无锡市滨湖区重点达标名校2023-2024学年中考物理最后冲刺浓缩卷含解析

无锡市滨湖区重点达标名校2023-2024学年中考物理最后冲刺浓缩精华卷注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单选题（本大题共10小题，共30分）1．扬州四季分明，下列物态变化现象中，属于凝华现象的是A．河面上的“热气” B．树叶上的露珠C．窗户外的雾 D．草地上的霜2．水平桌面上，甲、乙两相同的杯中盛有不同浓度的盐水．现将两相同的物块分别放入杯中，待物块静止时，两杯中液面恰好相平，如图所示．则（）A．甲杯中物块受到浮力较大B．乙杯底部受到液体的压强较大C．向甲杯中缓慢加盐，物块受到的浮力一直增大D．向乙杯中缓慢加水，物块受到的浮力一直减小3．一瓶酒精倒掉一半，剩下的半瓶酒精的密度、比热容、热值和原来相比，以下的说法正确的是A．只有密度和热值不变 B．只有密度和比热容不变C．只有比热容和热值不变 D．三个都不变4．如图所示，对下列四幅图所描述的物理现象解释正确的是A．霜的形成是凝固现象，放热B．雪的形成是凝华现象，吸热C．雾的形成是液化现象，吸热D．露的形成是液化现象，放热5．下列有关热和能的说法正确的是（）A．对物体做功，物体内能一定增大B．柴油机在压缩冲程中汽缸内空气的内能增大C．晶体在熔化过程中内能保持不变D．电流通过导体产生的热只与电流大小有关6．人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行时，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点。关于运行的卫星，下列说法错误的是A．由于不受空气阻力，只有动能和势能的转化B．从远地点向近地点运动时，动能减小C．从近地点向远地点运动时，速度减小D．在远地点和近地点的机械能相等7．下列光现象中，不能说明光沿直线传播的是A．小孔成像B．水中倒影C．手影游戏D．树下阴影8．在“阻力对物体运动的影响”实验中，如图所示，则A．小车在斜面上运动过程中，运动状态没有发生改变B．小车在毛巾水平面上所受的阻力使它的运动状态发生改变C．小车在棉布水平面上运动过程中处于平衡状态D．小车在木板水平面上速度减小得最慢，此时它的惯性最大9．如图甲所示电路，闭合开关S后，当滑片P从中点滑到最右端的过程中，电压表的示数与电流表的示数的关系图线如图乙所示.图乙中、、、已知，电源电压保持不变，灯泡的额定电压为.由此不能求得的物理量是A．电源电压大小B．灯泡额定功率C．滑动变阻器的最大阻值D．滑片P移至最左端时电路的总功率10．如图所示电路中，电源电压不变，R为滑动变阻器。闭合开关S后，在滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是(忽略温度对电阻的影响)A．电压表的示数不变，电路的总电阻变大B．电压表的示数变大，电流表的示数变小C．电压表的示数变大，灯泡变亮D．电压表的示数变小，灯泡变暗二、多选题（本大题共3小题，共12分）11．如图所示的电路中，电源电压不变，下列说法正确的是A．只闭合S1，滑片向右移动，A1示数变小，V1、V2示数变大B．保持滑片P在某一位置不变，开关由只闭合S1到全部闭合，A1示数变大，V1示数变大C．闭合S1、S2和S3，滑片向右移动，电路消耗的总功率变大D．只闭合S1，滑片向右移动时，V2与A1示数的比值变大，V2示数的变化量与A1示数的变化量的比值不变。12．如图所示，升船机能将船只从下游以“坐电梯”的方式抬升至上游；船只在下游驶入钢箱，抬升机构把钢箱匀速竖直托举至上游．用相同的钢箱抬升大小不同的船只时，钢箱内水深均相等．下列说法正确的是A．c图中船只较大，抬升机构托举钢箱的力较大B．钢箱内水深均相等，a、b、c图中钢箱底部受到水的压强相等C．a图中钢箱中水较多，水对钢箱底部的压力较大D．抬升机构在a、b、c图中对钢箱的托举力相等13．下列说法中，正确的是A．电功率是表示电流做功多少的物理量B．电功率是表示电流做功快慢的物理量C．用电器的电功率越大，做功越多D．相同时间内，消耗功率大的用电器耗电一定多三、填空题（本大题共5小题，共10分）14．水平地面上两个相同的烧杯装满了水（与图示不同），将质量相等的a、b两个小球分别放入水中，静止时a漂浮，b沉底，如图所示．若a、b两球的密度分别为和，甲、乙两图中水对杯底的压强分别为和，a、b两球所受的浮力分别为和，烧杯对地面的压强分别和，则它们的大小关系为：ρ1______ρ2，p1____p2，F1____F2，______．15．“可燃冰”作为新型能源．有着巨大的开发使用潜力．若100g“可燃冰”完全燃烧放出的热量为4.2×107J.则可燃冰的热值是_______________J/kg．若这些热成被水完全吸收，可使2t水温度升高___________℃.[c水=4.2×103J/(kg·℃)]16．如图所示，水平地面O点两侧粗糙程度不同，物体一直受到沿水平方向3N的力F的作用。当物体过M点时，用频闪照相机每隔0.2s记录物体运动状况。物体在MO段做___________运动，受到的摩擦力为f1，物体在OQ段运动时，它受到的摩擦力为f2，则f2____f1（选填“大于”、“等于”、“小于”）。17．小明的父亲驾车在高速公路上行驶，坐在后排的小明把车厢两侧的窗玻璃打开后发现，轿车的窗帘没有飘向窗内，反而飘向了窗外．这是因为车外空气的流速_____、压强_____．小明的父亲由于某种原因需要在高速路上的右侧临时停车位中停车，小明的父亲提前关闭动力，轿车由于_____仍能继续前进一段路程，最后停在了停车位中．18．游乐园的小朋友从滑梯上匀速下滑过程中，动能______（选填“增大”、“减小”或“不变”），同时臀部有灼热感，这是通过________方式来改变内能的.四、计算题（本大题共3小题，共29分）19．科技小组的同学设计了如图甲所示的恒温箱温控电路，它包括控制电路和受控电路两部分，用于获得高于室温、且温度在一定范围内变化的“恒温”．其中控制电路电源电压为36

V，R为可变电阻，Rt为热敏电阻（置于恒温箱内），热敏电阻阻值随温度变化的关系如图乙所示，继电器线圈电阻R0为50

Ω．已知当控制电路的电流达到0.04A时，继电器的衔铁被吸合；当控制电路的电流减小到0.036

A时，衔铁会被释放．加热器的规格是“220

V1000

W”，恒温箱内部空间大小是2

m3，空气的密度是1.30

kg/m3，比热容是103

J/（kg·℃）．（1）如图甲所示状态，通过加热器的电流多大？（2）加热器产生的热量有80

%转化为恒温箱内空气的内能，若使恒温箱内空气温度从25℃升高到65℃，加热器需正常工作多长时间？（3）若要使恒温箱内可获得上限为100℃的“恒温”，当可变电阻R调节到多大？（4）如果需要将恒温箱内的下限温度设为50℃的“恒温”，则应将可变电阻R调节为多大？20．中国计划在1030年前后实现航天员登月，航天员连同装备的总质量为180

kg，月球对物体的引力只有地球上物体所受重力的，航天员站立在月球上时，脚与水平月面的总接触面积为800

cm1．则：（g=10N/kg）（1）航天员在月球受到的重力为多少？（1）航天员站立在月球上时对水平月面的压强是多少？21．如图所示，质量为100g、底面积为50cm2、高为11cm的薄壁圆柱形容器和一个底面积为10cm2、高为8cm的实心圆柱体置于水平桌面上。容器内盛有某种液体，当液体深度为10cm时，液体对容器底的压强为800Pa；若把圆柱体轻轻地浸没在盛有液体的容器中，圆柱最终静止时，沉在容器底部，这时容器对桌面的压强比未放入圆柱体时增大了152Pa．圆柱体不吸水也不溶于水。求：液体的密度；圆柱体沉底时所受浮力的大小；圆柱体最初置于水平桌面上时，圆柱体对桌面的压强。五、作图题（本大题共2小题，共4分）22．在图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上.补上后要求：闭合电键S后，向右移动滑动变阻器的滑片，电流表的示数变小.23．如图所示是电磁铁和永磁体产生的磁场，请标出永磁体A左端的磁极和电磁铁电源的正负极．六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24．小明在观察“碘锤”中的物态变化之前，查阅资料得知：酒精灯外焰的温度约为800℃，碘的熔点为113.7℃，采用图中的两种方式加热，图甲中的碘颗粒吸热会____(填物态变化名称，下同)，图乙中的碘颗粒吸热除了发生图甲中的变化外，还可能会____；两种方式停止加热后，“碘锤”中的碘蒸气均会____．25．在“伏安法测电阻”的实验中，小明同学连接了如图甲所示的电路（电路元件完好，接线柱接线牢固）．在未检查电路连接是否正确的情况下，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，电流表的示数将________，电压表的示数将________．（选填“发生变化”或“保持不变”）检查电路，发现有一处连接错误，请指出连接错误的导线是_______（选填“a”“b”“c”或“d”）．纠正错误后，闭合开关，测得几组数据如下表．实验次数

1

2

3

电压U/V

1．5

2．1

2．8

电流I/A

3．13

3．14

电阻R/Ω

4．3

第3次实验时电流表示数如图乙所示，电流表的示数为_____A．第2次实验后，算出的电阻值是_____Ω，第3次实验后，算出的电阻值是_____Ω，待测电阻值为_____Ω．26．在“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，小英做了如图甲所示的三次实验，用到了一个弹簧测力计、一个木块、一个砝码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板．实验中第1次和第2次用相同的长木板，第3次用表面更加粗糙的长木板．（1）实验时用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平桌面上做_____，根据二力平衡知识，可知滑动摩擦力的大小_____（选填“大于”、“等于”或“小于”）拉力的大小．（2）比较1、2两次实验，得出结论：_____．（3）比较_____两次实验，是为了探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系．（4）刚开始小英做第1次实验时控制不好力度，拉力随时间变化的图象如图乙所示，木块的速度随时间变化的图象如图丙所示，则木块在第7s时的摩擦力为_____N．（5）小芳同学将实验方法进行了改进，实验装置如图丁所示：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，木块下面是一长木板，实验时拉着长木板沿水平地面向右运动，此时木块受到的摩擦力方向_____，大小为_____N．这样改进的好处是_____．

参考答案一、单选题（本大题共10小题，共30分）1、D【解析】

A.河面上的“热气”是小水珠，是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故A不符合题意；B.“露”是液体，是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故B不符合题意；C.“雾”是液体，是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故C不符合题意；D.“霜”是固体，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，是凝华，故D符合题意。2、B【解析】

A．物体在甲中下沉，受到的浮力小于物体重；在乙中漂浮，物体受到的浮力等于物体重；因此甲杯中物块受到浮力较小，故A错误；B．物体在甲中下沉，ρ甲＜ρ物，在乙中漂浮，ρ乙＞ρ物，则ρ乙＞ρ甲，两杯中液面恰好相平，由p=ρgh可知，乙杯底部受到液体的压强较大，故B正确；C．若向甲杯中缓慢加盐，则甲的密度增大，当甲的密度等于物块的密度时，物块悬浮，此时浮力等于其重力，当甲的密度大于物块的密度时，物块漂浮，此时浮力等于其重力，因此向甲杯中缓慢加盐，物块受到的浮力不是一直增大，故C错误；D．在乙杯中漂浮时，物体受到的浮力等于物体重；向乙杯中缓慢加水，盐水的密度不断减小，物体排开水的体积不断增多，当盐水密度等于物体密度时，物体悬浮，物体受到的浮力仍等于物体重力；当盐水密度小于物体密度时，物体下沉，物体受到的浮力小于物体重；物体沉入水底后，盐水密度继续减小，物体排开盐水的重力继续减小，物体受到的浮力也继续减小．故物体受到的浮力先不变后减小，故D错误．3、D【解析】

密度、比热容和热值是物质的一种特性，不随质量的改变而改变，所以一瓶酒精和半瓶酒精的热值、比热容、密度都不改变．4、D【解析】

A选项，霜的形成是凝华现象，此过程放热，故A错误。B选项，雪的形成是凝华现象，此过程放热，故B错误。C选项，雾的形成是液化现象，此过程放热，故C错误。D选项，露的形成是液化现象，此过程放热，故D正确。5、B【解析】

A．对物体做功，但同时物体放出热量，物体内能不一定增大，故A错误；B．柴油机在压缩冲程中，活塞压缩空气，对空气做功，汽缸内空气的内能增大，故B正确；C．晶体在熔化过程中，温度不变，但吸收了热量，内能变大，故C错误；D．电流通过导体产生的热与电流大小、通电时间、导体的电阻有关，故D错误．【点睛】牢记晶体熔化时吸热，温度不变的特征，虽然温度没有升高，但吸收了热量，所以内能是增大的．6、B【解析】

AD、由于不受空气阻力，所以卫星在运行过程中只有动能和势能的转化，其机械能是守恒的，卫星在远地点和近地点的机械能相等，故AD正确；B、卫星从远地点向近地点运动时，质量不变，高度减小，重力势能减小，同时速度增大，动能增大，故B错误；C、卫星从近地点向远地点运动时，质量不变，高度增大，重力势能增大，同时速度减小，动能减小，故C正确，7、B【解析】

小孔成像、手影游戏、树下阴影都是光沿直线传播形成的现象，水中倒影属于平面镜成像，是光的反射．8、B【解析】

A、小车在斜面上运动过程中，速度越来越大，运动状态发生了改变，故错误；B、小车在毛巾水平面上受到阻力的作用，阻力使它的运动状态发生改变，故正确；C、小车在棉布水平面上运动过程中，由于受到阻力的作用，速度越来越慢，不是平衡状态，故错误；D、惯性大小只与质量有关，与速度无关，故惯性是不变的，故错误．9、D【解析】试题分析：由题图可知，滑动变阻器滑片在最右端时，滑动变阻器阻值为零，电压表测量电源电压，故A不符合题意．B、由图像可知，小灯泡的额定电压U2和额定电压时对应的电流I2，故灯泡的额定功率可求．C、由题图可知，滑动变阻器滑片在中点时，滑动变阻器两端的电压UR=U-U1=U2-U1，此时通过滑动变阻器的电流为I1，由欧姆定律可求出的值，即滑动变阻器最大值也可求出．D、由图乙可以看出，灯泡的电阻是变化的，所以无法求出滑片滑至最左端时电路的总电阻，即无法求出电路的总功率，D符合题意为答案．考点：电功率10、B【解析】

由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测串联电路的电流。闭合开关S后，滑片P向右滑动，滑动变阻器连入电路的电阻变大，根据串联分压原理，电压表示数变大，故AD错误；滑动变阻器连入电路的电阻变大，电路总电阻变大，根据I=UR可知，电路中电流变小，所以电流表的示数变小，根据P=UI，灯泡的实际功率变小，小灯泡变暗，故B故答案为B。【点睛】动态电路分析，认清电路连接方式和电表的作用是关键。二、多选题（本大题共3小题，共12分）11、BD【解析】

A.只闭合S1，电路中只有电阻R1和滑动变阻器串联，滑片向右移动，电阻变大，串联电路中电流变小，A1示数变小，电阻R1是定值电阻，两端电压变小，V1示数变小，滑动变阻器两端电压是电源电压和定值电阻两端电压之差，因此V2示数变大，故错误；B.保持滑片P在某一位置不变，开关由只闭合S1到全部闭合，电路中由电阻R1和滑动变阻器串联，到电阻R2和滑动变阻器并联，电路中电阻变小，电流变大，A1示数变大，V1表改测电源电压，因此V1示数变大，故正确；C.闭合S1、S2和S3时，电路中只有电阻R2和滑动变阻器并联，滑片向右移动，电路中电阻变大，由可知，电源电压不变，电路中电阻变大，电路消耗的总功率变小，故错误；D.只闭合S1，电路中只有电阻R1和滑动变阻器串联，滑片向右移动，电阻变大，因此V2与A1示数的比值变大，V2示数的变化量与A1示数的变化量的比值等于电阻R1，R1是定值电阻，因此V2示数的变化量与A1示数的变化量的比值不变，故正确。12、BD【解析】

（1）根据物体漂浮条件和阿基米德原理得出三图中水的重力与船的重力之和相等，然后根据二力平衡条件得出三图中抬升机构托举钢箱的力的关系；（2）根据判断三图中钢箱底部受到水的压强关系；根据判断水对钢箱底部的压力大小．【详解】AD、三图中船都漂浮，因此，因为钢箱内的水深均相等，所以三图中的重力与船的重力之和相等；因为匀速运动，所以拉力与重力是平衡力，即F=G，所以三图中抬升机托举钢箱力一样大，故A错误，D正确；B、钢箱内水深均相等，根据知，三图中钢箱底部受到水的压强相等，故B正确；C、三次水的重力与船的重力之和相等，故钢箱底部受到水的压力相等，钢箱相同，则底面积相等，根据可知，三图中水对钢箱底部的压力相等．故C错误；故选BD．【点睛】本题考查了液体压强特点、力与运动的关系，难点是阿基米德原理和浮沉条件，是一道综合题，有一定的难度．13、BD【解析】：电功率是表示电流做功快慢的物理量，用电器的电功率越大，做功不一定越多，相同时间内，功率大的用电器耗电不一定多．所以，B是正确的．三、填空题（本大题共5小题，共10分）14、<=><【解析】

a在甲中漂浮，即a密度小于水的密度；b在乙中下沉，即说明b密度大于水的密度，所以b的密度大于a的密度，即ρ1<ρ1；甲、乙两个完全相同的烧杯装满了水，a、b两个小球分别放入水中后，水的深度h仍然相同，根据p=ρgh可知，水对烧杯底部的压强相等，即：p1=p1；两球质量相等，重力相等，静止时a漂浮，b沉底，所以F1等于a球的重力，F1小于b球的重力，所以F1>F1；烧杯对水平面的压力等于烧杯、水、小球的总重．两个相同烧杯重相同；两小球重相同；两个相同的烧杯装满了水，放入小球后a的浮力大于b的浮力，所以a排出的水重，所以，a烧杯对水平面的压力小．受力面积相同，压力小的压强小，所以p′1<p′1．15、4.2×1085【解析】

由Q放=qm得“可燃冰”的热值：q===4.2×108J/kg；这些热可使2t水温度升高：△t===5℃．16、匀速直线小于【解析】

图中MO段相邻两个影像间的距离相等，即相同时间间隔内运动的距离相等，说明物体在MO段做匀速直线运动，此时受平衡力，摩擦力为f1，则f1=F=3N；OQ段相邻两个影像间的距离在增大，即相同时间间隔内运动的距离增大，说明物体在OQ段做加速运动，则此时摩擦力f2小于拉力F，即f2<3N。17、大小惯性【解析】

由于汽车行驶时，车外的空气流速大、压强小；车内的空气流速小、压强大，车内的气压大于车外的气压，所以，压强差就把窗帘压向车外；小明的父亲提前关闭动力，是因为汽车具有惯性，要保持原来的运动状态，所以仍能前进一段路程，然后到达停车位置．18、不变做功【解析】匀速下滑，速度不变，所以动能不变；臀部有灼热感是通过摩擦做功，把机械能变为内能。点睛：本题考查动能及内能改变的方式。动能的影响因素是质量和速度，质量越大、速度越快，物体的动能越大；重力势能的影响因素是质量和高度，质量越大，所处高度越高，重力势能越大；动能和势能统称为机械能．改变物体内能的方法有做功和热传递。四、计算题（本大题共3小题，共29分）19、（1）4.55A（2）130s（3）450Ω（4）150Ω【解析】

(1)由图甲所示电路可以知道，工作电路是通路，加热器处于加热状态。受控电路电源电压为220V，加热器的规格“220V1000W”，此时加热器在额定电压下工作，其电流为：

(2)恒温箱内空气温度从25℃升高到65℃需要吸收的热量为：设加热器需正常工作时间为t，则放出的热量为W=Pt（其中P=1000W），根据已知列方程如下：80%×Pt=1.04×105J，计算得t=130s；(3)若要使恒温箱内可获得上限为100℃的“恒温”，欲使电流达到0.04A的最高衔接电流，控制电路的电阻应该为，读图乙可知100℃时热敏电阻的阻值为400Ω，所以可变电阻R此时调节为：900Ω－400Ω－50Ω=450Ω；

(4)当获得最高温度为50℃时，欲使电流达到0.036A的最低释放电流，控制电路的电阻应该为，读图乙可知50℃时热敏电阻的阻值为800Ω，所以可变电阻R此时调节为：1000Ω－800Ω－50Ω=150Ω；20、（1）300N（1）3750Pa【解析】

（1）物体在月球所受的重力：（1）根据压强公式可知航天员站立在月球上时对水平月面的压强：21、（1）800kg/m3（2）0.64N（3）1000Pa【解析】

（1）当液体深度为10cm时，液体对容器底的压强为800Pa，由p＝ρgh得，液体的密度：ρ液＝＝＝800kg/m3；（2）圆柱体浸没在液体中排开液体的体积：V排＝V柱＝S柱h柱＝10cm2×8cm＝80cm3＝8×10﹣5m3，圆柱体沉底时所受浮力的大小：F浮＝ρ液gV排＝800kg/m3×10N/kg×8×10﹣5m3＝0.64N；（3）溢出液体的体积：V溢＝V排﹣S容器h′＝8×10﹣5m3﹣50×10﹣4m2×0.01m＝3×10﹣5m3，溢出液体的重力：G溢＝mg＝ρV溢g＝800kg/m3×10N/kg×3×10﹣5m3＝0.24N，由p＝得，容器对桌面增大的压力：△F＝△pS容器＝152Pa×50×10﹣4m2＝0.76N，圆柱体的重力：G＝△F+G溢＝0.76N+0.24N＝1N，圆柱体最初置于水平桌面上时，圆柱体对桌面的压力等于其重力，即F＝G＝1N，圆柱体对桌面的压强：p＝＝＝1000Pa。五、作图题（本大题共2小题，共4分）22、【解析】

根据题意，向右移动滑动变阻器的滑片，电流表的示数变小，则滑动变阻器接入电路的电阻应变大，故应连接滑动变阻器的左下接线柱到电流表的“0.6A”接线柱，如图：23、【解析】在磁体的外部，磁感线总是从磁体的N极发出最后回到S极，所以永磁体A的左端及电磁铁的右端都是N极．再根据安培定则，伸出右手使右手大拇指指向电磁铁的N极，四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流从电磁铁的左端流入，所以电源的左端为“+”极，右端为“-”极．如图所示：【点睛】安培定则不但可以判断出螺线管的磁极，也能根据磁极判断出电流方向或绕圈的绕向，即电流方向、线圈的绕向及N极方向，知道其中两个便可求出另外一个。六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24、升华熔化凝华【解析】

甲图，在水中加热，水的温度约为100℃，碘的熔点为113.7℃，所