湖北省黄冈八模2025届高三物理模拟考试试题三（含解析）

湖北省黄冈八模2025届高三物理模拟考试试题（三）（含解析）

第1卷（选择题，共126分）

二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分，在每小题给出的四个选项中，第14—18

题只有一项符合题目要求，第19〜21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不

全的得3分，有选错的得。分.

1.如图是世界物理学史上两个闻名试验装置图，下列有关试验的叙述正确的是

A.图甲是々粒子散射试验装置，卢瑟福指导他的学生们进行a粒子散射试验探讨时，发觉了

质子和中子

B.图甲是a粒子散射试验装置，汤姆孙依据a粒子散射试验，提出了原子“枣糕模型”结构

C.图乙是探讨光电效应的试验装置，依据光电效应规律，超过极限频率的入射光频率越大，

则光电子的最大初动能越大

D.图乙是探讨光电效应的试验装置，依据光电效应规律，超过极限频率的入射光光照强度肯

定，则光的频率越大所产生的饱和光电流就越大

【答案】C

【解析】

【详解】AB、图甲是戊粒子散射试验装置，卢瑟福提出了核式结构模型；卢瑟福通过用a粒

子轰击氮原子放出氢核，发觉了质子；查得威克发觉了中子；汤姆孙通过探讨阴极射线中粒

子的性质发觉了电子，故选项A、B错误；

C、图乙是探讨光电效应的试验装置，依据光电效应方程E切,=〃v-W可知超过极限频率的入

射光频率越大，则光电子的最大初动能越大，故选项C正确；

D、光较强时，包含的光子数较多，照耀金属时产生的光电子较多，因而饱和电流较大，入射

光的光强肯定时，频率越大，光电子的最大初动能最越大，而不是所产生的饱和光电流就越

大，故选项D错误.

2.如图所示，一光滑半圆形轨道固定在水平地面上，圆心为。、半径为此一根轻橡皮筋一端

连在可视为质点的小球上.另一端连在距离。点正上方片处的户点.小球放在与。点等高的

轨道上4点时，轻橡皮筋处于原长.现将小球从4点由静止释放，小球沿圆轨道向下运动，

通过最低点8时对圆轨道的压力恰好为零.已知小球的质量为如重力加速度为&则小球从

4点运动到8点的过程中下列说法正确的是（）

A.小球通过最低点时，橡皮筋的弹力等于侬

B.橡皮筋弹力做功的功率渐渐变大

C.小球运动过程中，橡皮筋弹力所做的功等于小球动能增加量

D.小球运动过程中，机械能的削减量等于橡皮筋弹性势能的增加量

【答案】D

【解析】

【详解】小球运动到最低点时，依据牛顿其次定律可得户-好〃匕，橡皮筋的弹力后建+0匕，

RR

故尸大于侬，故A错误；依据户户vcosa可知，起先时v=0,则橡皮筋弹力做功的功率小0.在

最低点速度方向与尸方向垂直，a=90°,则橡皮筋弹力做功的功率尸0,故橡皮筋弹力做功

的功领先变大后变小，故B错误；小球运动过程中，依据动能定理知，重力做功和橡皮筋弹

力所做的功之和等于小球动能增加量，故C错误.小球和弹簧组成的系统机械能守恒，知小

球运动过程中，机械能的削减量等于橡皮筋弹性势能的增加量，故D正确.

3.电磁流量计广泛应用于测量可导电流体（如污水）在管中的流量（在单位时间内通过管内

横截面的流体的体积）.为了简化，假设流量计是如图所示的横截面为长方形的一段管道，其

中空部分的长、宽、高分别为图中的a、6、c.流量计的两端与输送流体的管道相连接（图中

虚线）.图中流量计的上下两面是金属材料，前后两面是绝缘材料.现于流量计所在处加磁感

应强度为6的匀强磁场，磁场方向垂直于前后两面.当导电流体稳定地流经流量计时，在管

外将流量计上、下两表面分别与一电压表（内阻很大）的两端连接，〃表示测得的电压值.则

可求得流量为（）

bUcU「c2U

A.一B.—u.----D,也

BBbBcB

【答案】A

【解析】

【详解】将流量计上、下两表面分别与一电压表（内阻很大）的两端连接，〃表示测得的电压

值,

那么电动势£=小依据粒子平衡得，qvB=q—联立两式解得，v=—.则流量

ccB

bU

vbc=---.故A正确，BCD错误.

B

4.一含有志向变压器电路如图所示，沟通电源输出电压的有效值不变，图中三个电阻R完

全相同，电压表为志向沟通电压表，当开关S断开时，电压表的示数为U。；当开关S闭合时,

37

电压表的示数为二变压器原、副线圈的匝数比为（）

38

C.7D.8

【答案】B

【解析】

当开关断开时，副线圈电压为。2=3^依据欧

【详解】设变压器原、副线圈匝数之比为上

k

姆定律得副线圈中电流为：/2=S=Z

则原线圈中电流为：则沟通电

RRkkk2R

TJ37

的输出电压为：U=Uo+/]H=Uo+f①；当S闭合时，电压表的示数为二。0,则副线

7k38

37。仁：2x370。37U。

圈的电压为一依据欧姆定律得：2一尺―38kR-19氏左，则原线圈中电流

38K—

。°,则沟通电的输出电压为:…加啜端②；①②联

为：/；=%=37

ki9k-R

立解得A=6，故B正确.

5.如图所示为鱼饵自动投放器的装置示意图，其下部是一个高度可以调整的竖直细管，上部

是四分之一圆弧弯管，管口沿水平方向.竖直细管下端装有原长为4的轻质弹簧，弹簧下端

与水面平齐，将弹簧压缩并锁定，把鱼饵放在弹簧上.解除锁定当弹簧复原原长时鱼饵获得

速度的.不考虑一切摩擦，重力加速度取g,调整竖直细管的高度，可以变更鱼饵抛出后落水

点距管口的水平距离,则该水平距离的最大值为

2

B.—+2L.C.名■一£oD.一

A.—+Z„

2gg2gg

【答案】A

【解析】

【详解】设弹簧复原原长时弹簧上端距离圆弧弯管口竖直距离为h,依据动能定理有一

mg/F-mv2,鱼饵离开管口后做平抛运动，竖直方向有人+Zo=4gF,鱼饵被平抛的

222

J彳-2h(2/z+2£)<--y-2L=t+L0

水平距离产vt,联立解得元=00所以调整

竖直细管的高度时，鱼饵被投放的最远距离为生+乙，选项A正确.

2g

6.如图所示，一水平放置的平行板电容器充电以后与电源断开，并在其间加上垂直纸面对里

的匀强磁场；某带电质点以某一速度从水平平行板中心进入正交的匀强电场和匀强磁场中，

刚好做匀速直线运动。下列说法正确的是（）

T-

XXXXXXXX

XXXXXX

£<齐■><■-><X-X--><-><

XXXXXXXX

A.该质点肯定带正电

B.该质点可能带负电

C.若仅磁场的水平方向匀称增大，质点将向上偏转，速率越来越小

D.若将下极板缓慢向下移动，质点将向下偏转，速率越来越大

【答案】AC

【解析】

【详解】AB.在平行板之间有匀强磁场和匀强电场，带电质点做匀速直线运动，所以带电质

点受力平衡，重力向下，电场力向上，洛伦兹力向上，则

mg=Eq+qvB

所以带电质点带正电，故A正确，B错误；

C.假如磁场匀称增大，则该质点所受洛伦兹力将增大，质点向上偏转，但是洛伦兹力对质点

不做功，即不变更质点速度的大小，而重力和电场力的合力向下，所以质点将减速，即其速

率将减小，所以C正确；

D.将下极板向下移动，依据电容的确定式

C=^-

471kd

可得，电容减小；由题意可知，电容器极板的电荷量不变，则依据公式

可得公式

E="迎

S4

即场强的大小与两极板的距离无关，所以场强不变，质点将接着匀速直线运动，所以D错误。

故选ACo

7.如图所示是宇宙空间中某处孤立天体系统的示意图，位于。点的一个中心天体有两颗环绕

卫星，卫星质量远远小于中心天体质量，且不考虑两卫星间的万有引力。甲卫星绕。点做半

径为广的匀速圆周运动，乙卫星绕。点的运动轨迹为椭圆，半长轴为广、半短轴为二，甲、

2

乙均沿顺时针方向运转。两卫星的运动轨迹共面且交于M、N两点。某时刻甲卫星在〃处,

乙卫星在N处。下列说法正确的是（）

甲

M

歹乙

A.甲、乙两卫星的周期相等

B.甲、乙两卫星各自经过〃处时的加速度大小相等

C.乙卫星经过M、N处时速度相同

D.甲、乙各自从〃点运动到N点所需时间之比为1：3

【答案】AB

【解析】

【详解】A.椭圆的半长轴与圆轨道的半径相等，依据开普勒第三定律知，两颗卫星的运动周

期相等，故A正确；

B.甲、乙在〃点都是由万有引力产生加速度，则有

GM

a=

-r2-

故加速度大小相等，故B正确；

C.乙卫星在〃、N两点的速度方向不同，故C错误；

D.甲卫星从"到N,依据几何关系可知，经验上丁,而乙卫星从河到N经过远地点，依

6

据开普勒行星运动定律，可知卫星在远地点运行慢，近地点运行快，故可知乙卫星从〃到N

运行时间大于1丁，而从N到M运行时间小于工丁，故甲、乙各自从M点运动到N点的时

22

间之比不是1：3,故D错误。

故选AB„

8.如图甲所示，一质量为〃的物体静止在水平面上，自公0时刻起对其施加一竖直向上的力凡

力户随时间2变更的关系如图乙所示，已知当地重力加速度为g,在物体上升过程中，空气阻

力不计，以下说法正确的是（）

A.物体做匀变速直线运动

B.2时刻物体速度最大

C.物体上升过程的最大速度为g"

D.%时刻物体到达最高点

【答案】BD

【解析】

--2mg

【详解】由图可得力户与时间的关系为F=2mg—一jt,则可得物体的合外力与时间的关

%

l2mgF小2g

系为FA=mg-一小,由牛顿其次定律可得加速度与时间的关系式为«=—=g-一~t,

tomK

则可知物体先向上做加速度减小的加速运动，再做加速度增大的减速运动，然后再向下做加

速度增大的加速运动，在上升过程中，当加速度为零时，速度最大，即8-乎/=0,可得

t=~t,故A错误，B正确；由初速度大小为零，所以末速度大小等于速度的变更大小，由

2G

前面的分析可知，加速度与时间成线性关系，所以最大速度大小为

t

vm=^=^^-^=-gt0,故C错误；由前面的分析可知在右而时，加速度为。=一g,

224

依据运动的对称性规律可知，此时间速度减小为0,物体运动到最高点，故D正确.故选BD.

第II卷(非选择题，共174分)

三、非选择题：共174分.第22〜32题为必考题，每个试题考生都必需作答.第33〜38题

为选考题，考生依据要求作答。

(-)必考题：共129分

9.用如图甲所示装置结合频闪照相机拍摄的照片的来验证动量守恒定律，试验步骤如下：

①用天平测出从6两个小球的质量处和期；

②安装好试验装置，使斜槽的末端所在的平面保持水平；

③先不在斜槽的末端放小球B,让小球A从斜槽上位置户由静止起先释放，小球A离开斜槽后,

频闪照相机连续拍摄小球/的两位置（如图乙所示）；

④将小球8放在斜槽的末端，让小球/仍从位置户处由静止起先释放，使它们碰撞，频闪照

相机连续拍摄下两个小球的位置（如图丙所示）；

⑤测出所须要的物理量.

请回答：

（1）试验①中46的两球质量应满意

⑵在步骤⑤中，须要在照片中干脆测量的物理量有；（请选填“两、加为、力、XB、端）

（3）两球在碰撞过程中若动量守恒，满意的方程是：.

【答案】(1).mA>mBxo；(2).;(3).xBmAxo^mAxA+mBxB

【解析】

（1）在小球碰撞过程中水平方向动量守恒，故有如匹=如匹+利必，在碰撞过程中动能守恒，故

।]]m—m

有一解得K='-----mo,要碰后a的速度匕＞0,即阿-%＞0,

222mA+mB

如＞如；（2）由于频闪照相的频率固定，因此只须要测量小球的水平位移，在步骤⑤中，须要

在照片中干脆测量的物理量有Xo、XA、XB；（3）验证的方程为mAXo=niAXA+mBXB

10.某同学想将一量程为1mA的灵敏电流计G改装为多用电表，他的部分试验步骤如下：

（1）他用如图甲所示的电路测量灵敏电流计G的内阻

①请在乙图中将实物连线补充完整____________;

②闭合开关《后，将单刀双置开关S?置于位置1,调整滑动变阻器R阻值，使电流表G。有

适当示数I。：然后保持R的阻值不变，将开关S2置于位置2,调整电阻箱上，使电流表G。示

数仍为L.若此时电阻箱阻值R2=200Q,则灵敏电流计G的内阻R产Q.

(2)他将该灵敏电流计G按图丙所示电路改装成量程为3mA、30mA及倍率为“XI”、“X10”

的多用电表.若选择电流30mA量程时，应将选择开关S置于(选填"a”或"b”

或%"或"d"),依据题给条件可得电阻RkQ,R2=Q.

a0

插孔4插孔B

丙

(3)已知电路中两个电源的电动势均为3V,将选择开关置于a测量某电阻的阻值，若通过灵

敏电流计G的电流为0.40mA,则所测电阻阻值为

【答案】(1).如图所示:

(2).200(3).b(4).10(5).90(6),150

【详解】⑴①由原理图连线如图:

R。

②由闭合电路欧姆定律可知，两状况下的电流相同，所以灵敏电流计G的内阻R1200Q；

(2)由表头改装成大量程的电流表原理可知，当开关接b时，表头与R?串联再与R串联，此种

情形比开关接c时更大，故开关应接b

由电流表的两种量程可知：

200x10-3

接c时有:Ri+R,=Q=100Q

2x10-3

接b时有：29x10-3居=1x10-3x(200+4)

联立解得：N=10。,4=900；

3

⑶接时，(307以，多用电表的内阻为：R=------O=100Q,此时流过待测电

aax=g30x10-?3

阻的电流为/=0.4+°,X(90+200)=12/横,所以总电阻为：

10

3

R*=----------Q=250Q,所以测电阻阻值为150Q.

息12x10-3

11.如图所示，两平行的光滑金属导轨固定在竖直平面内，导轨间距为£、足够长且电阻忽视

不计，条形匀强磁场的宽度为4磁感应强度大小为6、方向与导轨平面垂直。长度为2d的

绝缘杆将导体棒和正方形的单匝导线框连接在一起组成装置，总质量为处置于导轨上。导体

棒与金属导轨总是处于接触状态，并在其中通以大小恒为/的电流(由外接恒流源产生，图

中未画出)。线框的边长为d(d<L),电阻为尼下边与磁场区域上边界重合。将装置由静

止释放，导体棒恰好运动到磁场区域下边界处返回，导体棒在整个运动过程中始终与导轨垂

直，重力加速度为g。试求：

(1)装置从释放到起先返回的过程中，线框中产生的焦耳热Q-,

(2)经过足够长时间后，线框上边与磁场区域下边界的最大距离不。

【答案】⑴4mgd-BILd-(2)-.....

B1L—mg

【解析】

【详解】(1)因为导体棒恰好运动到磁场区域下边界处返回，所以导体棒所受安培力方向竖直

向上，依据左手定则可知导体棒通有电流的方向水平向右；安培力大小为

F=BIL

设装置由静止释放到导体棒运动到磁场下边界的过程中，作用在线框上的安培力做功为周由

动能定理得

mg-4-d+W—BILd-0

且

Q=-W

解得

Q=4mgd—BILd

(2)线框每进磁场一次都要消耗机械能转化为焦耳热，所以经过足够长时间后，线框在磁场下

边界与最大距离荀之间往复运动，由动能定理得

mgxm-BLI{xm-d)=0

解得

BILd

111BIL-mg

12.如图所示，小球C在光滑的水平直轨道上处于静止状态。在它左边有一垂直于轨道的固定

挡板，右边有两个小球A和B用处于原长的轻质弹簧相连，以相同的速度均向C球运动，C

与B发生碰撞并马上结成一个整体D。在A和D接着向左运动的过程中，当弹簧长度变到最短

时，长度突然被第一次锁定不能伸长但还能接着被压缩。然后D与挡板P发生弹性碰撞，而A

的速度不变。过一段时间，弹簧被接着压缩到最短后其次次锁定。已知A、B、C三球的质量

均为加。求：

(1)弹簧长度第一次被锁定后A球的速度；

(2)弹簧长度其次次被锁定后的最大弹性势能。

【解析】

【详解】(1)设C球与B球粘结成D时，D的速度为匕，由动量守恒定律可得

mv0=(m+m)vx

解得

1

匕=5"°

当弹簧压至最短时，D与A的速度相等，设此速度为必由动量守恒，有

2mvY+mv0=3mv2

解得A的速度

2

%=JV°

(2)设弹簧长度第一次被锁定后，储存在弹簧中的势能为国。由能量守恒得

1-2根V；=1-3mvl+Epi

解得

Epi=*机诏

-2_

撞击P后，D的速度大小不变，仍为方向向右；A的速度大小和方向均不变。然后D与

A接着相互作用，设当弹簧压缩到最短时，A与D的速度为时,依据动量守恒定律可得

2mv2—mv2=3mv3

解得

12

匕=3岭=7。

弹性势能的增加量为

AZ721勺2162

A£=—•3mv-----3mv,=——mv

pn2?227n

弹簧长度其次次被锁定后的最大弹性势能

Ep2=Epi+-Ep=花根行

(-)选考题：共45分.请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题做

答，假如多做，则每科按所做的第一题计分.

13.用油膜法估测分子大小的试验步骤如下：

①向体积为匕的纯油酸中加入酒精，直到油酸酒精溶液总量为修

②用注射器吸取上述溶液，一滴一滴地滴入小量筒，当滴入〃滴时体积为6

③先往边长为30~40cm的浅盘里倒入2cm深的水；

④用注射器往水面上滴一滴上述溶液，等油酸薄膜形态稳定后，将事先打算好的玻璃板放在

浅盘上，并在玻璃板上描出油酸薄膜的形态；

⑤将画有油酸薄膜轮廓形态的玻璃板，放在画有很多边长为a的小正方形的坐标纸上；

⑥计算出轮廓范围内正方形的总数为从其中不足半个格的两个格算一格，多于半个格的算一

格。

上述试验步骤中有遗漏和错误，遗漏的步骤是;错误的步骤是

(指明步骤，并改正)，油酸分子直径的表达式4=o

【答案】(1).将排子粉匀称撒在水面上(2).应当是不足半格的舍去，多于半格的

算一格(3).

NnaK

【解析】

【详解】[1]由试验步骤可知，缺少的试验步骤是，在步骤③后加上：将琲子粉匀称撒在水面

上。

[2]错误的是步骤⑥，应当改为：计算出轮廓范围内正方形的总数为从其中不足半个格舍去,

多于半个格的算一格。

[3]一滴油酸酒精溶液含有纯油酸的体积

丫=2乜=生

nV2nV2

油膜的面积

S=Na2

油酸分子的直径

d他

SNna2V2

14.如图所示为一个带有阀门从容积为2dm3的容器(容积不行变更).先打开阀门让其与大气

连通,再用打气筒向里面打气,打气筒活塞每次可以打进IXl()5pa、200cm3的空气，忽视打气和

用气时气体的温度变更(设外界大气的压强A=1X105Pa)

⑴若要使气体压强增大到5.0X105Pa,应打多少次气？

(ii)若上述容器中装的是5.0X105Pa的氧气,现用它给容积为0.7dm3的真空瓶充气，使瓶中的

气压最终达到符合标准的2.OXl()5p