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文档简介
2023北师大版新教材高中数学选择性必修第一册
第三章空间向量与立体几何
(全卷满分150分,考试用时120分钟)
一、单项选择题体题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一
项是符合题目要求的)
1.在空间直角坐标系0-xyz中,P(2,0,-4),Q(-1,2,1),M是OP的中点,则
|QM|=()
A.V38B.—C.V17D.—
22
2.若平面a平面B,且平面a的一个法向量为好(-2,1j),则平面B的法向
量可以是()
A.B.(2,-1,0)C.(1,2,0)D.&1,2)
3.已知a=(1,2,-y),b=(x,1,2),且(a+2b)//(2a—b),则()
11
A.x=-,y=lB.x=-,y=-4
1
C.x=2,y=—D.x=l,y=-l
4
4.平面a的一个法向量为n=(-2,-2,1),点A(-1,3,0)在平面a内,则点P(-
2,1,4)到平面a的距离为()
A.10B.3C.-D.-
33
5在空间直角坐标系0-xyz中,已知A(l,2,3),B(2,1,2),P(l,1,2),点Q在直线
0P上运动,当瓦•丽取得最小值时,点Q的坐标是()
A.B.
\333/\3337
C.D.
\333/\3337
6.如图,已知空间四边形OABC,其对角线为OB,AC,M,N分别是OA,CB的中点,点G
在线段MN上,且MG=3GN,用向量力I0B,左表示向量前,贝1]丽=()
K.-OA+-OB+-OC
633
^OA^OB^OC
633
C.^OA^OB^OC
844
]).^OA^OB^OC
888
7.在棱长为2的正四面体ABCD中,点M满足前=x^+y尼-(x+y-1)而,点N满
足丽=入成+(1-入)前,当AM、BN最短时-,丽•标=()
4「4八1
AA.——B.—C.——D.—
3333
8.如图,在四边形ABCD中,AB=BD=DA=2,BC=CD=V2.现将4ABD沿BD折起,当二面
角A-BD-C的大小处于旨罚范围内时,直线AB与CD所成角的余弦值的取值范围
是()
咨同B.恃啕。•暗D.[0,啕
二、多项选择题体题共4小题,每小题5分,共20分在每小题给出的选项中,有多项符合
题目要求.全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分)
9.已知向量a=(4,-2,-4),b=(6,-3,-2),则下列结论正确的是()
A.a+b=(10,-5,-6)B.a-b=(2,-l,-6)
C.a•b=10D.|a|=6
10.在空间直角坐标系0-xyz中,已知A(-1,2,3),B(0,-2,4),C(2,1,2),若存在一
点P,使得CP,平面0AB,则点P的坐标可能为()
A.(-12,-3,0)B.(7,2,-4)
C.(6,3,5)D.(-5,-1,1)
11.在长方体ABCD-A'B'C'D'中,AB=2,AD=3,AA'=1,以D为原点,DA,DC,雨的方
向分别为x轴,y轴,z轴正方向建立空间直角坐标系,则下列说法正确的是(
A.W=(-3,-2,1)
B.异面直线A'D与BD'所成角的余弦值为等
C.平面A'C'D的一个法向量为(-2,-3,6)
D.二面角C'-A'D-D'的平面角的余弦值为,
12.在长方体ABCD-ABCD中,AB=2W,AD=AA尸2,P、Q、R分别是AB、BB1、A,C±
的动点,下列结论正确的是()
A.对于任意给定的点P,存在点Q,使得D,P±CQ
B.对于任意给定的点Q,存在点R,使得D,R±CQ
C.当ARLAC时,ARLDiR
D.当A,C=3A1R时,DR〃平面BDG
三、填空题(本题共4小题,每小题5分,共20分)
13.如图所示,在正方体ABCD-ABCD中,F是侧面CDDC的中心,若
福x而+y荏+z京,则x-y+z=.
劣D,
14.已知u=(3,a+b,a-b)(a,bwR)是直线1的方向向量,n=(l,2,3)是平面a的法
向量,若a,则a+b=.
15.如图,在棱长为1的正方体ABCD-ABCD中,点B到直线AC.的距离
为.
D______r
3
B,
16.将正方形ABCD沿对角线AC折起,当以A,B,C,D四点为顶点的三棱锥体积最
大时,异面直线AD与BC所成的角为.
四、解答题(本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)
17.(本小题满分10分)已知空间中三点A(2,0,-2),B(1,-1,-2),C(3,0,-4),设
a=AB,b=Zc.
(1)若Ic|=3,且c//~BC,求向量c;
⑵已知向量ka+b与b互相垂直,求实数k的值.
18.(本小题满分12分)如图所示,已知空间四边形ABCD的每条边和对角线都等于
1,点E,F分别是AB,AD的中点,设{a,b,c}为空间的一组基,AB=a,AC=b,AD=c,
试用基向量法求解以下各题.
⑴求前•同的值;
⑵求异面直线CF与BD所成角的余弦值.
19.(本小题满分12分)如图所示为一个半圆柱,E为半圆弧CD上一点,CD=V5.
(1)若AD=2出,求四棱锥E-ABCD的体积的最大值;
(2)有三个条件:①4屁•DC=EC-DC;②直线AD与BE所成角的正弦值为
;;③当鬻二”•请你从中选择两个作为条件,求直线AD与平面EAB所成角的余
3smZEBA2
弦值.
20.体小题满分12分)如图,在正方体ABCD-ABCD中,E为BB.的中点.
(1)求证:BG〃平面AD,E;
⑵求直线AA.与平面ADF所成角的正弦值;
⑶求点C到平面ADE的距离.
21.(本小题满分12分)如图1,在RtAABC中,ZACB=30°,NABC=90°,D为AC的中
点,AE1BD于点E,延长AE交BC于点F,将4ABD沿BD折起,使平面ABD_L平面
BCD,如图2所示.
图1
⑴求证:AE_L平面BCD;
(2)求二面角A-DC-B的平面角的余弦值.
22.(本小题满分12分)如图,在多面体ABCDEF中,梯形ADEF与平行四边形ABCD所
在平面互相垂直,AF〃DE,DE1AD,AD±BE,AF=AD=|DE=1,AB=VI
(1)求二面角B-EF-D的平面角的余弦值;
⑵判断线段BE上是否存在点Q,使得平面CDQ_L平面BEF?若存在,求出警的值;
BE
若不存在,请说明理由.
答案与解析
1.C由题意得,M(l,0,-2),又Q(-
1,2,1),A|QM|=7(-1-1)2+(2-0)2+(1+2)2=V17.故选C
2.C)•平面a_L平面B,
.••平面a的法向量与平面B的法向量垂直,即它们的数量积为0.
对于A.(-1弓,{)•92,1,%2+}#0,故A错误;同理C正确,B,D错误.
3.B由题意可得,a+2b=(l+2x,4,4-y),2a-b=(2-x,3,-2y-2).
V(a+2b)//(2a-b),
.,.3入£R,使a+2b=、(2a-b),
1+2x=A(2-x),
得4=3A,解得<%=1故选B.
A-y=A(-2y-2),2'
=一4,
4.D由题意得刀2,4),则点P到平面a的距离
•乔|」2X(:l)+(-2)X(-2)+lX4|_10
.故选D.
\n\J(-2)2+(-2)2+123
5.D设的=入而(入£R),则Q(入,入,2人),
.•面•丽=(1-入,2-入,3-2入)•(2-入,1-入,2-2人)
=(1-X)(2-入)+(2_入)(1一入)+(3-2人)(2_2人)
=6入2—16入+10=6(九§2一|,
/.当入号时,QA•而取得最小值,此时点Q的坐标为(1A
故选D.
6.DOG=OM+MG=OM+-MN=OM+-(MO+OC+CN)
44
J0M+-0C+-CN=-XA07+-OC+-X^CB
44442442
=-0A+-0C+-(OB-OC)=-0A+-0B+-OC.
848888
故选D.
7.A由共面向量定理和共线向量定理可知,M金平面BCD,N£直线AC,当AM、BN
最短时,AM,平面BCD,BN_LAC,
所以M为ABCD的中心,N为AC的中点,
此时,2|证|一.2-竽,
:AM,平面BCD,MCu平面BCD,
Z.AMIMC,
^\AC\2-\MC\
\'MA\=2
2
22_(钓号
又丽三(流+雨),
:.AM•丽三(丽•MC+AM•MA)
=-1|MA12=-1.故选A.
8.D在四边形ABCD中,连接AC,交BD于点0,如图①所示:
VAB=BD=DA=2,BC=CD=V2,
AC垂直平分BD,
:.\0=y/AB2-BO2=y/3,C0=V5C2-BO2=l.
翻折后如图②所示,BD±AO,BD±CO,
...二面角A-BD-C的平面角为NAOC,设NA0C=。,贝!j0^1,
.66.
以0为坐标原点,OC,0D所在直线分别为X轴、y轴建立如图所示的空间直角坐
标系,
则A(V5cos0,0,代sin9),B(0,-1,0),C(l,0,0),D(0,1,0),
.*.AB=(-V3cos9,-l,-V3sin9),CD=(-1,1,0),
V^cos^-l
cos<AB,CD>=-AB•CD
\AB\\CD\2V2
A|cos<^,CD>|e[o,^].故选D.
9.AD因为a=(4,-2,—4),b=(6,-3,-2),
所以a+b=(10,-5,-6),a-b=(-2,1,-2),a•b=4X6+(-2)X(-3)+(-4)X(-
2)=38,|aI力42+(—2尸+(—4产6.故选AD.
10.AD设P(x,y,z),则而=(x-2,y-1,z-2),OA=(-1,2,3),OB=(0,-2,4),
若CPJ_平面OAB,贝ijCP10A,CP±OB,即而•雨=0,CP•OB=0,
斫以(CP,OA=—(x-2)+2(y-l)+3(z-2)=0,„J-x+2y+3z-6=0,
物[cP•OB=-2(y-l)+4(z-2)=0,112y+4z-6=0,
只有A,D项满足该方程组,故选AD.
11.ACD由题意可得D(0,0,0),B(3,2,0),D'(0,0,1),A'(3,0,1),C'(0,2,1),则
^=(-3,-2,1),57=(3,0,l),DC=(0,2,1),可知A正确.
滔KK?、DA'•BD'-8-4A/35
COS<DA,BD>=―>―>-二「i—二----------,
|。4||町V1OXA/I435
所以异面直线A'D与BD'所成角的余弦值为个胃,故B不正确.
设平面A'C'D的一个法向量为n=(x,y,z),
n,DA'=0,3x+z=0,
则所以{
n•DC=0,2y+z=0,
取z=6,得n=(-2,-3,6),故C正确.
易知平面A'DD'的一个法向量为m=(0,1,0),
则c"m>湍汨,
易知二面角C'-A'D-D'的平面角为锐角,故其余弦值为意故D正确.
故选ACD.
12.ABD如图所示,建立空间直角坐标系,
则
A⑵0,0),B(2,2g,0),C(0,2^3,0),D(0,0,0),At(2,0,2),G(0,2百,2),。(0,0,
2).
设P(2,a,0),aQ[0,2V3],Q(2,2^3,b),be[0,2],
易知碇=(-2,28,-2).
设R(xbybzi),^R=入碇,入£[0,1],即(x[2,y„z「2)=人(-2,2遮,一2),
贝!JR(2-2入,28入,2-2人),
易得万了=(2,a,-2),CQ=(2,0,b),则印•CQ=4~2b,当b=2时,D(P±CQ,A正确;
^R=(2-2X,2V3X,-2X),,\-CQ=2(2-2X)-2Xb,由DR_LCQ得辛•
CQ=0,即4-4X-2Xb=0,得人=喜,
•.•0WbW2,
1,即工W入Wl,
22+b2
故当]W入时,存在点R使得D,R1CQ,B正确;
AR=(-2X,2V3X,2-2X).
若人区,人。贝!)族・不二(一2入,28人,2—2人)・(-2,2V3,-2)=4X+12X-4+4X=0,
解得人
止匕时AR-D^R=/22V38\82732=W0,C错误;
5/5)广5
•.•A£=3AR,R42V34
3'3'3.
,DiR=42V32
3’3‘3.
设平面BDC,的一个法向量为n=(x,y,z),BD=(-2,-2g,0),鬲=(0,2疯2),则
n,BD=0,C-2x-2V3y=0,
n•DC;=0,'(2V3y+2z=0,
令y=-l,贝ijx=z=V3,/.n=(V3,-1,V3),
...DiR•n=0,,D]R〃平面BDCbD正确.
故选ABD.
13.答案1
解析AF=AD+DF=AD+^(DDi+DC)=AD+^(AA^+AB)=AD+^AB+^AAl,故
X=l,y=-1,z=-1,则x-y+z=l.
14.答案6
解析Vl±a,,«.n//u,,-,a+b=6.
15.答案f
解析以D,为坐标原点,DA,DC,D,D所在直线分别为x轴,y轴,z轴建立如图所
示的空间直角坐标系,则A(1,O,1,1),G(O,1,0),••.南=(0,1,0),温=(-
1,t-1),
取a=^=(0,l,0),u=焉孚-1,1,-1)=(《,今一多,
贝!Ja2=l,a,u=?
/.点B到直线AC.的距离为Ja2一色,划2=',智
16.答案
解析根据题意可知,当VAABC最大时,平面DAC_L平面ABC,
设AC的中点为0,连接OB,0D,建立空间直角坐标系,如图所示.
令令=0C=0D=l,则A(0,-l,0),D(0,0,l),B(l,0,0),C(0,1,0),
所以而二(0,1,1),近=(-1,1,0),
AD•~BC11
因止匕cos<AD,BC>=-
\AD\\BC\V2xV22'
所以异面直线AD与BC所成的角为今
17.解析A(2,0,-2),B(1,-1,-2),C(3,0,-4),
,a=AB=b=Zc=(l,0,-2),BC=(2,1,-2).(3分)
(l);c〃前,可设c=m或(m£R),
c=mBC=m(2,1,-2)=(2m,m,-2m),
|c|=7(2m)2+m2+(-2m)2=3|m=3,/.m=±1,(5分)
.•.c=(2,1,-2)或c=(—2,T,2).(7分)
(2)ka+b=k(-1,-1,0)+(1,0,-2)=(l-k,-k,-2),(8分)
,向量ka+b与b互相垂直,
(ka+b),b=l-k+4=0,解得k=5.(10分)
18.解析由题意得|a|=|b|=|c|=l,<a,b>=〈b,c>=<c,a>=60°,
故a,b=b,c=c,a=lXIXcos60°=|.(3分)
(1)VEF=1fiD=|®-^)=|(c-a),
/.EF-AJB=-(c-a)•a=-c.a--a2=-X(6分)
2222224
(2)由题意可知而加+据而-而=衿瓦BD=AD-AB=c-a.
/.CF•丽=(;c-b)•(c-a)=1c2-b,c-1a•c+a•b
(9分)
22424
记异面直线CF与BD所成的角为e,
V|^D|=1,Acos0==4—•
2|CF||BD|V36
2
因此异面直线CF与BD所成角的余弦值为”.(12分)
19.解析⑴在平面EDC内作EF±CD于点F,因为平面ABCD,平面EDC,平面
ABCDG平面EDC=DC,所以EF_L平面ABCD.(2分)
因为E为半圆弧CD上一点,所以CE±ED,
=
所以VE-ABCD-•S四边形ABCD•EF=-XV5X2V5X・CE•ED,(4分)
JJ(-<LrD
因为CE2+ED2=CD2=5,
所以4AKW2X空坦之空X包吧
32323
当且仅当CE=ED』?时,等号成立,
所以四棱锥E-ABCD的体积的最大值为卓.(6分)
fi:
AG
⑵由条件①,得4|反||觉|cosNCDE=|既||而IcosNDCE,即4DE2=CE2,
所以2DE=CE,又因为DE2+CE2=5,所以DE=1,CE=2.
由条件②,得因为AD/7BC,BC_L平面DCE,所以NCBE为直线AD与BE所成角,且
sinZCBE=^=—,—=tanZCBE=—.
3BEBC5
由条件③,得列W詈詈¥,设AD=x,则头券1.
若选条件①②,则DE=1,CE=2,且登=tanNCBE多,所以AD=BC=V5.
BC5
若选条件①③,则DE=1,CE=2,且三嚅片,所以AD=BC=«.
若选条件②③,则竺=tanNCBE=*,且警DE2+CE2=5,
x5xz+DE22
所以AD=BC=V5.
即从①②③任选两个作为条件,都可以得到AD=BC=V5,(9分)
下面求AD与平面EAB所成角的正弦值.
以A为原点,AB所在直线为x轴,AD所在直线为z轴,过点A且与AB垂直的直线
为y轴,建立如图所示的空间直角坐标系,则
所以於(Y,?,灼,屈=(倔0,0),而=(0,0,遍),
设平面EAB的一个法向量为m=(x,y,z),
即段x+等y+快=。,
(V5x=0,
令z=l,则x=0,y=-|,所以m=(o,-|,l),(10分)
所以cos<AD,m>=—(11分)
通X皇29
因为直线AD与平面EAB所成角音-<而,m>,
所以直线AD与平面EAB所成角的余弦值为察.(12分)
29
20.解析⑴证明:AB〃CD,且AB=CD,...四边形ABCD为平行四边
形,.-.BC./ZADH(2分)
•.•BCQ平面ADE,ADq平面ADE,
...BG〃平面ADE(4分)
(2)以A为原点,AD,AB,AAi所在直线分别为x轴、y轴、z轴建立如图所示的空
间直角坐标系,
y
X
设正方体的棱长为2,则
A(0,0,0),A.(0,0,2),口⑵0,2),E(0,2,1),可=(0,0,2),砧=⑵0,2),AE=(0
,2,1).(6分)
设平面AD.E的一个法向量为n=(x,y,z),则卜."i=2x+2z=°,
(九•AE=2y+z=0,
令z=2,则x=-2,y=T,,n=(-2,T,2).(8分)
设直线AAi与平面ALE所成的角为0,
则sin0=|cos<n,力力;〉|=?i'^2.1=14—
1InllAAtllIV4+1+4X23
故直线AAl与平面ADiE所成角的正弦值为|.(10分)
(3)由⑵知,平面ADF的法向量为n=(-2,-l,2),C(2,2,0),
则m=(2,2,0),(11分)
点C到平面AD.E的距离d=曾=—=2.(12分)
21.解析(1)证明:\•平面ABD,平面BCD,平面ABDA平面BCD=BD,AE±BD,AEu
平面ABD,.・・AE_L平面BCD.(3分)
(2)•・・AE_L平面BCD,EFc平面BCD,/.AE±EF.(4分)
由题意知EF±BD,AE±BD,
如凰以E为坐标原点,EF,ED,EA所在直线分别为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐
标系E-xyz,
设设=2,则BD=DC=AD=2,BE=ED=1,
.,.AE=V3,BC=2V3,EF=y,(5分)
则E
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