2023北师大版新教材高中数学选择性必修第一册同步练习-第三章 空间向量与立体几何_第1页
2023北师大版新教材高中数学选择性必修第一册同步练习-第三章 空间向量与立体几何_第2页
2023北师大版新教材高中数学选择性必修第一册同步练习-第三章 空间向量与立体几何_第3页
2023北师大版新教材高中数学选择性必修第一册同步练习-第三章 空间向量与立体几何_第4页
2023北师大版新教材高中数学选择性必修第一册同步练习-第三章 空间向量与立体几何_第5页
已阅读5页,还剩15页未读 继续免费阅读

下载本文档

版权说明:本文档由用户提供并上传,收益归属内容提供方,若内容存在侵权,请进行举报或认领

文档简介

2023北师大版新教材高中数学选择性必修第一册

第三章空间向量与立体几何

(全卷满分150分,考试用时120分钟)

一、单项选择题体题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一

项是符合题目要求的)

1.在空间直角坐标系0-xyz中,P(2,0,-4),Q(-1,2,1),M是OP的中点,则

|QM|=()

A.V38B.—C.V17D.—

22

2.若平面a平面B,且平面a的一个法向量为好(-2,1j),则平面B的法向

量可以是()

A.B.(2,-1,0)C.(1,2,0)D.&1,2)

3.已知a=(1,2,-y),b=(x,1,2),且(a+2b)//(2a—b),则()

11

A.x=-,y=lB.x=-,y=-4

1

C.x=2,y=—D.x=l,y=-l

4

4.平面a的一个法向量为n=(-2,-2,1),点A(-1,3,0)在平面a内,则点P(-

2,1,4)到平面a的距离为()

A.10B.3C.-D.-

33

5在空间直角坐标系0-xyz中,已知A(l,2,3),B(2,1,2),P(l,1,2),点Q在直线

0P上运动,当瓦•丽取得最小值时,点Q的坐标是()

A.B.

\333/\3337

C.D.

\333/\3337

6.如图,已知空间四边形OABC,其对角线为OB,AC,M,N分别是OA,CB的中点,点G

在线段MN上,且MG=3GN,用向量力I0B,左表示向量前,贝1]丽=()

K.-OA+-OB+-OC

633

^OA^OB^OC

633

C.^OA^OB^OC

844

]).^OA^OB^OC

888

7.在棱长为2的正四面体ABCD中,点M满足前=x^+y尼-(x+y-1)而,点N满

足丽=入成+(1-入)前,当AM、BN最短时-,丽•标=()

4「4八1

AA.——B.—C.——D.—

3333

8.如图,在四边形ABCD中,AB=BD=DA=2,BC=CD=V2.现将4ABD沿BD折起,当二面

角A-BD-C的大小处于旨罚范围内时,直线AB与CD所成角的余弦值的取值范围

是()

咨同B.恃啕。•暗D.[0,啕

二、多项选择题体题共4小题,每小题5分,共20分在每小题给出的选项中,有多项符合

题目要求.全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分)

9.已知向量a=(4,-2,-4),b=(6,-3,-2),则下列结论正确的是()

A.a+b=(10,-5,-6)B.a-b=(2,-l,-6)

C.a•b=10D.|a|=6

10.在空间直角坐标系0-xyz中,已知A(-1,2,3),B(0,-2,4),C(2,1,2),若存在一

点P,使得CP,平面0AB,则点P的坐标可能为()

A.(-12,-3,0)B.(7,2,-4)

C.(6,3,5)D.(-5,-1,1)

11.在长方体ABCD-A'B'C'D'中,AB=2,AD=3,AA'=1,以D为原点,DA,DC,雨的方

向分别为x轴,y轴,z轴正方向建立空间直角坐标系,则下列说法正确的是(

A.W=(-3,-2,1)

B.异面直线A'D与BD'所成角的余弦值为等

C.平面A'C'D的一个法向量为(-2,-3,6)

D.二面角C'-A'D-D'的平面角的余弦值为,

12.在长方体ABCD-ABCD中,AB=2W,AD=AA尸2,P、Q、R分别是AB、BB1、A,C±

的动点,下列结论正确的是()

A.对于任意给定的点P,存在点Q,使得D,P±CQ

B.对于任意给定的点Q,存在点R,使得D,R±CQ

C.当ARLAC时,ARLDiR

D.当A,C=3A1R时,DR〃平面BDG

三、填空题(本题共4小题,每小题5分,共20分)

13.如图所示,在正方体ABCD-ABCD中,F是侧面CDDC的中心,若

福x而+y荏+z京,则x-y+z=.

劣D,

14.已知u=(3,a+b,a-b)(a,bwR)是直线1的方向向量,n=(l,2,3)是平面a的法

向量,若a,则a+b=.

15.如图,在棱长为1的正方体ABCD-ABCD中,点B到直线AC.的距离

为.

D______r

3

B,

16.将正方形ABCD沿对角线AC折起,当以A,B,C,D四点为顶点的三棱锥体积最

大时,异面直线AD与BC所成的角为.

四、解答题(本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)

17.(本小题满分10分)已知空间中三点A(2,0,-2),B(1,-1,-2),C(3,0,-4),设

a=AB,b=Zc.

(1)若Ic|=3,且c//~BC,求向量c;

⑵已知向量ka+b与b互相垂直,求实数k的值.

18.(本小题满分12分)如图所示,已知空间四边形ABCD的每条边和对角线都等于

1,点E,F分别是AB,AD的中点,设{a,b,c}为空间的一组基,AB=a,AC=b,AD=c,

试用基向量法求解以下各题.

⑴求前•同的值;

⑵求异面直线CF与BD所成角的余弦值.

19.(本小题满分12分)如图所示为一个半圆柱,E为半圆弧CD上一点,CD=V5.

(1)若AD=2出,求四棱锥E-ABCD的体积的最大值;

(2)有三个条件:①4屁•DC=EC-DC;②直线AD与BE所成角的正弦值为

;;③当鬻二”•请你从中选择两个作为条件,求直线AD与平面EAB所成角的余

3smZEBA2

弦值.

20.体小题满分12分)如图,在正方体ABCD-ABCD中,E为BB.的中点.

(1)求证:BG〃平面AD,E;

⑵求直线AA.与平面ADF所成角的正弦值;

⑶求点C到平面ADE的距离.

21.(本小题满分12分)如图1,在RtAABC中,ZACB=30°,NABC=90°,D为AC的中

点,AE1BD于点E,延长AE交BC于点F,将4ABD沿BD折起,使平面ABD_L平面

BCD,如图2所示.

图1

⑴求证:AE_L平面BCD;

(2)求二面角A-DC-B的平面角的余弦值.

22.(本小题满分12分)如图,在多面体ABCDEF中,梯形ADEF与平行四边形ABCD所

在平面互相垂直,AF〃DE,DE1AD,AD±BE,AF=AD=|DE=1,AB=VI

(1)求二面角B-EF-D的平面角的余弦值;

⑵判断线段BE上是否存在点Q,使得平面CDQ_L平面BEF?若存在,求出警的值;

BE

若不存在,请说明理由.

答案与解析

1.C由题意得,M(l,0,-2),又Q(-

1,2,1),A|QM|=7(-1-1)2+(2-0)2+(1+2)2=V17.故选C

2.C)•平面a_L平面B,

.••平面a的法向量与平面B的法向量垂直,即它们的数量积为0.

对于A.(-1弓,{)•92,1,%2+}#0,故A错误;同理C正确,B,D错误.

3.B由题意可得,a+2b=(l+2x,4,4-y),2a-b=(2-x,3,-2y-2).

V(a+2b)//(2a-b),

.,.3入£R,使a+2b=、(2a-b),

1+2x=A(2-x),

得4=3A,解得<%=1故选B.

A-y=A(-2y-2),2'

=一4,

4.D由题意得刀2,4),则点P到平面a的距离

•乔|」2X(:l)+(-2)X(-2)+lX4|_10

.故选D.

\n\J(-2)2+(-2)2+123

5.D设的=入而(入£R),则Q(入,入,2人),

.•面•丽=(1-入,2-入,3-2入)•(2-入,1-入,2-2人)

=(1-X)(2-入)+(2_入)(1一入)+(3-2人)(2_2人)

=6入2—16入+10=6(九§2一|,

/.当入号时,QA•而取得最小值,此时点Q的坐标为(1A

故选D.

6.DOG=OM+MG=OM+-MN=OM+-(MO+OC+CN)

44

J0M+-0C+-CN=-XA07+-OC+-X^CB

44442442

=-0A+-0C+-(OB-OC)=-0A+-0B+-OC.

848888

故选D.

7.A由共面向量定理和共线向量定理可知,M金平面BCD,N£直线AC,当AM、BN

最短时,AM,平面BCD,BN_LAC,

所以M为ABCD的中心,N为AC的中点,

此时,2|证|一.2-竽,

:AM,平面BCD,MCu平面BCD,

Z.AMIMC,

^\AC\2-\MC\

\'MA\=2

2

22_(钓号

又丽三(流+雨),

:.AM•丽三(丽•MC+AM•MA)

=-1|MA12=-1.故选A.

8.D在四边形ABCD中,连接AC,交BD于点0,如图①所示:

VAB=BD=DA=2,BC=CD=V2,

AC垂直平分BD,

:.\0=y/AB2-BO2=y/3,C0=V5C2-BO2=l.

翻折后如图②所示,BD±AO,BD±CO,

...二面角A-BD-C的平面角为NAOC,设NA0C=。,贝!j0^1,

.66.

以0为坐标原点,OC,0D所在直线分别为X轴、y轴建立如图所示的空间直角坐

标系,

则A(V5cos0,0,代sin9),B(0,-1,0),C(l,0,0),D(0,1,0),

.*.AB=(-V3cos9,-l,-V3sin9),CD=(-1,1,0),

V^cos^-l

cos<AB,CD>=-AB•CD

\AB\\CD\2V2

A|cos<^,CD>|e[o,^].故选D.

9.AD因为a=(4,-2,—4),b=(6,-3,-2),

所以a+b=(10,-5,-6),a-b=(-2,1,-2),a•b=4X6+(-2)X(-3)+(-4)X(-

2)=38,|aI力42+(—2尸+(—4产6.故选AD.

10.AD设P(x,y,z),则而=(x-2,y-1,z-2),OA=(-1,2,3),OB=(0,-2,4),

若CPJ_平面OAB,贝ijCP10A,CP±OB,即而•雨=0,CP•OB=0,

斫以(CP,OA=—(x-2)+2(y-l)+3(z-2)=0,„J-x+2y+3z-6=0,

物[cP•OB=-2(y-l)+4(z-2)=0,112y+4z-6=0,

只有A,D项满足该方程组,故选AD.

11.ACD由题意可得D(0,0,0),B(3,2,0),D'(0,0,1),A'(3,0,1),C'(0,2,1),则

^=(-3,-2,1),57=(3,0,l),DC=(0,2,1),可知A正确.

滔KK?、DA'•BD'-8-4A/35

COS<DA,BD>=―>―>-二「i—二----------,

|。4||町V1OXA/I435

所以异面直线A'D与BD'所成角的余弦值为个胃,故B不正确.

设平面A'C'D的一个法向量为n=(x,y,z),

n,DA'=0,3x+z=0,

则所以{

n•DC=0,2y+z=0,

取z=6,得n=(-2,-3,6),故C正确.

易知平面A'DD'的一个法向量为m=(0,1,0),

则c"m>湍汨,

易知二面角C'-A'D-D'的平面角为锐角,故其余弦值为意故D正确.

故选ACD.

12.ABD如图所示,建立空间直角坐标系,

A⑵0,0),B(2,2g,0),C(0,2^3,0),D(0,0,0),At(2,0,2),G(0,2百,2),。(0,0,

2).

设P(2,a,0),aQ[0,2V3],Q(2,2^3,b),be[0,2],

易知碇=(-2,28,-2).

设R(xbybzi),^R=入碇,入£[0,1],即(x[2,y„z「2)=人(-2,2遮,一2),

贝!JR(2-2入,28入,2-2人),

易得万了=(2,a,-2),CQ=(2,0,b),则印•CQ=4~2b,当b=2时,D(P±CQ,A正确;

^R=(2-2X,2V3X,-2X),,\-CQ=2(2-2X)-2Xb,由DR_LCQ得辛•

CQ=0,即4-4X-2Xb=0,得人=喜,

•.•0WbW2,

1,即工W入Wl,

22+b2

故当]W入时,存在点R使得D,R1CQ,B正确;

AR=(-2X,2V3X,2-2X).

若人区,人。贝!)族・不二(一2入,28人,2—2人)・(-2,2V3,-2)=4X+12X-4+4X=0,

解得人

止匕时AR-D^R=/22V38\82732=­W0,C错误;

5/5)广5

•.•A£=3AR,R42V34

3'3'3.

,DiR=42V32

3’3‘3.

设平面BDC,的一个法向量为n=(x,y,z),BD=(-2,-2g,0),鬲=(0,2疯2),则

n,BD=0,C-2x-2V3y=0,

n•DC;=0,'(2V3y+2z=0,

令y=-l,贝ijx=z=V3,/.n=(V3,-1,V3),

...DiR•n=0,,D]R〃平面BDCbD正确.

故选ABD.

13.答案1

解析AF=AD+DF=AD+^(DDi+DC)=AD+^(AA^+AB)=AD+^AB+^AAl,故

X=l,y=-1,z=-1,则x-y+z=l.

14.答案6

解析Vl±a,,«.n//u,,-,a+b=6.

15.答案f

解析以D,为坐标原点,DA,DC,D,D所在直线分别为x轴,y轴,z轴建立如图所

示的空间直角坐标系,则A(1,O,1,1),G(O,1,0),••.南=(0,1,0),温=(-

1,t-1),

取a=^=(0,l,0),u=焉孚-1,1,-1)=(《,今一多,

贝!Ja2=l,a,u=?

/.点B到直线AC.的距离为Ja2一色,划2=',智

16.答案

解析根据题意可知,当VAABC最大时,平面DAC_L平面ABC,

设AC的中点为0,连接OB,0D,建立空间直角坐标系,如图所示.

令令=0C=0D=l,则A(0,-l,0),D(0,0,l),B(l,0,0),C(0,1,0),

所以而二(0,1,1),近=(-1,1,0),

AD•~BC11

因止匕cos<AD,BC>=-

\AD\\BC\V2xV22'

所以异面直线AD与BC所成的角为今

17.解析A(2,0,-2),B(1,-1,-2),C(3,0,-4),

,a=AB=b=Zc=(l,0,-2),BC=(2,1,-2).(3分)

(l);c〃前,可设c=m或(m£R),

c=mBC=m(2,1,-2)=(2m,m,-2m),

|c|=7(2m)2+m2+(-2m)2=3|m=3,/.m=±1,(5分)

.•.c=(2,1,-2)或c=(—2,T,2).(7分)

(2)ka+b=k(-1,-1,0)+(1,0,-2)=(l-k,-k,-2),(8分)

,向量ka+b与b互相垂直,

(ka+b),b=l-k+4=0,解得k=5.(10分)

18.解析由题意得|a|=|b|=|c|=l,<a,b>=〈b,c>=<c,a>=60°,

故a,b=b,c=c,a=lXIXcos60°=|.(3分)

(1)VEF=1fiD=|®-^)=|(c-a),

/.EF-AJB=-(c-a)•a=-c.a--a2=-X(6分)

2222224

(2)由题意可知而加+据而-而=衿瓦BD=AD-AB=c-a.

/.CF•丽=(;c-b)•(c-a)=1c2-b,c-1a•c+a•b

(9分)

22424

记异面直线CF与BD所成的角为e,

V|^D|=1,Acos0==4—•

2|CF||BD|V36

2

因此异面直线CF与BD所成角的余弦值为”.(12分)

19.解析⑴在平面EDC内作EF±CD于点F,因为平面ABCD,平面EDC,平面

ABCDG平面EDC=DC,所以EF_L平面ABCD.(2分)

因为E为半圆弧CD上一点,所以CE±ED,

=

所以VE-ABCD-•S四边形ABCD•EF=-XV5X2V5X・CE•ED,(4分)

JJ(-<LrD

因为CE2+ED2=CD2=5,

所以4AKW2X空坦之空X包吧

32323

当且仅当CE=ED』?时,等号成立,

所以四棱锥E-ABCD的体积的最大值为卓.(6分)

fi:

AG

⑵由条件①,得4|反||觉|cosNCDE=|既||而IcosNDCE,即4DE2=CE2,

所以2DE=CE,又因为DE2+CE2=5,所以DE=1,CE=2.

由条件②,得因为AD/7BC,BC_L平面DCE,所以NCBE为直线AD与BE所成角,且

sinZCBE=^=—,—=tanZCBE=—.

3BEBC5

由条件③,得列W詈詈¥,设AD=x,则头券1.

若选条件①②,则DE=1,CE=2,且登=tanNCBE多,所以AD=BC=V5.

BC5

若选条件①③,则DE=1,CE=2,且三嚅片,所以AD=BC=«.

若选条件②③,则竺=tanNCBE=*,且警DE2+CE2=5,

x5xz+DE22

所以AD=BC=V5.

即从①②③任选两个作为条件,都可以得到AD=BC=V5,(9分)

下面求AD与平面EAB所成角的正弦值.

以A为原点,AB所在直线为x轴,AD所在直线为z轴,过点A且与AB垂直的直线

为y轴,建立如图所示的空间直角坐标系,则

所以於(Y,?,灼,屈=(倔0,0),而=(0,0,遍),

设平面EAB的一个法向量为m=(x,y,z),

即段x+等y+快=。,

(V5x=0,

令z=l,则x=0,y=-|,所以m=(o,-|,l),(10分)

所以cos<AD,m>=—(11分)

通X皇29

因为直线AD与平面EAB所成角音-<而,m>,

所以直线AD与平面EAB所成角的余弦值为察.(12分)

29

20.解析⑴证明:AB〃CD,且AB=CD,...四边形ABCD为平行四边

形,.-.BC./ZADH(2分)

•.•BCQ平面ADE,ADq平面ADE,

...BG〃平面ADE(4分)

(2)以A为原点,AD,AB,AAi所在直线分别为x轴、y轴、z轴建立如图所示的空

间直角坐标系,

y

X

设正方体的棱长为2,则

A(0,0,0),A.(0,0,2),口⑵0,2),E(0,2,1),可=(0,0,2),砧=⑵0,2),AE=(0

,2,1).(6分)

设平面AD.E的一个法向量为n=(x,y,z),则卜."i=2x+2z=°,

(九•AE=2y+z=0,

令z=2,则x=-2,y=T,,n=(-2,T,2).(8分)

设直线AAi与平面ALE所成的角为0,

则sin0=|cos<n,力力;〉|=?i'^2.1=14—

1InllAAtllIV4+1+4X23

故直线AAl与平面ADiE所成角的正弦值为|.(10分)

(3)由⑵知,平面ADF的法向量为n=(-2,-l,2),C(2,2,0),

则m=(2,2,0),(11分)

点C到平面AD.E的距离d=曾=—=2.(12分)

21.解析(1)证明:\•平面ABD,平面BCD,平面ABDA平面BCD=BD,AE±BD,AEu

平面ABD,.・・AE_L平面BCD.(3分)

(2)•・・AE_L平面BCD,EFc平面BCD,/.AE±EF.(4分)

由题意知EF±BD,AE±BD,

如凰以E为坐标原点,EF,ED,EA所在直线分别为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐

标系E-xyz,

设设=2,则BD=DC=AD=2,BE=ED=1,

.,.AE=V3,BC=2V3,EF=y,(5分)

则E

温馨提示

  • 1. 本站所有资源如无特殊说明,都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。图纸软件为CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.压缩文件请下载最新的WinRAR软件解压。
  • 2. 本站的文档不包含任何第三方提供的附件图纸等,如果需要附件,请联系上传者。文件的所有权益归上传用户所有。
  • 3. 本站RAR压缩包中若带图纸,网页内容里面会有图纸预览,若没有图纸预览就没有图纸。
  • 4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
  • 5. 人人文库网仅提供信息存储空间,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对用户上传分享的文档内容本身不做任何修改或编辑,并不能对任何下载内容负责。
  • 6. 下载文件中如有侵权或不适当内容,请与我们联系,我们立即纠正。
  • 7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。

评论

0/150

提交评论