云南省2024年高考物理模拟试卷及答案10

云南省2024年高考物理模拟试卷及答案阅卷人一、单选题得分1．1905年爱因斯坦提出光子假设，成功地解释了光电效应现象。1916年密立根通过测量遏止电压UcA．只要入射光强度足够大就一定能发生光电效应B．遏止电压UcC．用相同频率的光照射同种金属，发生光电效应时逸出的光电子初动能都相同D．光电效应现象表明了光具有波动性2．如图所示，一同学在擦黑板的过程中，对质量为m的黑板擦施加一个与竖直黑板面成θ角斜向上的力F，使黑板擦以速度v竖直向上做匀速直线运动。重力加速度大小为g，不计空气阻力，则（）A．黑板擦与黑板之间的动摩擦因数为mgB．黑板对黑板擦的作用力大小为(C．若突然松开手，松手瞬间黑板擦的加速度大小为FD．若突然松开手，松手后黑板擦能上升的最大高度为v3．某科幻电影中出现了一座在赤道上建造的垂直于水平面的“太空电梯”，如图所示。若太空电梯成为可能，宇航员将可以乘坐电梯到达特定高度的空间站。地球的自转不能忽略且地球视为均质球体。若“太空电梯”停在距地面高度为h处，对“太空电梯”里的宇航员，下列说法正确的是（）A．若ℎ=0，宇航员绕地心运动的线速度大小约为7.9km/sB．h越大，宇航员绕地心运动的线速度越小C．h越大，宇航员绕地心运动的向心加速度越小D．h与地球同步卫星距地面高度相同时，宇航员处于完全失重状态4．如图所示，纸面内有一圆心为O，半径为R的圆形磁场区域，磁感应强度的大小为B，方向垂直于纸面向里。由距离O点0.4R处的P点沿着与PO连线成A．7eBR10m B．C．21eBR40m D．阅卷人二、多选题得分5．一定质量的理想气体密闭在容器中，其压强随体积的变化过程如图所示。已知A→C是绝热变化过程。下列说法正确的是（）A．A→C过程中气体的温度不变B．C→B过程中每个分子的动能都增大C．B→A过程中，单位时间内容器壁单位面积上分子碰撞次数增多D．A→C→B→A，完成一次完整循环的过程气体对外做负功6．玻璃球中的气泡通常看起来都特别明亮，如图甲所示。若某玻璃球中心有一球形气泡，可简化为如图乙所示，其中一细光束从玻璃球表面的A点射入玻璃球后照射到空气泡表面上P点，在P点反射后到达玻璃球表面的B点。细光束在P点的入射角θ=60°，AB两点的距离为d。已知该玻璃的折射率为1.5，光在真空中的传播速度为c，不考虑多次反射。下列说法正确的是（）A．细光束在P点发生全反射 B．细光束在B点发生全反射C．细光束从A点传播到B点的时间为3dc 7．如图所示，有一平行于abc平面的匀强电场，其中a、b、c三点电势分别为2V、12V、6V，已知ab的距离为5cm，ac的距离为22cm，ac和ab的夹角为A．电子从a点移动到c点的过程中，电势能增大B．电子从a点移动到b点的过程中，电场力做正功C．电场强度的方向从c点指向a点D．电场强度的大小为200V/m8．同一均匀介质中有M、N两个波源，形成了两列相向传播的简谐横波，t=1s时刻的波形如图甲所示，图乙为波源N的振动图像。下列说法正确的是（）A．两列波的传播速度大小都为4m/s B．波源M比波源N晚振动的时间为0C．x=0处的质点在t=2.25s后的振幅为2cm D．x=0处的质点作t=3s阅卷人三、实验题得分9．某实验小组想定量探究“单摆周期与摆长的关系”，他们进行了如下实验：（1）组装好实验装置后，用游标卡尺测量小球直径如图所示，由图可得小球直径d=mm。（2）改变单摆摆长，记录了单摆摆长及其对应的单摆全振动30次的时间如下表所示。摆长L50.0060.0070.0080.0090.00100.00时间t42.7746.8650.6154.1157.3060.46周期T1.431.561.691.801.912.02某同学根据实验数据猜想单摆的周期T可能与其摆长L成正比的关系，请提出一种判断该同学的猜想是否正确的方法？（3）他们利用以上数据作图（单位均为国际单位制），经多次尝试，当纵坐标取T2，横坐标取摆长L时，得到一条直线，并得出T2和L的关系为：T2=4.06L+0.10．为测量两节串在一起的干电池组的电动势和内阻，某同学找到如下器材：A．待测干电池两节B．电流表：量程0∼3A内阻约0C．电流表：量程0∼0.6AD．电压表：量程0∼3V，内阻约3000ΩE．电压表：量程0∼15V，内阻约5000ΩF．定值电阻RG．滑动变阻器RH．开关、导线若干（1）因电池的内阻较小，为增大电压表的测量范围，以下给出的甲、乙两种测量方案中，你认为较合理的是。（选填“甲”或“乙”）（2）为减小测量误差，电流表应选择，电压表应选择。（填器材前面的代号）（3）实验中测得的数据如表中所示，请在图丙的坐标纸中将剩余数据对应的点描出，并通过所作的U−I图像求出电池组的电动势E=V，内阻r=Ω，该实验测出的电动势比真实值（选“偏大”或“偏小”）。（结果保留两位有效数字）U0.500.801.231.501.842.002.37I0.360.310.260.210.160.130.08（4）为直接通过测量电源的开路电压来测电源的电动势，该同学利用长为L粗细均匀的电阻丝cd、刻度尺、灵敏电流计G和恒压源，设计了另一个试验方案，如图丁所示。先将一个输出电压恒为U0的恒压源接在电阻丝cd两端，再将待测电源接在ab两端，调节滑片P，使得灵敏电流计示数为0，此时用刻度尺测得滑片到c端的距离为L4，待测电源的电动势为阅卷人四、解答题得分11．如图所示，将上方带有14光滑圆弧轨道的物块静止在光滑水平面上，轨道的圆心为O，半径R=0.6m，末端切线水平，轨道末端距地面高度ℎ=0.2m，物块质量为M=3kg（1）若物块固定，则小球落地时，小球与轨道末端的水平距离；（2）若物块不固定，则小球落地时，小球与轨道末端的水平距离。12．在水平向右足够大的匀强电场中，大小可忽略的两个带电小球A、B分别用不可伸长，长度均为l的绝缘轻质细线悬挂在同一水平面上的M、N两点，并静止在如图所示位置，两细线与电场线在同一竖直平面内，细线与竖直方向夹角均为α=37°。已知两小球质量都为m，电荷量均为q且带等量异种电荷，匀强电场的场强大小E=4mg3q，重力加速度大小为g，取sin37°=0（1）A、B两小球之间库仑力的大小；（2）保持小球B的位置和带电量不变，移除A小球后，将小球B由静止释放，求B小球此后运动过程中速度的最大值。13．如图所示，一“⊃”型金属线框放置在绝缘粗糙的水平面上，金属棒b与PQ边相距一段距离并平行PQ放置在金属线框上，在金属线框右侧有一磁感应强度大小为B=0.5T、方向竖直向下的矩形匀强磁场区域。现用F=6N的水平恒力拉着金属线框向右运动，一段时间后PQ边进入磁场，并匀速穿过整个磁场区域，当PQ边离开磁场区域的瞬间，金属棒ab恰好进入磁场，且速度刚好达到金属线框的速度，此时立即撤去拉力F，整个运动过程中金属棒ab始终与金属线框垂直且接触良好。已知线框间距为L=2m，整个金属线框电阻不计，金属棒的电阻为R=1Ω，金属线框及金属棒ab的质量均为m=1kg，金属棒与金属线框之间的动摩擦因数为μ1=0.（1）金属线框PQ边刚进入磁场时的速度大小；（2）磁场区域的宽度；（3）ab棒从开始运动到停下的时间。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A、光电效应与光强无关，与入射光频率有关，故A错误；

B、根据光电效应方程，hv=Ek-W，根据动能定理，Uce=Ek，故遏止电压Uc与入射光的频率有关，故B正确；

C、根据玻尔理论，不同能级逸出的电子，初动能不同，故C错误；

D、光电效应现象表明了光具有粒子性，故D错误。

故答案为：B。

【分析】光电效应与入射光频率有关；

根据光电效应方程和动能定理，分析遏止电压与入射光的频率关系；

根据玻尔理论，分析逸出电子动能；

光电效应现象表明了光具有粒子性。2．【答案】D【解析】【解答】A、根据平衡条件，竖直方向：Fcosθ=mg+f，水平方向：Fsinθ=FN，f=μFN，故A错误；

B、黑板擦以速度v竖直向上做匀速直线运动，黑板对黑板擦的作用力大小与F和mg的合力等值方向，即为F2+(mg)2，故B错误；

C、若突然松开手，只受重力，黑板擦的加速度大小为g，故C错误；

D、若突然松开手，松手后黑板擦竖直上抛运动，最大高度h=v22g，故D正确。

故答案为：D。

【分析】根据平衡条件，求动摩擦因数；3．【答案】D【解析】【解答】A、“太空电梯”里的宇航员相对地球静止，若h=0，宇航员绕地心运动的线速度大小小于7.9km/s，故A错误；

B、根据v=ωr，h越大，宇航员绕地心运动的线速度越大，故B错误；

C、根据a=ω2r，h越大，宇航员绕地心运动的向心甲速度越大，故C错误；

D、h与地球同步卫星距地面高度相同时，万有引力提供向心力，宇航员处于完全失重状态，故D正确。

故选：D。

【分析】“太空电梯”h=0处速度小于7.9km/s；

根据v=ωr，分析线速度大小；

根据a=ω2r，分析向心加速度大小；

若万有引力完全提供向心力，宇航员处于完全失重状态。4．【答案】C【解析】【解答】如图当电子的运动轨迹与磁场边界相切时，根据evB=m得v=电子运动半径最大，速度最大。电子圆周运动的圆心与圆形磁场的圆心以及切点共线，过电子圆周运动的圆心做OP的垂线，由几何关系得r得r=则最大速率为v=故答案为：C

【分析】画出粒子运动的轨迹，利用几何关系可以求出粒子轨迹半径的最大值，结合牛顿第二定律可以求出粒子的最大速率。5．【答案】C,D【解析】【解答】A、已知A→C是绝热变化过程，根据图像，体积增大，气体对外做功，根据热力学第一定律∆U=W+Q，故内能减小，温度降低，故A错误；

B、根据理想气体状态方程PVT=C，温度升高，分子平均动能增加，但不是每个分子动能都增大，故B错误；

C、B→A过程中，根据理想气体状态方程PVT=C，温度降低，但压强不变，故单位时间内容器壁单位面积上分子碰撞次数增多，故C正确；

D、B→A过程中的平均压强更大，故完成一次完整循环外界对气体做功更多，故完成一次完整循环的过程气体对外做负功，故D正确。

故选：CD。

【分析】根据热力学第一定律，分析A→C的内能变化，分析温度变化；

根据理想气体状态方程，分析温度变化，温度是分子平均动能的标志；6．【答案】A,C【解析】【解答】A、根据全反射临界条件，sinc=1n=23，入射角θ=60°，sinθ>sinc，故发生全反射，故A正确；

B、在B点入射角为30°，故不能发生全反射，故B错误；

CD、AB两点的距离为d，根据n=cv，t=dv，解得细光束从A点传播到B点的时间为3dc，故C正确，D错误。

故选：AC。

【分析】根据全反射临界条件，分析是否发生全反射；7．【答案】B,D【解析】【解答】A、根据公式EP=φq，电子从a点移动到c点的过程中，电势增加，电势能减小，故A错误；

B、根据公式EP=φq，电子从a点移动到b点的过程中，电势能减小，电场力做正功，故B正确；

C、根据几何关系，ab为电场线，电场方向由b指向a，故C错误；

D、根据公式E=Ud，则E=6−20.02v/m=200V/m，故D正确。

故选：BD。

【分析】根据EP=φq，根据电势变化，分析电势能变化，再分析电场力做功；

根据几何关系，分析电场方向；

根据公式E=8．【答案】A,C【解析】【解答】A、同一均匀介质中波的传播速度相等，根据公式v=λT=41m/s=4m/s，故A正确；

B、根据t=1s时刻的波形图，N传播了一个周期，M传播了半个周期，故波源M比波源N晚振动的时间为0.5s，故B错误；

C、N传到x=0的时间t=9−04s=2.25s，M传到x=0的时间t'=（34+12）s=1.25s，故2.25s时，x=0处质点重复M和N的振动形式，因为MN都向下振动，故此时振幅为6+4=10cm

故答案为：AC。

9．【答案】（1）10.70（2）作T−L图像，看其图线是否是过原点的直（3）9.7【解析】【解答】（1）根据游标卡尺读数规则，小球直径为10mm+14×0.05mm=10.70mm；

（2）作T−L图像，若图线过原点，则单摆周期T与其摆长L成正比关系；

（3）根据单摆周期公式有T=2πLg，结合关系式T2=4.10．【答案】（1）甲（2）C；D（3）；2.8；1.6；偏小（4）0【解析】【解答】（1）因电池的内阻较小，故将电压表接在内阻和R0两端，故选甲；

（2）干电池电动势1.5V，故电压表选D，估算电流I=UR=1.55A=0.3A，故电流表选C；

（3）根据表格数据描点画图，图像截距为电动势E=2.8V，斜率绝对值为内阻和R0之和，故内阻r=（2.80.42−5）Ω=1.6Ω，图甲中R0分压，电动势比真实值偏小；

（4）灵敏电流计示数为0，此时电源的电动势为L−L4LU11．【答案】（1）解：物块固定，小球沿着圆弧滚至轨道末端的过程中mgR=小球滑离轨道末端后做平抛运动ℎ=小球落地时与轨道末端的水平距离x联立解得x（2）解：物块不固定时，小球从圆弧轨道上滚下的过程中，物块和小球组成的系统在水平方向动量守恒。设小球滑离轨道末端时，小球的速度为v1，物块的速度为v2由能量守恒可得mgR=小球落地时与轨道末端的水平距离x=联立解得x=0【解析】【分析】（1）小球沿着圆弧滚至轨道末端的过程中，根据动能定理列式，小球滑离轨道末端后做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，水平方向匀速直线运动，联立，求小球与轨道末端的水平距离；

（2）物块和小球组成的系统在水平方向动量守恒列式，同时满足能量守恒列式，且位移满足水平距离x=v12．【答案】（1）解：设B小球受到的电场力为F对B小球受力分析如图所示，小球B静止，受力平衡得F联立解得F=（2）解：小球A撤去后，小球B在电场力、重力和绳子拉力作用下做变速圆周运动，当重力和电场力的合力沿着半径方向时小球速度最大。设小球速度最大时，绳子与竖直方向的夹角为θ。由几何关系可得tan小球B从初始位置运动到速度最大位置，在竖直方向的位移为y=l在水平方向的位移为x=l由动能定理得F解得v=【解析】【分析】（1）受力分析，根据平衡列式，求A、B两小球之间库仑力的大小；

（2）由几何关系，确定小球B从初始位置运动到速度最大位置，在竖直方向的位移和水平方向的位移，根据动能定理联立，求速度。13．【答案】（1）解：当F作用在线框上时，可知线框与金属棒之间会发生相对滑动。线框进入磁场时做匀速直线运动，线框受到的安培力F线框进入磁场产生的电动势E=BLv线框中的电流I=线框受力平衡得F=联立可得v=3m/s（2）解：对线