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专题强化练(十五)函数的图象与性质1.(2022·湖北模拟)已知函数f(x)=eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(ex+ln2,x≤2,f(x-4),x>2)),则f(2022)=()A.eq\f(2,e) B.2eC.eq\f(2,e2) D.2e2解析:因为当x>2时,f(x)=f(x-4),所以T=4,所以f(2022)=f(2)=e2+ln2=e2·eln2=2e2,故选D.答案:D2.(2022·广州二模)下列函数中,既是偶函数又在(0,+∞)上单调递增的是()A.y=(eq\f(1,2))|x| B.y=|x|-x2C.y=|x|-1 D.y=x-eq\f(1,x)解析:由y=(eq\f(1,2))|x|为偶函数,在(0,+∞)上y=(eq\f(1,2))x为单调递减函数,故A错误;y=|x|-x2为偶函数,在(0,eq\f(1,2))内递增,在(eq\f(1,2),+∞)内递减,故B错误;y=|x|-1为偶函数,在(0,+∞)内递增,故C正确;f(x)=x-eq\f(1,x)的定义域为{x|x≠0},且f(-x)=-f(x),则f(x)为奇函数,故D错误.故选C.答案:C3.(2022·松滋市校级模拟)已知函数f(x)的定义域为R,f(x+2)为偶函数,f(2x+1)为奇函数,则()A.f(-eq\f(1,2))=0 B.f(-1)=0C.f(2)=0 D.f(4)=0解析:因为函数f(x+2)为偶函数,则f(2+x)=f(2-x),可得f(x+3)=f(1-x),因为函数f(2x+1)为奇函数,则f(1-2x)=-f(2x+1),所以f(1-x)=-f(x+1),即f(x+3)=-f(x+1)=f(x-1),所以f(x)=f(x+4),故函数f(x)是以4为周期的周期函数,因为函数F(x)=f(2x+1)为奇函数,则F(0)=f(1)=0,故f(-1)=-f(1)=0,其他三个选项未知.故选B.答案:B4.(2022·日照三模)若定义在R上的奇函数f(x)在(-∞,0]上单调递减,则不等式f(x)+f(x-2)≥0的解集为()A.[1,+∞) B.[2,+∞)C.(-∞,2] D.(-∞,1]解析:定义在R上的奇函数f(x)在(-∞,0]上单调递减,因为f(x)是奇函数,在(-∞,0]上递减,所以f(x)在(0,+∞)上递减,所以f(x)在R上是减函数,又由f(x)是奇函数,则不等式f(x)+f(x-2)≥0可化为f(x-2)≥f(-x),所以x-2<-x,x≤1.故选D.答案:D5.(2022·大冶市校级模拟)函数f(x)=eq\f(e|x|,cosx+x4)在区间[-π,π]上的图象大致为()ABCD解析:因为f(-x)=eq\f(e|-x|,cos(-x)+(-x)4)=eq\f(e|x|,cosx+x4)=f(x),所以f(x)为偶函数,其图象关于y轴对称,排除A项;当x=π时,f(π)=eq\f(eπ,cosπ+π4)=eq\f(eπ,π4-1)>0,排除D项;因为eπ<e=e3eq\r(e),cosπ+π4>-1+34=80,所以f(π)<1,排除C项.故选B.答案:B6.(2022·襄城区校级四模)已知函数f(x)是定义在R上的奇函数,且f(x+2)=-f(x),当x∈(0,1)时,f(x)=2x,则f(eq\f(11,2))=()A.-2eq\r(2)B.-eq\r(2)C.eq\r(2)D.2eq\r(2)解析:因为f(x+2)=-f(x),所以f(x+4)=f(x),即函数的周期T=4,又f(x)为奇函数且f(2+x)=-f(x),所以f(2-x)=-f(-x)=f(x),所以f(x)关于x=1对称,因为x∈(0,1)时,f(x)=2x,则f(eq\f(11,2))=f(eq\f(3,2))=f(eq\f(1,2))=2eq\a\vs4\al(\f(1,2))=eq\r(2).故选C.答案:C7.(2022·佛山二模)设a,b,c∈R且a≠0,函数g(x)=ax2+bx+c,f(x)=(x+2)g(x),若f(x)+f(-x)=0,则下列判断正确的是()A.g(x)的最大值为-aB.g(x)的最小值为-aC.g(2+x)=g(2-x)D.g(2+x)=g(-x)解析:因为函数g(x)=ax2+bx+c,所以f(x)=(x+2)·g(x)=(x+2)(ax2+bx+c)=ax3+(b+2a)x2+(c+2b)·x+2c,又因为f(x)+f(-x)=0,所以f(x)为定义域R上的奇函数;所以f(0)=0,即c=0,由f(-x)=-f(x),得a(-x)3+(b+2x)(-x)2+(c+2b)(-x)=-[ax3+(b+2a)x2+(c+2b)x],所以b+2a=0,解得b=-2a;所以g(x)=ax2-2ax=a(x2-2x)=a(x-1)2-a,且a≠0;对于A,a>0时,g(x)有最小值-a,所以选项A错误;对于B,a<0时,g(x)有最大值-a,所以选项B错误;对于C,g(x)对称轴是x=1,不是x=2,所以g(2+x)=g(2-x)不成立,选项C错误;对于D,由g(2+x)=g(-x),得g(1+x)=g(1-x),所以g(x)关于x=1对称,选项D正确.故选D.答案:D8.(2022·日照一模)已知奇函数f(x)在R上是增函数,g(x)=xf(x).若a=g(-log25.1),b=g(2),c=g(3),则a,b,c的大小关系为()A.a<b<c B.b<a<cC.c<b<a D.b<c<a解析:奇函数f(x)在R上是增函数,g(x)=xf(x),可得g(-x)=-xf(-x)=xf(x)=g(x),即g(x)为偶函数,当x≥0时,g′(x)=f(x)+xf′(x)≥0,即有g(x)在[0,+∞)单调递增.因为a=g(-log25.1)=g(log25.1),2<log25.1<3,1<2<2,则1<2<2<log25.1<3,可得g(2)<g(log25.1)<g(3),即b<a<c,故选B.答案:B9.(多选题)(2022·威海三模)已知函数f(x)=eq\r(|x+a|-a)-x,则()A.当a=1时,函数f(x)的定义域为[-2,0]B.当a=0时,函数f(x)的值域为RC.当a=-1时,函数f(x)在R上单调递减D.当a∈(0,eq\f(1,4))时,关于x的方程f(ax)=a有两个解解析:对于A,当a=1时,f(x)=eq\r(|x+1|-1)-x,由|x+1|-1≥0,解得x≥0或x≤-2,所以函数f(x)的定义域为(-∞,-2]∪[0,+∞),故A错误;对于B,当a=0时,f(x)=eq\r(|x|)-x,定义域为R,当x≥1时,f(x)≤0;当x<1时,f(x)>0.所以函数f(x)的值域为R,故B正确;对于C,当a=-1时,f(x)=eq\r(|x-1|+1)-x,当x≥1时,f(x)=eq\r(x)-x=-(eq\r(x)-eq\f(1,2))2+eq\f(1,4)在[1,+∞)上递减,当x<1时,f(x)=eq\r(2-x)-x,在(-∞,1)上递减,因为f(1)=0,所以函数f(x)在R上单调递减,故C正确;对于D,由题意知f(ax)=eq\r(|ax+a|-a)-ax,f(ax)=a,即为eq\r(|ax+a|-a)=a+ax,设a+ax=t,因为a∈(0,eq\f(1,4)),a+ax≥a,所以t≥0,则eq\r(t-a)=t,即a=-t2+t=-(t-eq\f(1,2))2+eq\f(1,4),若方程f(ax)=a有两个解,即a∈(0,eq\f(1,4)),故D正确.故选BCD.答案:BCD10.(多选题)(2022·湖北模拟)已知函数f(x)=|x|+|x|eq\a\vs4\al(\f(1,2))-cosx,则下列说法正确的是()A.f(x)是偶函数B.f(x)在(0,+∞)上单调递减C.f(x)是周期函数D.f(x)≥-1恒成立解析:f(-x)=|-x|+|-x|eq\a\vs4\al(\f(1,2))-cos(-x)=|x|+|x|eq\a\vs4\al(\f(1,2))-cosx=f(x),则f(x)是偶函数,故A正确;当x>0时,f(x)=x+xeq\a\vs4\al(\f(1,2))-cosx,f′(x)=1+eq\f(1,2\r(x))+sinx>0恒成立,即f(x)在(0,+∞)上为增函数,故B错误;因为f(x)在(0,+∞)上为增函数,所以f(x)不可能是周期函数,故C错误;因为f(x)在[0,+∞)上为增函数,所以f(x)≥f(0)=0+0-1=-1,故D正确.故选AD.答案:AD11.(多选题)(2022·淄博三模)已知定义在R上的偶函数f(x),满足f(x)+f(2-x)=2,则下列结论正确的是()A.f(x)的图象关于x=1对称B.f(x+4)=f(x)C.若函数f(x)在区间[0,1]上单调递增,则f(x)在区间[2021,2022]上单调递增D.若函数f(x)在区间(0,1)上的解析式为f(x)=lnx+1,则f(x)在区间(2,3)上的解析式为f(x)=ln(x-1)+1解析:根据题意,依次分析选项:对于A,函数f(x)满足f(x)+f(2-x)=2,则f(x)的图象关于点(1,1)对称,A错误;对于B,f(x)是偶函数且满足f(x)+f(2-x)=2,则有f(-x)+f(2-x)=2,即f(x)+f(x+2)=2,同时有f(x+2)+f(x+4)=2,则有f(x+4)=f(x),B正确;对于C,函数f(x)在区间[0,1]上单调递增,且f(x)的图象关于点(1,1)对称,则f(x)在[1,2]上也是增函数,又由f(x+4)=f(x),则f(x)在区间[2021,2022]上单调递增,C正确;对于D,若x∈(2,3),x-2∈(0,1),则f(x-2)=ln(x-2)+1,又由f(x)+f(x-2)=2,则f(x)=2-ln(x-2)-1=1-ln(x-2),D错误.故选BC.答案:BC12.(多选题)(2022·青岛二模)已知函数f(x)的定义域为R,g(x)=f(2-x)-f(2+x),h(x)=f(2-x)+f(x),则下述正确的是()A.g(x)为奇函数B.g(x)为偶函数C.h(x)的图象关于直线x=1对称D.h(x)的图象关于点(1,0)对称解析:因为g(x)=f(2-x)-f(2+x),所以g(-x)=f(2+x)-f(2-x)=-g(x),即g(x)为奇函数,A正确,B错误;因为h(x)=f(2-x)+f(x),所以h(2-x)=f(x)+f(2-x)=h(x),即h(x)的图象关于x=1对称,C正确,D错误.故选AC.答案:AC13.(2022·黄州区校级模拟)已知函数f(x)=eq\f(2x+a,2x-1)是奇函数,则实数a的值为________.解析:因为f(x)=eq\f(2x+a,2x-1)是奇函数,由奇函数性质可得f(-x)=-f(x),所以eq\f(2-x+a,2-x-1)=eq\f(2x+a,2x-1),整理得(a-1)(2x-1)=0恒成立,所以a=1.答案:114.(2022·淄博三模)设f(x)=eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(\r(x),0<x<2,3(x-2),x≥2)),若f(a)=f(a+2),则a=________.解析:函数f(x)=eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(\r(x),0<x<2,3(x-2),x≥2)),所以函数每一段均单调递增,又因为f(a)=f(a+2),所以eq\r(a)=3(a+2-2),所以a=9(a=0舍).答案:915.(2022·顺德区三模)已知函数f(x)=2x+a·2-x的图象关于原点对称,若f(2x-1)>eq\f(3,2),则x的取值范围为________.解析:因为f(x)=2x+a·2-x的图象关于原点对称且定义域为R,所以f(0)=1+a=0,所以a=-1,f(x)=2x-2-x在R上单调递增,由f(2x-1)>eq\f(3,2)=f(1)得2x-1>1,所以x>1.故答案为{

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