J4

物体在盘面上的合外力即向心力

F2d

向

则最大静摩擦力至少为

（1A3

f=F+mg+mgsin300=m32d+mg

向I2J4

故物体与盘面间的动摩擦因数至少为

fm^d+lmgrQg+402d）

广一3w—9^~

N；mg

故A正确，BCD错误.

5、A

【解析】

当列车匀速直线行驶时硬币立于列车窗台上，稳稳当当，说明硬币处于平衡状态，此时硬币受到竖直向下的重力和竖

直向上的支持力，它们是一对平衡力；当列车在加速或减速过程中，硬币会受到沿着行进方向的静摩擦力或行进方向

反向的静摩擦力提供硬币加速度，故A正确，BD错误；硬币倒掉是因为列车横向变道时，列车运动的方向发生变化,

硬币受到与运动方向不一致的静摩擦力的作用，列车内是全封闭区域是没有外界吹来的风，故C错误.

6、C

【解析】

A.根据图乙知交流电周期为0.02s,周期与频率的关系为

Hz=50Hz

T0.02

所以频率为50Hz,故A错误；

B.电流表、电压表的示数表示的都是有效值，故B错误；

C.滑动变阻器的触头向下滑动，电阻减小，而副线圈电压不变，副线圈电流增大，由P=O可得副线圈的输出功率变

大，变压器的输入功率等于输出功率增大，所以输入电流也变大，即两个电流表的示数都增大，故C正确；

D.由题意知，原线圈的最大电压为311V,而电容器的耐压值为22V,即为最大值，根据原副线圈的变压比

U3111072n

-1-==----=—1-

U221n

22

可知匝数比应大于故D错误。

故选c。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ACE

【解析】

A.液体由于存在表面张力，由收缩成球形的趋势，故A正确；

B.水结冰时，由液体变为固体，分子热运动仍然存在，故B错误；

C.由热力学第二定律可知，热量总是自发的从温度高的物体传到温度低的物体，即热量总是自动地从分子平均动能

大的物体向分子平均动能小的物体转移，故C正确；

D.花粉颗粒在水中做布朗运动，反映了水分子在不停地做无规则运动，故D错误；

E.由于水池恒温，故理性气体温度不变，内能不变，由于气体上升的过程体积膨胀，故对外做功，由热力学第一定

律可知，气体吸收热量，故E正确；

故选ACE。

8、BC

【解析】

A.根据正点电荷电场的特征可知，a、c两点电场强度大小相同，方向不同，故A错误；

B.电荷量为-q的粒子仅在电场力作用下从。点运动到b点，由能量守恒定律，

11

^mva2.q(p=-mvb2.q(Pb,

解得

qV2-vz

m2(十一。)'

ab

选项B正确；

C.根据点电荷电场强度公式可知，”点的电场强度大于。点，粒子在。点所受的库仑力大于在5点所受的库仑力，由

牛顿第二定律可知粒子在a点的加速度大于在》点的加速度，故C正确；

D.电荷量为-g的粒子粒子从a点移到。点，克服电场力做功，电势能增大，选项D错误.

9、AC

【解析】

A.人下落过程只有重力做功，重力做功效果为重力势能转变为动能，故机械能守恒，故A正确；

B.当人下落经过距地心0.5R瞬间，其引力势能为：

17GMm

P0.57?

根据功能关系可知:

E-E=AE

GMmGMm

=—mV2-0

R0.5R2

在地球表面处忽略地球的自转:

GMm

则联立以上方程可以得到：

v=^2gR=8^/2xlO%n/s

故B错误；

C.设人到地心的距离为一，地球密度为P,那么，由万有引力定律可得：人在下落过程中受到的万有引力为:

4

rGMmGPg兀r3m

A二二______________________—JiGpmr

故万有引力与到地心的距离成正比，故C正确；

4

D.由万有引力/=?兀Gpmr可得：人下落到地心的过程万有引力做功为：

14GMm1

iy=-x_7iGpm/?x/?=-------=-mgR

232R2

由于人的质量机未知，故无法求出万有引力的功，故D错误；

故选AC。

10、BC

【解析】

AB.据题意可知AC为该匀强电场的等势线，因从4到5电场力对粒子做负功，且粒子带正电，可知电场方向垂直AC

斜向上，据动能定理可得

价1fV3Y1

22130)2o

-2d3mv2

解得E=.7c故A错误B正确。

CD.据题意可知AC为该匀强电场的等势线，因从A到3电场力对粒子做负功，且粒子带正电，可知电场方向垂直

AC斜向上，故C正确D错误。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

X—X

11,BABmgx——i-V2=0.008+4.69W质量A

22T

【解析】

打点计时器均使用交流电源；

A.直流电源与分析不符，故A错误；

B.交流电源与分析相符，故B正确；

(2)⑵平衡摩擦和其他阻力，是通过垫高木板右端，构成斜面，使重力沿斜面向下的分力跟它们平衡；

A.与分析相符，故A正确；

B.与分析不符，故B错误；

(3)[3]平衡摩擦力时需要让打点计时器工作，纸带跟打点计时器限位孔间会有摩擦力，且可以通过纸带上打出的点迹判

断小车的运动是否为匀速直线运动；

A.与分析不符，故A错误；

B.与分析相符，故B正确；

⑷[4]小车拖动纸带移动的距离等于重物下落的距离，又小车所受拉力约等于重物重力，因此拉力对小车做的功：

W-mgx

2

[5]小车做匀变速直线运动，因此打5点时小车的速度为打AC段的平均速度，则有：

x-x

V=-3-------J-

B2T

(5)[6]由图示图线可知：

,(AV)20.47xlO-2

k=--------=---------------=4.7

AW10

纵截距为：

b=Q.01

则V2随W变化的表达式为：

V2=0.01+4.7W

[7]功是能量转化的量度，所以功和能的单位是相同的，斜率设为左，则

,V2

K-----

W

代入单位后，上的单位为依T,所以与该斜率有关的物理量为质量；

(6)[8]若重物质量机不满足远小于小车质量M,则绳子对小车的拉力实际不等于重物的重力，由mg=(A/+机)a和

尸=肱/可得：

F----------m2

M+m

由动能定理得：

Fx--MV2

2

2F2mg

V2=----X=----------X

MM+m

而:

W=mgx

72

则实际V2-W图线的斜率：k=——重物质量加与小车质量"不变，速度虽然增大，但斜率不变；

M+m

A.与分析相符，故A正确；

B.与分析不符，故B错误；

C.与分析不符，故C正确；

B.与分析不符，故D错误.

【名师点睛】

实验总存在一定的误差，数据处理过程中，图象读数一样存在误差，因此所写函数表达式的比例系数在一定范围内即

可；第(6)问有一定的迷惑性，应明确写出函数关系，再进行判断.

,c、

mmd2mm

12、4.800A-i=—2-------------L+_X

tt2{t2t2

12V127

【解析】

⑴口］螺旋测微器主尺的示数为4.5mm,可动刻度的示数为0.01mmx30.0=0.300mm,故

d=4.5mm+0.300mm=4.800mm

(2)［2］验证动量守恒定律，需要测量滑块A、B的质量机］和机?

故选A

(3)［3］根据动量守恒定律

mv—mv=0

1122

其中

dd

V=—V=

't、2t

12

可得

mm

i2

[4]根据能量守恒定律可得，烧断细线前弹簧的弹性势能

二11ch(mm、

E=—mv2+—mv2=———+—2.

P21122221t2

V12,

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

71

13、

4

【解析】

试题分析：通过光线在镀膜部分发生全反射，根据临界情况，通过几何关系求出镀膜面积与立方体表面积之比的最小

如图，考虑从玻璃立方体中心O点发出的一条光线，假设它斜射到玻璃立方体上表面发生折，根据折射定律有:

〃sinO=sina,式中，n是玻璃的折射率，入射角等于0,a是折射角，现假设A点是上表面面积最小的不透明薄