四川省泸州市泸县2024-2025学年高一物理下学期开学考试试题含解析

Page142024-2025学年高一下期开学考试物理试题第I卷（选择题44分）本试卷共4页，16小题，满分100分。考试用时75分钟。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列说法正确的是（）A.在探讨如何踢出“香蕉球”时，可以把足球看作质点B.在探讨战斗机的飞行和翻转时，可以把战斗机看作质点C.“一江春水向东流"是指水相对河岸（或者地面）的运动D.“神舟十一号飞船”与“天宫二号”对接前，调整飞船姿态时，可将飞船看成质点【答案】C【解析】【详解】A．探讨如何踢出“香蕉球”时的足球，要考虑球的转动，故不能简化为质点，故A错误；B．探讨战斗机的空中翻滚动作时，不行以看做质点，否则没有动作了，故B错误；C．“一江春水向东流”是说春水相对于河岸（或者地面）在运动，故C正确；D．探讨飞船的对接状况时，与其大小形态和对接的姿态有关，故此时不能将飞船看成质点，故D错误。故选C。2.在学校组织的拔河竞赛中，一班战胜了二班。竞赛过程中有关力的分析中，正确的是（）A.一班的拉力始终大于二班的拉力B.一班的重力大于二班的重力C.一班的拉力和二班的拉力大小相等D.一班的拉力和二班的拉力只有在静止时大小才相等【答案】C【解析】【详解】ACD．一班对二班的拉力和二班对一班的拉力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，且大小时刻都相等，并不是只有在静止时大小才相等，AD错误，C正确；B．一班战胜了二班，说明一班与地面之间的摩擦力大，并不能说明一班的重力大于二班的重力，B错误。故选C。3.如图所示，一根粗糙的水平横杆上套有P、Q两个轻环，两根等长细绳一端分别系在环上，另一端拴住书本，书本处于静止状态．下列说法正确的是（）A.两绳对书本的拉力大小不同B.每根绳对书本的拉力确定大于书本的重力C.若减小两环间距离，书本仍处于静止状态，则杆对P环的支持力不变D.若减外两环间距离，书本仍处于静止状态，杆对P环的摩擦力不变【答案】C【解析】【详解】A．依题意，两绳等长，对书本受力分析，依据对称性可知两绳对书本的拉力大小相同。故A错误；B．依题意，书本处于静止状态，三力平衡，两绳拉力之和与重力等大反向，每根绳对书本的拉力不愿定大于书本的重力，须要依据两绳夹角推断。故B错误；C．对书本和P、Q两环组成的整体进行受力分析，可知杆对P、Q两环的支持力大小相等均为重力的一半，且不会随两环间距离的变更而变更。故C正确；D．对P环受力分析，如图由平衡条件，可得若减外两环间距离，变大，杆对P环的摩擦力变小。故D错误。故选C。4.汽车以的速变做匀速直线运动。刹车后的加速度大小为．那么刹车后内与刹车后内汽车通过的位移之比为A B. C. D.【答案】B【解析】【详解】物体做匀减速直线运动，设速度减到零的时间为则有设刹车后内位移，由运动学公式可得因汽车4s速度减为零，前6s的位移等于前4s的位移所以故ACD错误，B正确。故选择B选项。5.做直线运动的物体，其v-t图像如图所示，下列推断正确的是（）A.物体在1s末变更运动方向B.物体在1～3s和3～4s加速度大小相等方向相反C.物体在前3s与后2s内的位移大小之比为3:1D.物体在最初1s与最终1s的平均速度之比为1:1【答案】C【解析】【详解】A．由图像可知：物体在前3s内速度都为正，运动方向没有发生变更，所以在第1s末运动方向没有发生变更，A错误；B．物体在1～3s和3～4s图像的斜率相同，所以加速度是相同的，B错误；C．物体在前3s的位移2s内的位移大小即位移大小之比为3:1，C正确；D．物体在最初1s的平均速度最终1s的平均速度D错误故选C。6.在德国首都柏林实行的世界田径锦标赛女子跳高决赛中，克罗地亚选手弗拉希奇以2.04m的成果获得冠军．弗拉希奇身高约为1.93m，忽视空气阻力，g取10m/s2．则下列说法正确的是()A.弗拉希奇下降过程处于失重状态B.弗拉希奇起跳以后在上升过程处于超重状态C.弗拉希奇起跳时她对地面的压力等于她所受的重力D.弗拉希奇起跳离开地面时的初速度大约为6.4m/s【答案】A【解析】【详解】AB．弗拉希奇在整个跳高过程中，上升或下降过程都只受重力作用，加速度方向竖直向下，处于失重状态，故A正确；B错误；C．弗拉希奇起跳时，有向上的加速度，则地面对他的支持力大于她的重力，即她对地面的压力大于她所受的重力，故C错误；D．依据位移速度公式：其中h为弗拉希奇重心上升的高度大约是：所以解得：，故D错误故选A.7.如图，质量为m的小球用轻质细线拴住放在足够长的光滑斜面上，倾角的斜面体置于光滑水平面上，用水平力推动斜面体，使小球沿斜面级慢上升，至绳与斜面平行的过程中，绳上的最小力为A. B.C. D.【答案】A【解析】【详解】斜面体向左缓慢移动过程中小球受力状况如上图所示。小球受重力、斜面对小球的支持力的方向不变。当绳与斜面平行时，即F1与F2垂直时，绳上的力最小，为：故A正确，BCD错误。故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。8.一名消防员在模拟演习训练中，沿着长为12m的直立在地面上的钢管从顶端由静止先匀加速再匀减速下滑，滑到地面的速度恰好为零，假如他加速时的加速度大小是减速时加速度大小的2倍，下滑的总时间为3s，那么该消防员（）A.下滑过程的最大速度为4m/sB.加速与减速运动过程中平均速度之比为1:1C.加速与减速运动过程位移大小之比为1:4D.加速与减速运动过程时间之比为1：2【答案】BD【解析】【详解】A.设减速时的加速度为a，则加速时的加速度为2a，加速时间为，减速时间为，则，设加速的末速度为v，则，联立解得，即下滑过程中的最大速度为8m/s，故A错误；BCD.加速时间，减速时间，所以加速与减速过程的时间之比为1∶2，故，，加速与减速过程中平均速度大小都为，所以加速与减速过程的位移之比为1:2，故BD正确；C错误9.如图，倾角的光滑斜面上甲，乙两个物块用轻弹簧连接，用平行斜面对上的拉力F拉甲物块，使甲、乙两物块一起沿斜面对上做匀速运动，两物块的质量均为m，重力加速度为g，下列说法正确的是A.拉力的大小为mgB.弹簧弹力大小为mgC.撤去拉力F瞬间，两物体的加速度大小相等D.撤去拉力F瞬间，乙的加速度为零，甲的加速度大小为g【答案】AD【解析】【详解】A.斜面光滑，将甲乙两物块视为一个整体，做受力分析可得在沿斜面方向上平衡：故A正确；B.对乙物体受力分析，沿斜面方向上平衡可得弹簧弹力：故B错误；C.撤去拉力F瞬间，弹簧长度不变弹力不变。对甲物体受力分析，沿斜面方向上不平衡有：解得：D.对乙物体受力分析，沿斜面方向上有：甲乙两物体加速度大小不同。故C错误；D正确。故选ＡＤ。10.质量为m2的物体2放在正沿水平直轨道向右行驶的车厢水平底板上，并用竖直细绳通过光滑定滑轮连接质量为m1的物体1，与物体1相连接的绳与竖直方向稳定成θ角，则()A.车厢的加速度为gtanθB.水平底板对物体2的支持力为(m2－m1)gC.绳对物体1的拉力为D.物体2所受底板的摩擦力为m2gtanθ【答案】ACD【解析】【分析】先对物体1受力分析求出车的加速度，在对2分析求出各个力大小．【详解】以物体1为探讨对象受力如图1所示，依据牛顿其次定律：m1gtanθ=m1a，得a=gtanθ，则车厢的加速度也为gtanθ，绳对1的拉力为，选项A、C正确；对物体2探讨，分析受力如图2，依据牛顿其次定律得：N=m2g-T=m2g-；f=m2a=m2gtanθ，故B错误，D正确．11.如图所示，与水平面夹角为的固定斜面上有一质量m=1.0kg的物体。细绳的一端与物体相连，另一端经摩擦不计的定滑动与固定的弹簧秤相连。物体静止在斜面上，弹簧秤的示数为4.9N。关于物体受力的推断（取g=9.8m/s2），下列说法正确的是（）A.斜面对物体的摩擦力大小为零B.斜面对物体的摩擦力大小为4.9N，方向沿斜面对上C.斜面对物体的支持力大小为4.9N，方向垂直斜面对上D.斜面对物体的支持力大小为4.9N，方向垂直斜面对下【答案】AC【解析】【详解】AB．物体重力沿斜面方向下的分力与弹簧的弹力相等，依据共点力平衡，知物体不受摩擦力作用，A正确，B错误；CD．依据共点力平衡得方向垂直于斜面对上，C正确，D错误。故选AC。第II卷（非选择题56分）三、试验题（14分）12.如图甲所示，用铁架台、弹簧、毫米刻度尺和多个质量已知且相等的钩码探究在弹性限度内弹簧弹力F和弹簧长度l的关系。弹簧的上端与毫米刻度尺的0刻度线对齐。（1）如图甲所示，悬挂一个钩码时，弹簧下端的指针在毫米刻度尺的读数为___________cm。（2）逐个增加钩码的数量，记录下弹簧弹力F和弹簧的长度l的多组数据，并在坐标纸中描绘出F-l的关系图像，由图乙可知该弹簧的劲度系数为___________N/m。（3）试验中用两根不同的轻弹簧a和b进行试验，画出弹簧弹力F与弹簧的长度l的关系图像如图丙所示，若把两个弹簧分别制作成弹簧秤，___________（填“a”或“b”）的灵敏度更高。【答案】①.11.50②.100③.b【解析】【详解】[1]刻度尺的最小分度为1mm，要估读到毫米下一位，图中读数为11.50cm[2]设未挂钩码时弹簧的长度为，依据胡克定律有解得可知图像的斜率表示劲度系数[3]由图丙可知，a的斜率大于b的斜率，a的劲度系数大于b的劲度系数，弹簧的劲度系数表示单位形变量引起的弹簧弹力的变更量的大小，变更量越小，弹簧的灵敏度越高，故用b制作的弹簧秤灵敏度更高。13.某同学设计了一个如图所示的装置测定滑块与木板间的动摩擦因数，其中A为滑块，B和C是质量可调的砝码，不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦，装置水平放置．试验中该同学在砝码总质量（m＋m′＝m0）保持不变的条件下，变更m和m′的大小，测出不同m下系统的加速度，然后通过试验数据的分析就可求出滑块与木板间的动摩擦因数．（1）该同学手中有电磁打点计时器、纸带、质量已知且可随意组合的砝码若干、滑块、一端带有定滑轮的长木板、细线，为了完成本试验，得到所要测量的物理量，还应有（）．A．秒表B．毫米刻度尺C．天平D．低压沟通电源（2）试验中，该同学得到一条较为志向纸带，如图所示，从清楚的O点起先，每隔4个点取一计数点（中间4个点没画出），分别记为A、B、C、D、E、F，各计数点到O点的距离为OA＝1.61cm，OB＝4.02cm，OC＝7.26cm，OD＝11.30cm，OE＝16.14cm，OF＝21.80cm，打点计时器打点频率为50Hz，则由此纸带可得到打E点时滑块的速度v＝______m/s，此次试验滑块的加速度a＝_____m/s2.（结果均保留两位有效数字）（3）在试验数据处理中，该同学以m为横轴，以系统的加速度a为纵轴，绘制了如图所示的试验图线，结合本试验可知滑块与木板间的动摩擦因数μ＝_______.（g取10m/s2）．【答案】①.BD②.0.53③.0.81④.0.3【解析】【详解】(1)[1].A.打点计时器通过打点即可知道时间，故不须要秒表，故A错误．B.试验须要测量两点之间的距离，故须要毫米刻度尺和，故B正确．C.本试验中可以不测滑块的质量，而且砝码的质量已知，故天平可以不选，故C错误．D.电磁打点计时器要用到低压沟通电源，故D正确．(2)[2].每隔4个点取一计数点，相邻计数点之间的时间间隔为0.1s，故用平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得：[3].由△x=at2可得：(3).对ABC系统应用牛顿其次定律可得：所以a-t图象中，纵轴的截距为-μg，故-μg=-3，解得：μ=0.30四、解答题（42分，14提10分，15题15分，16题17分）14.如图所示，倾角为37°的粗糙斜面固定在水平地面上，已知质量m=1kg的物体恰好能沿斜面匀速下滑，现在给物体施加一个水平方向的推力F，使物体沿斜面对上做匀速直线运动。sin37°=0.6，cos37°=0.8，，求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数μ；（2）F的大小。【答案】（1）0.75；（2）34.3N【解析】【详解】（1）物体受力分析如图

由平衡条件得联立方程，代入数据解得（2）匀速上滑时，由平衡条件可得联立方程，代入数据解得15.某校一课外活动小组自制了一枚火箭，设火箭放射后始终在垂直于地面的方向上运动。火箭点火后可认为做匀加速直线运动，经过4s到达离地面40m高处时燃料恰好用完，若不计空气阻力，取g＝10m/s2，求：（1）燃料恰好用完时火箭的速度大小；（2）火箭上升离地面的最大高度；（3）火箭从放射到返回放射点的时间（结果保留三位有效数字）。【答案】（1）20m/s；（2）60m；（3）9.46s【解析】【详解】（1）设燃料恰好用完时火箭的速度为v，依据运动学公式有h＝t解得v＝20m/s。（2）火箭能够接着上升的时间t1＝＝2s火箭能够接着上升的高度h1＝＝20m因此火箭离地面的最大高度H＝