2021-2022学年广东省深圳市某中学高二（上）期中复习物理试卷（二）（附答案详解）

202L2022学年广东省深圳市高级中学高二（上）期中复

习物理试卷（二）

一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）

1.小明坐在汽车的副驾驶位上看到一个现象：当汽车

的电动机启动时，汽车的车灯会瞬时变暗。汽车的

电源、电流表、车灯、电动机连接的简化电路如图

所示，已知汽车电源电动势为15S,内阻为0.1。。

车灯接通电动机未启动时，电流表示数为154（车灯

可看作不变的电阻）；电动机启动的瞬间，电流表示数达到604电动机的线圈电阻

为0.10。下列论述正确的是（）

A.车灯接通电动机未启动时，车灯的功率为2251V

B.电动机启动时，车灯的功率为54vlz

C.电动机启动时输出的机械功率为195小

D.电动机启动时，电源输出的功率为540W

2.一带电小球从空中的a点运动到b点的过程中，重力做功为3/,静电力做功为1/,克

服空气阻力做功为0.5/,则下列判断错误的是（）

A.a点动能比b点小3.5/B.a点重力势能比b点大3/

C.a点电势能比b点小0.5/D.a点机械能比b点小0.5/

3.如图所示，不带电的金属球Q放在绝缘支架上，并用导线与大地相连，将带正电的

物体P移近金属球Q,则在移近过程中，下列说法错误的是（）

A.金属球Q带负电B.金属球Q的电势越来越高

C.物体P受到的电场力越来越大D.物体P具有的电势能越来越小

4.如图所示，水平放置的充电平行金属板相距为d,其间形:二二二二二二:

成匀强电场，一带正电的油滴从下极板左边缘射入，并沿

直线从上极板右边缘射出，油滴质量为m,带电荷量为q。

现仅将上极板上移少许，其他条件保持不变，重力加速度为g,则下列分析正确的

是（）

A.上移后，油滴的运动轨迹是曲线

B.上移后，电场强度大小小于詈，方向竖直向上

C.上移后，下极板和上极板之间的电势差为等

D.上移后，油滴穿越两板之间的电场时电势能减少了zngd

5.磁场中某处的磁感线如图所示，则（）/

A.a、b两处的磁感应强度的大小不等，%>%卜j

B.a、b两处的磁感应强度的大小不等，Ba<Bb

C.同一通电导线放在a处受力一定比放在b处大

D.同一通电导线放在a处受力一定比放在b处小

6.如图所示，矩形线框平面与匀强磁场方向垂直，穿过的磁通XXXX

量为中，若线框绕某条边转过90。角，则磁通量变为（）XXXX

XX

XX

B.2

D.2中

7.在如图所示的电路中，定值电阻8=70、/?2=30、~匚二）_•~c

/?3=10、&=40,电容器的电容C=2〃F,电源

的电动势E=5V,内阻不计。闭合开关Si、S2,电一烹—J—京一,

路稳定后，贝女）___j|________________

A.a、b两点的电势差l/助=2.5V

B.电容器所带电荷量为1.0x10-5。

C.断开开关S2,稳定后电容器上极板所带电荷量与断开前相比的变化量为7.0x

10-6C

D.断开开关S2,稳定后流过电阻7?3的电流与断开前相比将发生变化

二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）

8.下面是四个同学对电势和电势差概念的理解，其中正确的是（）

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A.甲说：只有选定一个参考点（零电势点），电场中某点的电势才有确定的值

B.乙说：只有选定一个参考点（零电势点），电场中两点间的电势差才有确定的值

C.丙说：电场中某点的电势为负，表明该点的电势比参考点的电势高

D.丁说：电荷在电场中某点的电势能为正，表明电荷在该点具有的电势能比在参

考点（零电势点）处具有的电势能大

9.如图所示电路中，电源内阻忽略不计。闭合电键，电压表示数为U,电流表示数为

/；在滑动变阻器&的滑片P由a端滑到b端的过程中不正确的是（）

A.U先变大后变小

C.U与/的比值先变大后变小D.U变化量与/变化量比值等于

10.如图所示，图线a是某一电源的U-/曲线，图线b是一定值

电阻的U-/曲线。若将该电源与该定值电阻连成闭合电路,

已知该电源的内阻r=2.00,则说法正确的是（）

A.该定值电阻为6。

B.该电源的电动势为20V

C.将2只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大

D.将2只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大

11.某静电场的方向平行于x轴,其电势@随x的分布如图所示。质量m=1.0x10T%g,

电荷量q=1.0X10-9。的带正电的粒子从（—icm,0）点由静止开始，仅在电场力作

用下在无轴上往返运动，a、EK分别表示带电粒子的加速度、速度、动能。则a、

以ER随时间t、位移%变化的图象正确的是（）

三、实验题(本大题共2小题，共18.0分)

12.在“测定金属的电阻率”的实验中。

(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图1所示，读数为mm；

(2)用游标卡尺测量金属丝的长度，示数如图2所示，读数为cm；

(3)为了减少实验误差，并要求在实验中获得较大的电压调节范围，请在虚线框中

画出电路原理图；

(4)请根据(3)中设计的电路图，连接实物图；

(5)两电表的示数分别如图4所示(电压表量程0〜3U，电流表量程0〜0.64)，电压表

读数匕电流表读数_____4根据以上实验数据，则该金属材料的电阻率

为(保留两位有效数字)o

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13.小明在超市中发现两种品牌的5号干电池，他利用电流表和电压表设计实验，分别

测定一节这两种品牌干电池的电动势和内阻。

（1）实验时有开关和导线若干，以及以下器材：

4.电压表（0〜3V,内阻约为1k。）

B.电流表（0〜34,内阻为0.20）

C.电流表（0〜0.6A,内阻为0.50）

D滑动变阻器（0〜200,允许通过的最大电流为14）

E.滑动变阻器（0〜2000,允许通过的最大电流为0.54）

实验中电流表应选用;滑动变阻器应选用。（均填相应器材前的字母）

（2）小明应该选择的实验电路是图_____（填“甲”或“乙”）。

（3）小明分别记录了6组数据并在同一坐标纸内画出两个干电池的U-/图线，如图

丙所示.根据所画图线可得出品牌/干电池的电动势E=心内阻r=0。

（结果均保留两位有效数字）

（4）小明根据数据发现一节不同品牌干电池的电动势基本相同，只是内阻差异较大,

小明继续对I、n两个品牌干电池做了进一步探究，对电池的输出功率P随外电阻

R变化的关系，以及电池的输出功率P随路端电压U变化的关系进行了猜想和实验验

证，并分别画出了下列的P—R和P—U图像。图丁各图中可能正确的是。（填

正确答案标号）

T

四、计算题（本大题共3小题，共30.0分）

14.如图所示，电源的电动势E=127,内阻r=20,R1=30,R2=in,R3为电阻箱，

其调节范围为0〜9999.90。MN之间有一极板正对且水平放置的平行板电容器.电

容器在具有电压时会在极板之间形成竖苴方向的匀强电场，极板之外区域的电场忽

略不计。两极板左侧有一带电粒子源不断以相同初速度发射某种粒子。初始时刻开

关S断开，R3=0,粒子恰能沿上板右边缘离开电场区域。粒子重力不计，不计粒

子之间的相互作用。

(1)开关S断开且电路稳定后，求电容器两极板间的电压UMN；

(2)开关S闭合，保持R3=0,待电路稳定后，粒子恰能沿下板右边缘离开电场区域，

则/?4的阻值为多少；

(3)保持开关S闭合并调节&，恰使粒子沿直线穿过电容，则/?3的阻值为多少。

15.如图所示，图甲中在滑动变阻器的滑片从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读

数随电流表读数的变化情况如图乙中的AC、8C两直线所示，不考虑电表对电路的

影响。

(1)电压表匕、匕的示数随电流表示数的变化图像应分别为U-/图像中的哪一条直

线？

(2)定值电阻R。、滑动变阻器的总电阻R分别为多少？

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(3)求出电源的电动势和内阻;

(4)电源的工作效率什么时候最大，最大效率是多少？

16.如图所示，在水平方向的匀强电场中有一表面光滑、与水平面成45。角的绝缘直杆

4C,其下端(C端)距地面高度h=0.8m。有一质量为500g的带电小环套在直杆上,

正以某一速度沿杆匀速下滑。小环离杆后正好通过C端的正下方P点处。(g取

10m/s2),求:

(1)小环离开直杆后运动的加速度大小和方向;

(2)小环从C运动到P过程中的动能增量；

(3)小环在直杆上匀速运动速度的大小为。

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答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4根据闭合电路的欧姆定律得灯泡电阻为R=彳―r=15U+154-0.1。=

0.90,车灯的功率为P=I2R=15x15X0.9=202.5W,故A错误；

B、电动机启动时，路端电压为U=F-/r=15V-604x0.10=9V,车灯的功率为P=

吠=经皿=90小，故8错误；

R0.9

C、电动机启动时，电动机的电流为/'=/-9=604-券=504电动机启动时输出

的机械功率为P'=U1'-/'2rM=9Ux504-50Ax50Ax0.10=2001V,故C错误；

D、电动机启动时，电源输出的功率为P"=U/=9Px6(M=540W,故。正确。

故选：。。

掌握闭合电路的欧姆定律，分清电机的输入功率，产热功率和输出功率等。

综合考查了多种电功率的计算以及闭合电路的欧姆定律，要熟悉电路的组成和公式的计

算。

2.【答案】C

【解析】解：人一带电小球从空中的a点运动到b点的过程中，合外力做功为勿分=31+

1/-0.57=3.57,由动能定理可知，a点动能比匕点小3.5/,故A正确；

3、根据重力做功与重力势能关系，可知重力做多少正功，重力势能减小多少，则a点

重力势能比b点大3/,故8正确；

C、根据电场力做功与电势能关系，可知电场力做多少正功，电势能减小多少，贝Ua点

电势能比b点1/,故C错误；

Q、根据功能关系，除了重力和系统内弹力以外的力做功用来改变机械能，则4E=W其=

1/-0.5/=0.57,则a点机械能比b点小0.5/,故。正确；

本题选不正确的，故选：Co

解决本题需掌握：重力做功等于重力势能的减小量；电场力做功等于电势能的减小量；

合力做功等于动能的增加量；除重力外的各个力做的总功等于机械能的增加量.

功是能量转化的量度，有多种表现形式：重力做功是重力势能变化的量度；电场力做功

是电势能变化的量度；合力做功是动能变化的量度；重力外的各个力做的总功是机械能

变化的量度0

3.【答案】B

【解析】解：4、根据静电感应，在金属球Q离物体P的一侧金属球会带负电，金属球Q离

物体P远的一侧不带电，则金属球整体带负电，故A正确；

3、金属球Q与大地相连，电势为零。所以金属球Q的电势不变，故8错误；

C、越靠近金属球Q，电场越强，所以物体P受到的电场力越来越大，故C正确；

。、金属球Q对物体P是吸引力，该力做正功，所以物体P具有的电势能越来越小，故。

正确。

本题选不正确的，故选：8。

根据静电感应判断出金属球的电性，与大地相连的金属球电势为零，定性地判断金属球

的电场线分布，由此分析物体P的电场力和电势能的变化情况。

本题以静电感应为考查背景，综合考查了电势和场强的相关变化，同时要理解大地的电

势为零和等势体的概念。

4.【答案】D

【解析】解：AB,由于油滴沿直线在极板间运动，可知油滴一定做匀速直线运动，可

得qE=mg,则电场强度大小为E=詈,根据公式E=*C=小C=悬,可得E=鬻,

则当上极板向上移动时，E不变，方向竖直向上，仍有qE=rng,所以油滴的运动轨迹

仍然是直线，故AB错误；

C、综上分析，由于E不变，根据U=Ed,当上极板向上移动少许，d变大，所以U变大，

两极板间的电势差不再是等，故C错误；

。、当上极板向上移动少许，E不变，所以油滴射出电场时的位置也不变，重力做的负

功为-mgd,则电场力做的正功为mgd,根据功能关系可知，油滴的电势能减少了mgd,

故。正确。

故选：D。

仅将上极板上移些许，其它条件保持不变，板间电场强度不变，油滴的受力情况不变，

运动情况不变。油滴在电场中受到重力和电场力，而做直线运动，电场力与重力必定平

衡做匀速直线运动，否则就做曲线运动。根据平衡条件求电场强度，根据U=Ed求解

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电势差；根据功能关系确定电势能减少量。

本题是带电粒子在电场中运动的问题，关键是掌握电容器带电量不变，只改变两板间距

离时的电场强度的推论：E=誓，知道电容器带电量不变，仅仅改变电容器极板间距

离时板间场强不变。要能正确分析油滴的受力情况，判断出粒子做匀速直线运动。

5.【答案】B

【解析】解：4、磁感线的疏密表示磁场的强弱，由图可知匕处的磁感线密，所以b处的

磁场强。故A错误，B正确；

C、电流受到的安培力：F=BILsin。,与磁感应强度的大小、电流的大小以及电流与磁

场方向之间的夹角有关，所以同一通电导线放在a处受力不一定比放在b处小，也不一定

比放在b处大。故错误。

故选：B。

在磁铁的外部磁感线从N极出发进入S极，在磁铁的内部，从S极指向N极；磁感线上的

切线方向表示该点的磁感应强度的方向.磁场的强弱由磁场本身的性质决定.

解决本题的关键知道磁场的强弱由磁场本身的性质决定，与电流元所受力的大小无关，

掌握磁铁磁场磁感线的分布情况.

6.【答案】A

【解析】解：转过90。角后，线框与磁场平行，所以磁通量为零，故A正确，8CZ）错误。

故选：4。

根据。=BSsinOQ是线圈平面与磁场方向的夹角）即可求解磁通量的大小。

对于匀强磁场中磁通量的求解，可以根据一般的计算公式。=BSsin。（。是线圈平面与

磁场方向的夹角）来分析线圈平面与磁场方向垂直、平行两个特殊情况。注意夹角。是磁

场与线圈平面的夹角，同时理解磁通量不是矢量，但注意分清正面还是反面通过线圈。

7.【答案】C

【解析】解：A设电源负极的电势为0,则电源正极的电势为尹=5乙因为w-Wa=

等心，代入数据可解得%=L5心理有W一%=占氏3,得Wb=",U=%—

t\\i«v2ri3Tx\4ab

<pb=1.5V-4K=-2.5V,故A错误；

6

B.由Q=CU可知此时电容器所带电荷量为Q=CU=2x10-6x2.5C=5.0x10-C,

且上极板带负电，故8错误；

C.断开开关S2,稳定后a点的电势为W'a=5V,b点电势仍为为=4V,故此时〃助=<p'a~

(p'h=5V-4V=IV,上极板带正电，故上极板带电荷量的变化量为4Q=CAU,即/Q=

CAU=2x10-6x3.5C=7.0x10~6C,C正确；

D由电路知识司.知，断开开关S2,稳定后流过电阻/?3的电流与断开前相比不会发生变化，

故O错误。

故选：Co

设电源负极的电势为0,则电源正极的电势为租=5V,求出a和b点的电势进行解答；由

Q=Ct/求解电容器所带电荷量；断开开关S2,再次分析a和b点的电势，求出电势差，

根据电荷量的计算公式求解电荷量的变化；断开开关S2,稳定后流过电阻/?3的电流不会

发生变化。

本题主要是考查“桥式电路”，关键是弄清楚电路的连接情况，能够根据闭合电路的欧

姆定律、电势差的概念、电容的定义式等进行分析。

8.【答案】AD

【解析】解：4、电势是相对的，只有在选定零电势点后才能确定电场中某点的电势。

故A正确，

8、电势差是绝对量，与参考点选取无关，故B错误；

C、电势、电势能都是标量，为负时，都比参考点的相应量小，故C错误，O正确。

故选：AD.

电势是描述电场能的性质的物理量，与检验电荷无关，电势是标量，没有方向.

解决本题的关键要加强电场基础知识的学习，理解并掌握电势的物理意义、标量性、定

义方式等.

9.【答案】AD

【解析】解：4由图可知电压表测量的是电源的电压，由于电源内阻忽略不计，则电压

表的示数总是不变，故A错误；

BC.由图可知，在滑动变阻器％的滑片。由。端滑到b端的过程中，滑动变阻器灯的电阻

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先增大后减小，由于电压不变，根据闭合电路欧姆定律可知电流表示数/先变小后变大，

U与/的比值就是接入电路的R]的电阻与7?2的电阻之和，所以u与/比值先变大后变小，

故BC正确；

D、由于电压表示数没有变化，所以U变化量与/变化量比值等于0,故。错误。

本题选择不正确选项，

故选：ADo

电源内阻忽略不计，电压表测量电源电压，所以无论外电阻如何变化，电压表示数不变。

滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中，电阻先曾大后减小，由欧姆定律可判断

电流表示数的变化和和U与/比值的变化。

考查闭合电路欧姆定律与部分电路欧姆定律的应用，掌握闭合电路的动态分析，知道电

阻的串并联阻值，注意本题已说明电源内阻忽略不计，学生容易忽略该条件，从而导致

错误。

10.【答案】AB

【解析】解：4该定值电阻为/?="色。=60,A正确；

员有闭合电路欧姆定律得E=U+Ir=15V+2.5x2V=20V,故B正确；

C将2只这种电阻串联作为外电阻，外电阻的阻值为12。并联时外电路总电阻30,只

有当内外电阻相等，电源输出功率最大，所以CO错误。

故选：AB.

根据图线b的斜率求出定值电阻的阻值：读出两图线交点处电压和电流，根据闭合电路

欧姆定律求出电源的电动势；对于电源，当内外电路的电阻相等时输出功率最大。

本题要理解伏安特性曲线的物理意义，知道定值电阻的伏安特性曲线斜率等于电阻，电

源的伏安特性曲线的斜率绝对值表示内电阻、纵轴截距表示电源的电动势。

11.【答案】ABC

【解析】解：AB.—1cm〜0之间的场强为：E=怒=2x104N/C,向右；

0〜2cm之间的场强为：E'==1x104N/C,向左；

在一1cm〜0之间，粒子加速度：a=.==2X1014]=2；

7711.UX1vKg

〜之间的加速度：优=妲=142

02cmm1。嚷1.0;X1黑0kTg=1x10m'/s;

从—1cm到0,粒子加速，根据％=：砒2,有：t=后=层需=io-8s；

末速度：v=at=2x10-6m/s；

再向右减速的时间：口=5=2x10—8s,

向右移动的距离为：xr=—=2x-2；

2a(10m=2cm

此后向左运动，结合对称性和重复性可知在过2X10-85回到0点，此后再过IX10-8s回

到-1cm位置，

故4正确，B正确；

2-7；

C、最大动能&=-mv=3x10-19x(2x10-6)2/=2x10；

根据动能定理，Fx=4Ek，故EK-x图象时两个斜的线段，故C正确；

D、从-1cm到0位置是匀变速直线运动，根据速度位移公式可知，v2=2ax,故u-x图

象时曲线，/-X图象是直线，故。错误；

故选：ABC.

0-x图象的斜率表示电场强度，结合牛顿第二定律得到加速度情况，根据运动学公式

列式分析粒子的运动情况，根据动能定理分析动能变化情况。

本题是力电综合问题，关键时明确粒子的受力情况和运动情况，结合牛顿第二定律、动

能定理、运动学公式列式分析，不难，要细心。

12.【答案】6.8581.051.200.508.4x10-3n/m

【解析】解：⑴金属丝的直径为。=6.5mm+0.01x35.8mm=6.858mm

(2)金属丝的长度为L=10mm+0.1x5mm=10.5mm=1.05cm

(3)金属丝阻值较小，在伏安法测电阻时应用电流表外接法；实验中要求有较大的电压

调节范围，所以滑动变阻器应用分压接法，如图1所示；

图1

(4)连接实物图如图2所示:

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图2

(5)由图根据电表读数规则可知，电压表读数为1.20V；电流表示数为0.504。

由欧姆定律和电阻定律可知

nUL

R=7=PS

代入数据可得该金属材料的电阻率为p=8.4x10-3n/m

故答案为：(1)6.858(2)1.05(3)电路原理图如图1；(4)实物图如图2；

(5)1.200.508.4x10-30/7n

(1)根据螺旋测微器的读数规则，得出金属丝的直径；

(2)根据游标卡尺的读数规则，得出金属丝的长度；

(3)根据实验原理，结合题意画出电路原理图；

(4)利用实验原理图，完成实物图的连接；

(5)利用电表的读数规则，读出电表的读数；根据实验原理，结合题意求出金属的电阻

率。

在读数问题上，要注意游标卡尺不需要估读，且主尺读数单位是厘米，油标尺单位是毫

米。

13.【答案】C。乙1.50.33AD

【解析】解：(1)为方便操作，滑动变阻器选D一节干电池电动势约为1.51Z,电路中电

流较小，所以电流表选C,

(2)因电流表内阻已知，故可以采用相对电源的内接法进行测量，故应选择乙电路图；

⑶根据E=U+/r以及U-/图可知，电源的电动势为：E=l"内电阻为：r'=^-

以=啜与_0,5。=。.33。

(4)48、根据电源的输出功率规律可知，当内外电阻相等时输出功率最大，如果外电阻

大于内电阻时，随着电阻的增大，输出功率将越来越小，由P=^可知，电动势相同，

4r

内阻越小的I输出功率越大，故A正确，B错误。

CD,当内阻和外阻相等时•，输出功率最大；此时输出电压为电动势的一半。由4的分析

可知，i输出的功率比n的大；而当外电路断开时，路端电压等于电源的电动势，此时

输出功率为零；故。正确，c错误。

故选

故答案为：(l)c,D；(2)乙；(3)1.5,0.33；(4)4。

(1)实验中要能保证安全和准确性选择电表。

(2)本实验应采用滑动变阻器和电压表联合测量，由实验原理可得出电路原理图。

(3)利用闭合电路欧姆定律可得出表达式，由数学关系可得出电动势和内电阻。

(4)根据电源的输出功率规律可明确对应的实验图象，知道当内外电阻相等时电源的输

出功率最大。

解题时应注意明确实验的原理；并且要由实验原理结合闭合电路欧姆定律得出表达式,

结合图象得出电动势和内电阻。注意电流表内阻已知时可以采用相对电源的内接法准确

求出电源内阻。

14.【答案】解：(1)S断开且稳定后，%、/?2与电源串联，电容两端电压等于的电压，

而不分压，故

/=―--

R1+&+T

代入数据解得/=2A

沿电流经过电阻，电势降低，故

UMC=/&=2xIV=2U

由于流过/?4的电流为0,/?4两端电压为0,故

UMN=UMC=2K

(2)S闭合且稳定后，&与串联再与并联，由于危=0，故电容电压等于&的电压,

而粒子恰能沿下板右边缘离开电场区域，说明电容电压大小仍为2V,但极板上负下正，

故

r="生=%

Rx3

〃c=/'(R】+&)=|x(3+l"=|l/

则

代入数据解得&=|。

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(3)根据桥式电路知识，当0M=SN时，电容电压为零粒子即可沿直线穿过电容，此时

电阻之间应满足

色=3

&夫4

解得

R3=2/2

答：(1)开关S断开且电路稳定后，电容器两极板间的电压为2，；

(2)开关S闭合，保持/?3=0,待电路稳定后，粒子恰能沿下板右边缘离开电场区域，则

/?4的阻值为|。；

(3)保持开关S闭合并调节色，恰使粒子沿直线穿过电容，则色的阻值为20。

【解析】(1)S断开且稳定后，%、R2与电源串联，电容两端电压等于&的电压，根据闭

合电路欧姆定律解得；

(2)S闭合且稳定后，咒与/?2串联再与心并联，由于/?3=。，故电容电压等于小的电压,

而粒子恰能沿下板右边缘离开电场区域，说明电容电压大小仍为2人结合部分电路欧

姆定律解得；

(3)根据桥式电路知识，当8M=<PN时，电容电压为零粒子即可沿直线穿过电容，此时

电阻之间应满足M=r

本题考查闭合电路欧姆定律，解题关键掌握桥式电路的特点。

15.【答案】解：(1)随着滑动变阻器的滑片从右端滑到左端，回路总电阻减小，由闭合

电路欧姆定律可知，干路电流增大，则定值电阻品两端电压增大，电压表巧测的是凡两

端电压，其示数随电流表示数的变化图像是U-/图中的4C,由。=£-什可知，路端

电压随电流增大而减小，电压表外测的是路端电压，其示数随电流表示数的变化图像是

U-/图中的BC。

(2)由图线4c的斜率可知，定值电阻R。的阻值为&=黑翌。=3。，当滑动变阻器的滑

2.0—0.5

片在最右端时，路端电压为7.5V,Ro两端电压为L5，，电流为0.54可得滑动变阻器R的

总阻值为R==生"。=12。

/0.5

(3)由图线BC的斜率可知，电源的内阻为r=M哭0=10,当路端电压为7.5U时，电

N.U-U.5

流为0.54,内电压为。的=}=0.5xIV=0.51Z,则电动势为E=L/端+U为=7.5V+

0.51/=8V

(4)电源的工作效率为4=4100%=吗电x100%,可知，当滑片处于最右端时，

即滑动变阻器接入电阻最