安徽省2024年高考物理模拟试卷及答案3

安徽省2024届高考物理模拟试卷及答案阅卷人一、单选题得分1．第一个人工放射性同位素是1530P，是由约里奥一居里夫妇用α粒子轰击铝箔27获得的，其核反应方程为24He+1327A．X是质子 B．24He+C．Y是中子 D．1430Si比2．舰载机沿着航母跑道直线加速过程中，由于气流对机翼的作用会产生升力，若将发动机提供的推力和气流对机翼的升力的合力称为总动力F。设航母跑道可以看作是一个与水平面倾角的为α理想斜面，舰载机在起飞前以大小为a=g的加速度沿着跑道加速，总动力F与飞机速度v的方向的夹也等于α，设飞机的质量为m，前进过程中受到的阻力（包括跑道摩擦阻力，空气的阻力等）方向与速度方向相反，大小与飞机对跑道的正压力成正比，比例系数为k=1tanα，重力加速度为gA．1+sinαsinC．1+sinα23．我国空间站在太空运行轨道离地高度约为地球半径的116，运行周期约为地球自转周期的116，地球自转周期为T，引力常量为A．地球的质量 B．地球的密度C．地球表面重力加速度 D．地球的第一宇宙速度4．如图所示为新兵练习投弹时的情景，若前后两次投弹的位置相同，两次的落点相同，第二次手榴弹被投出时初速度与水平方向的夹角比第一次大，不计空气阻力，所用手榴弹相同，忽略抛出点离地面的高度，则下列判断正确的是（）A．两次抛出的初速度大小肯定不等 B．两次手榴弹可能经过空中同一点C．第二次手榴弹在空中运动的时间长 D．第二次手榴弹在空中运动过程中重力做功多5．如图所示为一列简谐横波沿x轴传播在t=0.2s时刻的波形，a、b是传播路径上的两个质点，从图像时刻开始，质点b先回到平衡位置。质点b从图示时刻到第一次到达波峰用时0.A．波沿x轴正方向传播 B．波的传播速度大小为12m/sC．t=0时刻，质点b的位移为−5cm D．质点a的振动方程为y=5阅卷人二、多选题得分6．某同学用如图所示装置观察双缝干涉实验，竖直放置的屏上P1处出现第3级亮纹，将屏沿水平方向移动一段距离时，PA．屏一定是向左移动的 B．屏一定是向右移动的C．屏移动后，屏上的条纹间距变窄 D．将单缝稍向左移一些，条纹间距保持不变7．如图所示，以O为球心半径为R的绝缘球壳上均分布着电荷量为Q的正电荷，已知球壳上电荷在球壳内的场强为零，在球壳外的电场可看成电荷集中在球心O的点电荷产生的。现在M点固定一个电荷量也为Q的负的点电荷，且M点的电荷对球表面电荷分布无影响，MO间距离为2R，AB是球壳的水平直径，N是A．O点电场强度比N点电场强度大B．O点和N点电势相等C．将一个负的点电荷从B点附近沿AB延长线远离B点，电场力做负功D．将一个正的点电荷从A点附近沿MO垂直平分线远离A点电荷的电势能减小8．如图所示，间距为0.5m的足够长平行光滑金属导轨固定在水平面内，导轨左端接有电容C=0.02F的电容器，整个空间存在着垂直于导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度B=2T，质量m=0.A．当金属棒加速度为零时，速度也恰好为零B．当金属棒加速度为零时，电容器两端的带电量为0C．给金属棒施加一个水平向左的恒力后，金属棒向右运动的过程是匀减速直线运动D．给金属棒施加一个水平向左的恒力后，金属棒向右运动的最大距离为7阅卷人三、实验题得分9．某同学用如图所示装置测滑块与长木板间的动摩擦因数，四分之一圆弧轨道和长木板固定在水平面上，圆弧轨道底端上表面与长木板左端上表面相切，重力加速度为g，长木板足够长。

（1）测出挡光片的宽度为d；

（2）将滑块从圆弧轨道的不同位置由静止释放，测出每次滑块通过光电门1、2时挡光片的挡光时间t1、t2，根据多组t1、t2，作1t12−1t210．如图甲所示的电路是可以用来测量电阻丝的电阻率，这一电路是在传统实验“测量电阻丝的电阻率”基础上进行改进的，与传统电路相比，多设置一个定值电阻R0和一个开关S'。被测电阻（1）主要实验步骤如下：①用螺旋测微器测量电阻丝的直径，测量结果如图丙所示，则电阻丝的直径的测量值D=mm；②按照图甲连接电路，让开关S、S'处于断开状态，同时将滑动变阻器阻值调到最大，测量并记录两鳄鱼夹之间的距离③仅闭合开关S，调节滑动变阻器滑片，尽量使得V和A的指针落在表盘中央附近，记录下此时V和A读数，分别记作U和I1④再闭合S'，然后调节滑动变阻器滑片，使得V的读数仍为U，记录A的读数，记作I2，则此时电阻丝的测量值R⑤改变两个鳄鱼夹之间的距离，重复步骤②③④得到多组数据。（2）用图像法处理数据：将得到的实验数据在Rx−L坐标系中描点并拟合为一条直线，如图丁所示，测得这条直线斜率k的数值等于1.6×10（3）这种改进型电路的优点是____A．克服了电压表内电阻对实验结果带来的系统误差B．克服了电流表内电阻对实验结果带来的系统误差C．克服了电源内电阻对实验结果带来的系统误差阅卷人四、解答题得分11．如图所示，导热性能良好的气缸放在水平面上，缸口有挡板，内部高度为ℎ。缸内一个厚度不计的活塞封闭一定量的理想气体，活塞的横截面积为S，开始时活塞处于离气缸底部23ℎ的高度，外界大气压强为p0，环境温度为T0。将气缸倒立竖直悬挂在空中，稳定时活塞离缸底的距离为（1）求活塞的质量；（2）在气缸正立时将环境温度缓慢升高，当温度升高至2T0时，缸内气体的压强为多大？若已知此过程气体内能增量为12．如图甲所示，长为L的平行金属板M、N上加有如图乙所示的交变电压，图乙中U0、T均已知，在过两板右端的虚线右侧有垂直于纸面向里足够大的匀强磁场，在两板中线左端有一粒子源，可以不断地从粒子源内沿两板间中线向右射出质量为m，电荷量为q的带正电的粒子，粒子射出的速度大小为LT（1）M、N板间的距离；（2）匀强磁场的磁感应强度大小；（3）匀强磁场中所有粒子通过的区域的面积大小。13．如图所示，质量为5kg的轨道A的左端为半径R=18m的四分之一光滑圆弧，其余部分水平足够长且粗糙，锁定在光滑水平面上。一质量为4kg的小物块C静止在圆弧轨道的最低点，质量为1kg的小物块B从圆弧顶端无初速度释放，当物块B滑到圆弧底端时与物块C发生碰撞并粘在一起，碰撞的一瞬间解除轨道的锁定，最终物块与轨道以相同的速度向前运动。物块B、C与轨道水平部分的动摩擦因数均为μ=0.2，重力加速度（1）物块B第一次滑到圆弧轨道最低点时（未与C相碰），对圆弧轨道的压力；（2）物块在轨道水平部分相对滑行的距离；（3）若轨道始终保持锁定，物块B与C的每次碰撞均为弹性碰撞（B与C每次碰撞前C均静止），物块最终静止在轨道上，则物块B、C最终停下的位置离圆弧轨道最低点的距离为多少。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A.根据质量数、电荷数守恒可知用α粒子轰击铝箔的方程为：24He+1327Al→01n+1530P，故X为中子，A不符合题意；

B.该反应为原子核的人工转变，B不符合题意；

C.放射性元素1530P衰变成14302．【答案】A【解析】【解答】飞机所受支持力为FN，所受阻力为Ff，受力分析如图所示。

由牛顿第二定律得，沿着斜面方向：Fcosα−mgsinα−Ff=ma，其中a=g，Ff=kFN3．【答案】B【解析】【解答】AB.对空间站，由万有引力提供向心力可得：GMmr2=m4π2T'2r，又M=ρ·43πR3，其中T'=116T，r=R+1164．【答案】C【解析】【解答】A.手榴弹做斜抛运动，设手榴弹的初速度与水平方向的夹角为θ，落地时间为t，水平方向有：x=v0cosθ·t，运动时间t=2v0sinθg，解得：x=v02sin2θg，可知两次抛出的初速度大小可能相等，A不符合题意；

B.两次轨迹在空中不可能有交点，如果有交点则不会落到同一点，B不符合题意；

C.由x=v02sin2θ5．【答案】D【解析】【解答】A.由于质点b先回到平衡位置，则图示时刻，质点b沿y轴正向运动，则波沿x轴负方向运动，A不符合题意；

B.当质点b第一次到达波峰时，质点a刚到达平衡位置，说明质点a向下运动到波谷与b质点向上运动到平衡位置的时间相同，可得14T+18T=0.3s，解得周期为T=0.8s，因此波传播的速度v=λT=10m/s，B不符合题意；

C.t=0时刻，质点的位移为−2.52cm，C不符合题意；6．【答案】B,D【解析】【解答】AB.由题意可知，屏移动后，条纹间距变大，由∆x=Ldλ可知，L应变大，屏向右移动，A不符合题意，B符合题意；

C.由已知条件可知，屏移动后，屏上的条纹间距变宽，C不符合题意；

D.由∆x=Ldλ可知，条纹间距与单缝和双缝之间的距离无关，所以将单缝稍向左移一些，条纹间距不变，D符合题意。7．【答案】A,C【解析】【解答】A.因为O点距M点比N点距M点的距离小，所以M点电荷在O点场强比N点场强大，球壳上的电荷在N、O两点的场强为零，所以叠加后O点场强比N点场强大，A符合题意；

B.球壳上电荷在球壳内的场强为零，所以球壳上电荷在N、O两点的电势相等，由于M点是负的点电荷，在此电荷的电场中O、N两点的电势不相等，叠加的结果为O点和N点电势不相等，B不符合题意；

C.根据等量异种电荷的电场线分布可知，B点右侧AB延长线上，场强方向均向右，将一个负的点电荷从B点附近沿AB延长线远离B点，电场力向左，电场力做负功，C符合题意；

D.根据等量异种电荷的等势面分布可知，MO垂直平分线是一个等势线，因此电荷沿垂直平分线移动，电场力不做功，电荷的电势能不变，D不符合题意。

故答案为：AC。

【分析】分别分析球壳上的电荷和M点的电荷在O、N两点形成的电场强度和电势，然后叠加即可；根据等量异种电荷所形成的电场线分布，判断电场方向，得到电场力方向，从而得到功的正负；根据等量异种电荷所形成的等势面分布确定MO的中垂线为等势面，再由电场力做功分析电荷运动过程中电势能的变化。8．【答案】B,C,D【解析】【解答】AB.当金属棒加速度为零时，设金属棒的速度为v，电容器带电量为q，根据动量定理有：BILt=mv0−mv，可得：BqL=mv0−mv，加速度为零时，电容器两极板间电压不再变化，金属棒中电流为零，则qC=BLv，解得：v=6m/s，电容器带电量q=0.12C，A不符合题意，B符合题意；

C.给金属棒施加一个水平向左的恒力后，由牛顿第二定律可得：F-BIL=ma，又I=∆Q∆t=9．【答案】两光电门间的距离；ad【解析】【解答】（2）还需要测量两光电门间的距离x，由运动学公式dt12−dt22=2μgx，得到1t12=10．【答案】（1）3.799/3.800/3.801；U（2）1（3）A【解析】【解答】（1）①螺旋测微器读数D=3.5mm+30.0×0.01mm=3.800mm；④由于开关S'是断开的，根据欧姆定律可得定值电阻的阻值R0=UI1，闭合开关S'，电阻丝与定值电阻并联，并联后的总电阻小于定值电阻的阻值R0，电流表示数增大，电压表示数变小。向左调节滑动变阻器滑片使电压表的示数仍为U，电阻丝与定值电阻并联后的总电阻为R'=R0RxR0+Rx，根据欧姆定律得R'=UI2，联立解得Rx=UI2−I1；（2）根据Rx11．【答案】（1）解：设活塞的质量为m，开始时缸内的压强p当气缸倒立时，缸内的气体的压强p气体发生等温变化，则由波意耳定律有p解得m=（2）解：在气缸正立时将环境温度缓慢升高的过程中，设当活塞刚好到达挡板时，环境温度为T，则此过程中缸内气体发生等压变化，则由盖吕萨克定律有2解得T=因此当温度升高到2T0时，设缸内气体压强为p解得p=此过程中，气体对外做功W=−根据热力学第一定律ΔU=W+Q则气体吸收的热量Q=ΔU+【解析】【分析】（1）对活塞进行受力分析，求出两种状态下气体的压强，再由玻意耳定律列式，求出活塞质量；（2）活塞运动到挡板的过程为等压过程，由盖吕萨克定律求出活塞刚好到达挡板时气体的温度；之后温度继续升高，气体做等容变化，求出温度升高到2T12．【答案】（1）解：由题可知粒子射出的速度大小为v0=设两板间的距离为d，从t=0时刻进入两板间的粒子在电场中运动的加速度大小a=根据题意，粒子在垂直与两板间的方向上先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，加速和减速时间相同，则可知两段时间内的竖直位移也相同，因此有1解得d=（2）解：从t=0时刻进入电场的粒子从N板右端进入磁场时，速度垂直于磁场边界，速度大小为v0，此粒子刚好不能进入电场，则粒子在磁场中做圆周运动的半径r=d解得B=（3）解：一个周期内，从t=T2时刻进入电场的粒子恰好从M板右端射出电场，因此所有粒子射进磁场的区域长度为d，所有粒子进入磁场的速度大小均为则磁场中有粒子经过的区域面积为S=2r⋅r+【解析】【分析】（1）将粒子在偏转电场中的运动进行分解，水平方向做匀速直线运动，竖直方向随电场变化做匀加速直线运动和匀减速直线运动，根据运动规律，由牛顿第二定律和运动学公式列式求解；（2）粒子进入磁场做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律结合几何关系列式，即可求解；（3）找出粒子进入磁场时的速度规律和进入磁场的边界位置，即可求出所有粒子通过的区域的面积大小。13．【答案】（1）解：设物块B从圆弧面上滑下与C碰撞前瞬间的速度大小为v0，根据机械能守恒有解得v在圆弧轨道的最低点由牛顿第二定律有F解得F根据牛顿第三定律可知，物块B对圆弧轨道最低点的压力大小为30N，方向竖直向下。（2）解：物块B与C碰撞后