2024年江苏省苏州市高新区中考二模物理试题

2024年苏州市高新区中考第二次模拟考试试卷物理一。选择题（每题2分，共24分）1.下列估测符合生活实际的是（）A.对人体的安全电压为36V B.人骑自行车的功率约为700WC.家用冰箱的工作电流约为1A D.一名中学生游泳时受到浮力约为50N【答案】C【解析】【详解】A．对人体的安全电压为不高于36V，故A不符合题意；B．人在匀速骑自行车时，车速约为5m/s，人对自行车提供的动力等于自行车轮胎与地面的摩擦力，大小约为15N，所以人骑自行车的功率为与70W接近，故B不符合题意；C．家用冰箱的功率约为200W左右，则家用冰箱的工作电流为与1A接近，故C符合题意；D．正常情况下，中学生的体重为50kg左右，则其重力为500N左右，根据浮力等于重力可得，一名中学生游泳时受到浮力约为500N，故D不符合题意。故选C。2.下列能源中，属于非清洁能源的是（）A.风能 B.煤炭 C.水能 D.太阳能【答案】B【解析】【详解】风能，水能，太阳能使用时不排放污染物，能够直接用于生产生活，它们属于清洁能源，煤炭使用时产生大量污染物污染环境，是非清洁能源，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。3.如图所示，日晷是我国古代一种通过观察直杆在太阳下影子的位置来计时的工具。下列现象与日晷工作原理相同的是（）A.一叶障目 B.海市蜃楼 C.镜花水月 D.杯弓蛇影【答案】A【解析】【详解】A．日晷是古代一种利用太阳投射的影子来测定时刻的装置，利用光在同种均匀介质中沿直线传播的原理，一叶障目是由光的直线传播形成的，故A符合题意；B．海市蜃楼是由光的折射形成的，故B不符合题意；C．镜花水月，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故C不符合题意；D．杯弓蛇影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故D不符合题意。故选A。4.下列做法不符合安全用电要求的是（）A图甲用电器金属外壳接地B.图乙人同时接触火线和零线C.图丙测电笔使用时手要接触笔尾的金属电极D.图丁发现有人触电应立即切断电源，若无法切断电源，应用干木棍等绝缘体挑开电线【答案】B【解析】【详解】A．用电器金属外壳接地可防止由于外壳漏电而可能造成的触电事故，故A不符合题意；B．图乙人同时接触火线和零线，会造成人体触电，故B符合题意；C．图丙测电笔使用时手要接触笔尾的金属电极，手不能接触笔尖金属体，故C不符合题意；D．图丁发现有人触电应立即切断电源，若无法切断电源，应用干木棍等绝缘体挑开电线，避免二次触电，故D不符合题意。故选B。5.用塑料梳子梳头发时，头发容易被梳子“粘”起。下列现象中“粘”的原因与其相同的是（）A.两个铅柱底面削平挤压后能“粘”在一起B.干燥的天气里，化纤布料的衣服容易“粘”在身上C.用湿手拿冰冻的东西，手被粘住了D.用硬纸片盖住装满水的玻璃杯并倒置，纸片“粘”在杯口【答案】B【解析】【详解】用塑料梳子梳头发时，头发容易被梳子“粘”起，这是摩擦起电现象。A．两个铅柱底面削平挤压后能粘在一起是分子间存在引力的结果，故A不符合题意；B．在干燥的天气里，化纤布料会因为摩擦而带上电，所以很容易“粘”在身上，这是摩擦起电现象，故B符合题意；C．用湿手去拿冰块时，手会被粘上是由于手上的水碰到冰块后凝固，故C不符合题意；D．用硬纸片盖住装满水的玻璃杯，倒置后，纸片“粘”在杯口上，是由于大气压的作用，故D不符合题意。故选B。6.2023年1月22日，黑龙江省漠河市最低气温达到零下53度，打破我国有气象记载以来的历史最低气温。吸引了众多游客前来尝试泼水成冰的游戏。如图所示，“泼水成冰”的游戏需要滚烫的开水在零下30度以下的极寒环境中才能成功，关于“泼水成冰”的原理说法错误的是（）A.用滚烫的开水而不用冷水是因为开水在短时间内能提供大量的水蒸气B.图中水蒸气在极寒环境下遇冷放热直接凝华成小冰晶C.和“泼水成冰”形成原理相同的自然现象还有雾的形成D.开水提供水蒸气的物态变化过程是汽化，汽化需要吸热【答案】C【解析】【详解】A．开水在短时间内能提供大量的水蒸气，所以用滚烫的开水而不用冷水，故A正确，不符合题意；B．水蒸气在极寒环境下可以直接放热凝华成小冰晶，故B正确，不符合题意；C．雾的形成是空气中水蒸气遇冷液化形成的小水滴，泼水成冰是水蒸气凝华成的冰晶，它们的原理不同，故C错误，符合题意；D．开水提供水蒸气是液态的水变成气态的水蒸气，是汽化现象，故D正确，不符合题意。故选C。7.为对中国天眼（FAST）的4450块厚度仅为1mm的反射面板进行健康体检，FAST调试组研制了“微重力蜘蛛人系统”。设各最主要部分是一个直径超7m的氮气球，下面悬吊着“蜘蛛人”，人靠浮力达到在“大锅内”“行走”的平衡，下列有关说法正确的是（）A.由于氦气球受到了很大的浮力，所以减小了人的重力B.当人静止在反射面板上时，人受到的支持力和重力是一对平衡力C.蜘蛛人的手脚上都有宽大的轻质板，这是为了减小人对反射面板的压强D.氦气球受到的浮力大小等于其重力的大小【答案】C【解析】【详解】A．由G=mg可知，人所受的重力与人的质量有关，而与人所受的浮力无关，故A错误；B．当人静止在反射面板上时，会受到氦气球对人向上的浮力，所以人受到的支持力和重力不相等，故B错误；C．蜘蛛人的手脚上都有宽大的轻质板，这是通过增大接触面积来减小人对反射面板的压强，故C正确；D．把气球和人看作是一个整体，整体处于悬浮状态，受到的浮力等于气球和人的总重力，故D错误。故选C。8.下列关于电与磁的说法错误的是（）A.图甲：磁场是真实存在的，小磁针的北极指向地理的南极B.图乙：P向左移能吸引更多铁钉C.图丙：只对调磁极，线圈的转动方向会发生改变D.图丁：闭合开关，导体ab竖直向上运动，电流表指针不发生偏转【答案】A【解析】【详解】A．地磁的南极在地理北极附近，根据磁极间相互作用的规律，小磁针的北极指向地磁的南极，地理的北极附近，故A错误，符合题意；B．电磁铁磁性的强弱与电流大小有关，P向左移接入电阻变小，根据欧姆定律可知，电流变大，磁性增强，能吸引更多铁钉，故B正确，不符合题意；C．通电线圈在磁场中受力方向与电流方向和磁场方向有关，只对调磁极，线圈的转动方向会发生改变，故C正确，不符合题意；D．如图所示，磁场方向为竖直向下，闭合开关，导体ab竖直向上运动，运动方向与磁场方向平行，没有做切割磁感线的运动，不会产生感应电流，电流表指针不发生偏转，故D正确，不符合题意。故选A。9.甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，静止放置在水平桌面上，将同种材料制作的实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等高，如图所示，则（）A.A的重力大于B的重力B.A受到的浮力小于B受到的浮力C.甲杯中液体的密度小于乙杯中液体的密度D.甲杯和乙杯对水平桌面的压强相等【答案】A【解析】【详解】A．甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，将实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等高，则甲液体与A排开液体的体积之和等于乙液体与B排开液体的体积之和，由图可知，A漂浮，排开液体的体积小于物体的体积，B悬浮，排开液体的体积等于物体的体积，所以A的体积大于B的体积，实心物体A、B由同种材料制作，则密度相等，根据m=ρV得到A的质量大于B的质量，根据G=mg可知，A的重力大于B的重力。故A符合题意；B．由图可知，A漂浮，受到的浮力等于其重力，B悬浮，受到的浮力等于其重力，因为A的重力大于B的重力，所以A受的浮力大于B受到的浮力，故B不符合题意；C．由图可知，A漂浮，A的密度小于甲液体的密度，B悬浮，B的密度等于乙液体的密度，实心物体A、B由同种材料制作，则密度相等，所以，甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，故C不符合题意；D．由题可知甲杯中液体的体积等于乙杯中液体的体积，甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，由m=ρV可知甲杯中液体的质量大于乙杯中液体的质量，根据G=mg可知，甲杯中液体的重力大于乙杯中液体的重力，A的重力大于B的重力，甲杯和乙杯对水平桌面的压力等于液体、物体和杯子的总重力，两个杯子是相同的，重力相同，所以甲杯对水平桌面的压力大于乙杯对水平桌面的压力，两个杯子的底面积相等，由可知甲杯对水平桌面的压强大于乙杯对水平桌面的压强，故D不符合题意。故选A。10.如图所示，物体A放在粗糙水平面上，左边用一根轻弹簧和竖直墙相连，静止时弹簧的长度小于原长，若再用一个从零开始逐渐增大的水平力F向左推A，直到把A推动，弹簧对A的弹力为FN、地面对A的摩擦力为f。在A被推动之前的过程中，下列说法正确的是（）A.水平力F和弹力FN是一对平衡力B.FN和弹簧对墙的推力是一对相互作用力C.FN保持不变，f逐渐增大D.FN保持不变，f先减小后增大【答案】D【解析】【详解】AC．在粗糙水平面上，静止时弹簧的长度小于原长，则弹簧对A的推力向右，由于粗糙水平面，因此同时受到水平向左的静摩擦力。当再用一个从零开始逐渐增大的水平力F向左推A，直到把A推动前过程中，物体A受到的静摩擦力从向左变为水平向右，其大小先减小后增大。因为有摩擦力存在，所以水平力F和弹力FN不是一对平衡力，故AC错误；B．两个都是弹簧施加的力，相互作用力是两个物体之间相互作用，而FN和弹簧对墙的推力的施力物体都是弹簧，不属于相互作用力，故B错误；D．物体A被推动之前，弹簧的形变长度没有发生改变，所以弹力FN保持不变，根据AC的详解可知，f先减小后增大，故D正确。故选D。11.如图所示，电路中的M为电子集成元件，其电阻与两端所加的电压成正比（即RM=kUM，式中k为常数）且遵循欧姆定律，R为定值电阻，电源电压可调。现闭合开关S，则通过M的电流I、定值电阻两端的电压UR与电源电压U的关系图线可能正确的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【详解】由电路图可知，电子集成元件M与定值电阻R串联。AB．因电子集成元件M的阻值与其两端电压成正比，且由欧姆定律可得，通过电子集成元件M的电流有可知，增加电源电压时，通过电子集成元件M的电流不变，因此通过M的电流I与电源电压U的关系图线是一条平行于横轴的直线，故AB错误；CD．因为电子集成元件M与定值电阻R串联，根据串联电路的电流规律，通过定值电阻R和电子集成元件M的电流相等，AB中分析可知，增加电源电压时，通过电子集成元件M的电流不变，因此，增加电源电压，通过定值电阻R的电流不变，根据欧姆定律，定值电阻R的两端电压不变，因此定值电阻R的两端电压与电源电压U的关系图线是一条平行于横轴的直线，故C错误，D正确。故选D。12.图甲电路中，电源电压U不变，灯泡L标有“”字样，忽略灯泡电阻变化。电流表量程，电压表量程。只闭合开关S、，滑片P位于最右端，小灯泡恰好正常发光；在保障电路安全的前提下，移动滑片P，电流表示数与关系如图乙a所示；当断开闭合S、、时，电流表示数与的关系如图乙b所示，电路总功率的最大值为P，则（）A. B.I1=0.45A C. D.P=1.8W【答案】B【解析】【详解】A．只闭合开关S、，滑动变阻器和灯泡串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，滑片P位于最右端，此时滑动变阻器接入电路的电阻为0，小灯泡恰好正常发光，电源电压即为灯泡正常工作时电压6V，故A不符合题意；BC．由乙图可知滑动变阻器接入电路的电阻为R时，通过电路的电流最小，根据欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，电压表量程，根据串联分压原理可知电压表示数为3V，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流为串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得电源电压为代入相关数据即得到解得当断开，闭合S、、时，定值电阻和滑动变阻器并联接入电路，电流表测干路电流，由乙图可知滑动变阻器接入电路的电阻为R时，通过电路的电流最大，通过电路的最大电流为，并联电路干路电流等于各支路电流之和，根据欧姆定律可得干路电流为代入相关数据即得到，解得滑动变阻器接入电路的电阻为2R时，通过电路的电流为故B符合题意，C不符合题意；D．当断开闭合S、、时，定值电阻和滑动变阻器并联接入电路，电流表测干路电流，电路总功率，电源电压U不变，即当电流表量程达到最大值时，电路总功率的最大为故D不符合题意。故选B。二、填空题（每空1分，共24分）13.手机是利用___________传输信号实现通讯的，相同时间内，5G通讯传输的信息量约为4G的10倍。在相同介质中，5G信号的传播速度___________（选填“大于”“等于”或“小于”）4G信号的传播速度。【答案】①.电磁波②.等于【解析】【详解】[1]电磁波可以传递信息，手机是利用电磁波传输信号实现通讯的。[2]5G信号和4G信号都是通过电磁波传递信息的，在相同的介质中，两者的传播速度相等。14.中国的茶文化在宋朝时己名扬世界，请完成下列关于茶文化中的物理知识。炒制茶叶时，通过加热使新鲜茶叶中的水分快速________（填物态变化名称），这便是“杀青”；泡茶时茶水散发出清香，这是__________现象；突然转动茶杯，发现水中央的茶叶没动，这是由于茶叶具有_________。【答案】①.汽化②.扩散③.惯性【解析】【详解】[1]炒制茶叶时，通过加热使新鲜茶叶中的水分快速汽化成水蒸气，使茶叶变干。[2]泡茶时茶水散发出清香，是茶水分子扩散到空气中，是扩散现象。[3]突然转动茶杯，发现水中央的荼叶没动，这是由于茶叶具有惯性，会保持原来的运动状态。15.小明发现自家汽车上许多地方都用到了物理知识。（1）汽车的散热器用水作冷却剂是因为______。发动机开始工作一段时间后，散热器中水的内能会增加，这是通过______方式来改变内能的；（2）汽油机一个工作循环有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，实现将机械能转化为内能的是______冲程，若该汽油机每秒对外做功25次，则飞轮转速为______r/min；（3）汽车照明灯分远光灯和近光灯，他发现功率较小的近光灯丝与功率较大的远光灯丝长度相同，______光灯（选填“近”或“远”）的灯丝较粗。【答案】①.水的比热容大②.热传递③.压缩④.3000⑤.远【解析】【详解】（1）[1][2]汽车的散热器用水作冷却剂是因为水的比热容大，与其它等质量的物质相比，升高相同的温度时，水能吸收更多的热量；发动机温度高放出热量，水温度低吸收热量，内能增大，是通过热传递来改变内能的。（2）[3]汽油机的压缩冲程中，活塞压缩空气，对空气做功，机械能转化为内能。[4]汽油机一个工作循环有四个冲程，飞轮转2圈，做功一次。所以若该汽油机每秒对外做功25次，则飞轮转速为3000r/min。（3）[5]根据电功率的变形公式可知在电源电压相同时，功率大的电阻小，电阻的大小由材料、长度和横截面积决定，在材料和长度不变时，横截面积越大，电阻越小，所以功率大的远光灯的电阻小，灯丝材料和长度相同，电阻小的灯丝较粗。16.田湾核电站是利用核___________产生的能量发电的（选填“裂变”或“聚变”）。核能属于___________（选填“可再生”或“不可再生”）能源。核电站在发电过程中产生的内能会有一部分散失到空气中，这些内能无法自动转化为核能，是因为能量转移转化具有___________性。【答案】①.裂变②.不可再生③.方向【解析】【详解】[1][2]核电站是利用可控的核裂变来发电的；核能一旦消耗，短时间内无法从自然界获得补充，属于不可再生能源。[3]核电站在发电过程中产生的内能会有一部分散失到空气中，这些内能无法自动转化为核能，是因为能量在转移和转化过程中具有方向性。17.如图所示，我国研制的全球首艘智能型无人船，其满载排水量为2000t，它满载时漂浮在海面上，排开海水的体积为________。船上可搭载数十台观测仪器，搭载仪器后，底部受到海水的压强会________（选填“变大”“不变”或“变小”）。两艘船不能近距离并排行驶，是因为两船之间的水流流速较大，压强较________，容易发生撞船事故。（取，g取10N/kg）【答案】①.②.变大③.小【解析】【详解】[1]由阿基米德原理可知，无人船满载时受到的浮力排开海水的体积[2]搭载仪器后，无人船的总重力变大，无人船漂浮时，F浮​=G，所以无人船受到的浮力变大，由F浮=ρ海水gV排可知，排开海水的体积变大，即无人船将下沉一些，则无人船底部所处的深度变大，由p=ρgh可知，无人船底部受到海水的压强变大。[3]两艘船并排行驶时，两艘船之间水流通道变窄，流速变大，压强变小，小于两船外侧的压强，会形成向内的压强差，使两船相撞。18.如图是商场的自动扶梯。质量为60kg的小明站在该扶梯上从商场一楼到二楼，已知扶梯以1m/s的速度匀速行驶，则扶梯对他做功的功率是________W。如果站在扶梯上的人数增多，扶梯的效率将________（选填“变大”、“变小”或“不变”）（g取10N/kg）。【答案】①.360②.变大【解析】【详解】[1]扶梯对他做的功为扶梯的长度为扶梯上升的时间则扶梯对他做功的功率是[2]扶梯克服人的重力做的功为有用功，当站在扶梯上的人数增多，有用功变大，额外功不变，由可知，如果站在扶梯上的人数增多，扶梯的效率将变大。19.如图所示是一种测定油箱内油量的装置，当油箱中的油量减少时，滑动变阻器的阻值______，电流表的示数______（前两空选填“变大”“变小”或“不变”），电阻的作用是当油箱中油量较______（选填“多”或“少”）时保护电路。【答案】①.变大②.变小③.多【解析】【详解】[1]滑动变阻器是改变两个接线柱间电阻丝的长度来改变接入电路中电阻大小的。[2]由图知道，油箱中油量减小，浮子下降，另一端的滑杆上升，滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，由欧姆定律知道，此时电路中的电流变小，即电流表的示数变小。[3]由图知道，当油面上升到一定程度，滑动变阻器连入电路中的电阻为0时，若电路中没有R0，会造成电源短路，因此电阻R0在油箱中油量较少时起到保护电路的作用。20.物理实践小组设计了一个测量固体密度的方案（仅用于不吸水、不溶于水的固体）。如图甲所示，将适量的配重颗粒装入粗细均匀的薄壁圆筒中并封闭筒口，将圆筒放入盛有适量水的薄壁大容器中，大容器的横截面积是圆筒的横截面积的5倍。圆筒静止后用记号笔在圆筒对应水面位置标记“0”，在大容器的水面位置标出初始水位线。（1）为使圆筒静止后竖直漂浮在水面，在沙粒、泡沫粒中应该选择________作为圆筒的配重颗粒；（2）将待测金属块用细线挂在圆筒下方，放入水中静止后（细丝的质量、体积忽略不计，金属块始终不触底）如图乙所示，与图甲相比圆筒所受的浮力________（填“变大”、“不变”或“变小”）。分别测出圆筒静止后水面到“0”点和到初始水位线的距离和，则该金属块的密度表达式为________（、和表示）。【答案】①.沙粒②.变大③.【解析】【详解】（1）[1]要使圆筒静止后竖直漂浮在水面，则需降低圆筒的重心。应该选择密度大的颗粒物放到圆筒的底部。相同体积的沙粒和泡沫粒相比，沙粒的质量较大，沙粒的密度大，故选择沙粒作为圆筒的配重颗粒。（2）[2]将待测金属块用细线挂在圆筒下方，放入水中静止后，由图乙可知，V排增大，根据F浮=ρ液gV排可知，与图甲相比圆筒所受的浮力变大。[3]设圆筒浸入水中的深度为h，圆筒的横截面积为S，大容器的横截面积S容=5S，金属块用细线挂在圆筒下方，放入水中静止后，增加的体积ΔV筒+V金=S容h2Sh1+V金=S容h2金属块的体积为原来圆筒处于漂浮，浮力等于重力，即①将金属块和圆筒看成整体，处于漂浮状态，浮力等于重力，即②②-①得则金属块的密度为三、解答题（共52分）21.在图中，画出动力臂l1和阻力F2。【答案】【解析】【详解】反向延长力F1的作用线，过支点O作垂直于F1作用线的垂线段即为阻力臂l1；过l2的末端作垂直于杠杆的作用力F2；为使杠杆平衡，动力F2方向是向左的，如图所示：22.在图中请根据磁感线的方向在图中两个虚线框内分别标出小磁针和电源的极性。【答案】【解析】【详解】在磁体外部，磁感线的方向是从N极发出回到S极，故此通电螺线管的左端为N极，右端为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针的左端为N极；由安培定则可判断出通电螺线管电流从电源左侧流入，故电源左端为正极，右端为负极，如下图所示：23.在图中画出与凹透镜对应的入射光线和折射光线；（）【答案】【解析】【详解】由图可知，折射光线平行凹透镜的主光轴射出，则入射光线过异侧焦点；射向另一侧焦点的入射光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴射出；如图：24.如图所示为家庭电路的部分简图，请在方框内填入下列元件的字母标号：A.电灯、B.开关、C.总开关（闸刀开关）、D.电能表、E.用户保险，确保电路连接顺序正确。【答案】【解析】【详解】电能表是测量整个家庭电路消耗电能多少的仪表，一定安装在家庭电路的最前端，并且在总开关的前面，家庭电路的连接要按照进户线→电能表→总开关→保险盒→用电器的安装顺序；因此上面的左边框内是D电能表，中间是C总开关，右边为E用户保险；开关和控制的电灯串联，并且开关接在火线与电灯之间，故下面左边框内是A电灯，右边是B开关。如图所示：25.苏州绕城高速公路对小汽车的最高限速为100km/h。周末小明乘坐小汽车以最高限速匀速行驶完其中的一段路程后，发现用时30min，在通过收费站时测重显示车重1.2t，g取10N/kg。则：（1）汽车行驶路段的路程为________；（2）当汽车静止时轮胎与地面的总接触面积为，此时汽车对地面的压强为________Pa；（3）假设该汽车百公里油耗为8.8L汽油，求30min内完全燃烧的汽油放出________J的热量。【汽油热值】【答案】①.50km②.③.【解析】【详解】（1）[1]汽车行驶路段的路程（2）[2]汽车的重力汽车静止时，对地面的压力等于自身重力，对地面的压强（3）[3]汽车百公里油耗为8.8L，则50km消耗的汽油体积为30min内完全燃烧的汽油放出的热量26.将重为24N的重物用图示滑轮组匀速提升3m，所用拉力F=10N。不计轮与轴间的摩擦及绳重。求：（1）该过程中的有用功；（2）滑轮组的机械效率；（3）动滑轮的重力。【答案】（1）72J；（2）80%；（3）6N【解析】【详解】解：（1）该过程中的有用功W有=Gh=24N×3m=72J（2）由图知，n=3，绳子自由端被拉下的距离s=3h=3×3m=9m拉力做的总功W总=Fs=10N×9m=90J滑轮组的机械效率（3）不计轮轴间摩擦及绳重时，动滑轮重力G动=3F-G=3×10N-24N=6N答：（1）该过程中的有用功是72J；（2）滑轮组的机械效率是80%；（3）动滑轮的重力是6N。27.一台家用电水壶，如图是其内部电路的简图，、均为加热电阻，通过旋转旋钮开关可以实现加热和保温两种功能的切换。电水壶加热功率为1000W，保温功率为44W。用此水壶加热初温20℃体积为1L的水400s刚好沸腾。（忽略温度对电阻阻值的影响，大气压为一个标准大气压，水的比热容为，水的密度为）求：（1）该过程中水吸收的热量；（2）的阻值；（3）电水壶加热时的效率？【答案】（1）3.36×105J；（2）1051.6Ω；（3）84%【解析】【详解】解：（1）水的体积V=1L=10-3m3水的质量该过程中水吸收的热量（2）旋钮开关到“2”时为加热挡，只有R2接入，根据可知，R2的阻值为旋钮开关到“1”时为保温挡，两电阻串联，根据可知，总电阻为加热电阻R1的阻值为R1=1100Ω-48.4Ω=1051.6Ω（3）消耗的电能加热效率答：（1）该过程中水吸收的热量；（2）R1的阻值1051.6Ω；（3）电水壶加热时的效率84%。28.如图所示，在“测量石块的密度”实验中，实验器材有托盘天平、量筒、足量的水、细线、待测小石块等。（1）调平时，小虎发现指针如图甲，此时应该把平衡螺母向___________（左/右）调节；（2）小虎测量石块质量，天平再次平衡时，右盘中的砝码和游码所处的位置如图乙所示，则小石块质量为___________g；（3）小虎测得了石块的体积如图丙所示，通过计算可知该石块的密度是___________kg/m3；（4）实验完毕，整理实验器材时小虎发现，天平的右盘有一个缺角，则用该天平测量石块质量将___________（偏大/偏小/不受影响）；（5）小明提出不使用量筒也可以测出石块的体积，具体方法如下：①在烧杯中装入适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量m=200g；②用细线吊着石块（细线的体积忽略不计），浸没水中，水未溢出，石块未接触烧杯，如图丁所示，再用天平测出其质量m2=222g；则石块的体积为___________cm3，石块的密度是___________kg/m3。【答案】①.右②.48.4③.④.不受影响⑤.22⑥.【解析】【详解】（1）[1]指针如图甲，指针偏左，表明左边重一些，此时应该把平衡螺母向右调节。（2）[2]如图乙所示，标尺的分度值为0.2g，游码的读数为3.4g，则小石块质量为（3）[3]如图丙所示，石块放入量筒前后液面的读数分别为20mL，40mL，则石块的体积为该石块的密度是（4）[4]天平在测量前已经调节平衡，天平的右盘有一个缺角，在测量过程对测得的结果大小没有影响。（5）[5]石块浸没在水中后测量时增加的质量示数变大，是因为石块受到了浮力，根据力是作用是相互的，天平托盘受的压力增加，天平增加的示数为石块排开水的质量，故则石块的体积为[6]石块的密度是29.小华探究凸透镜的成像规律。（1）课间，小华到室外利用太阳光来测量凸透镜的焦距，她将该凸透镜正对着太阳光，如图甲所示，此时纸上呈现一个并非最小的光斑时，测得这个光斑到凸透镜的距离为L，此时再将这个凸透镜与纸之间距离稍微增大，若光斑变大，则凸透镜的焦距f______L（选填“>”、“<”或“=”）调整以后得到该透镜的焦距为10cm；（2）当烛焰位于如图乙所示位置时，移动光屏，可在光屏上得到一个清晰的倒立、______的实像，此成像规律常应用在______（选填“放大镜”、“照相机”或“幻灯机”）上；（3）实验中，不但虚像可以用肉眼直接看到，实像也可以用肉眼直接看到，如图丙所示，在（2）的基础上，拿掉光屏，用肉眼在______（选填“A”、“B”或“C”）位置沿图示方向能看到这个实像；（4）在（2）的基础上，若将蜡烛稍远离凸透镜，光屏上的像变模糊，若要再次在光屏上得到清晰的像，可采用下列方法：①若移动光屏，则应将光屏______（选填“远离”或“靠近”）凸透镜，此时像的大小比原来的像要_____（选填“大”或“小”）些；②若不移动光屏，则可在蜡烛和凸透镜之间再放上一个焦距合适______（选填“近视眼镜”或“远视眼镜”）。【答案】①.<②.放大③.幻灯机④.C⑤.靠近⑥.小⑦.近视眼镜【解析】【详解】（1）[1]由于光斑到凸透镜的距离为L时，即像距为L时，纸上呈现一个并非最小的光斑，此时再将这个凸透镜与纸之间距离稍微增大，若光斑变大，所以这个光斑可能是焦点之后的光斑，故可能f<L。（2）[2][3]由图知，物距50.0cm-35.0cm=15.0cm物距大于1倍焦距小于2倍焦距，此时成倒立放大的实像，据此制成了幻灯机。（3）[4]凸透镜成实像时，像与物体在蜡烛的两侧，此时应在蜡烛的异侧透过凸透镜观察实像，故应在C处。（4）①[5][6]若将蜡烛稍远离凸透镜，物距增大，像距会减小，像会变小，所以光屏应该向左移动，靠近凸透镜。②[7]若不移动光屏，根据凹透镜对光线有发散作用，则可在蜡烛和凸透镜之间再放上一个焦距合适的凹透镜，延缓了对光线会聚，也可再次在光屏上得到清晰的像，凹透镜是近视眼镜。30.在“伏安法测电阻”的实验中，电源电压接近3V左右。（1）如图中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线在图中补画出正确的连线；（）（2）排除故障并正确操作，刚合上开关，发现电压表的示数为1V，电流表的示数为0，则故障是________；（3）移动滑片P，当电压表的示数为1.3V时，电流表的示数如图乙，其示数为________A，待测电阻Rx=________Ω。若要将电压表的示数调到2.0V，需将滑片P向_________移动；（选填“左”或“右”）（4）某同学利用一个电压表和一个已知阻值的电阻R0，设计如图丙的电路，同样测出待测电阻Rx的阻值。实验步骤如下：①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；②___________，用电压表测出电源的电压U；③可得待测电阻Rx=___________。（用U、U1和R0表示）【答案】①.②.电流表短路③.0.26④.5⑤.右⑥.闭合开关S、S1⑦.【解析】【详解】（1）[1]原电路中，电阻R和电压表被短路，R应与变阻器串联，电压表与电阻R并联，改正后电路图如图（2）[2]刚合上开关，发现电压表的示数为1V，说明电路正常，电流表的示数为0，说明电流表没有接入电路，则故障是电流表短路。（3）[3]接入电路的电流表的的量程是，分度值为0.02A，示数为0.26A。[4]由可得待测电阻[5]若要将电压表的示数调到2.0V，根据串联分压原理可知，需减小滑动变阻器接入电路的电阻，所以需将滑片P向右移动。（4）实验步骤如下：①闭合S、断开S1，两电阻串联，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；②[6]闭合开关S、S1，定值电阻R0被短路，电路为Rx的简单电路，用电压表测出电源的电压U；③[7]根据串联电路电压规律，两电阻串联时，定值电阻R0两端的电压为电路中的电流为则待测电阻的表达式31.小宇给篮球充气时，发现充气越多感觉球越“硬”，又联想到充足气的轮胎在烈日下暴晒易爆胎。他认为这些现象与气体压强有关。气体压强的大小与哪些因素有关呢？和同学们讨论后，提出如下猜想：猜想1：气压大小可能与气体的多少有关；猜想2：气压大小可能与气体的温度有关；猜想3：气压大小可能与气体的体积有关。（1）同学们用汽车的“胎压计”测量篮球充气时的气压，发现充气越多，示数越大，由此得出猜想1是________（选填“正确”或“错误”）的；（2）小明又用胎压计测量一个篮球的气压，示数如图甲所示，其值为________kPa，当将篮球放在烈日下暴晒一段时间后，再测球中气压，发现胎压计的示数变大，由此可知，气压大小与气体的________有关；（3）为了验证猜想3，他们进行如下探究：如图乙所示，用注射器密封一段空气柱，保证其温度不变，利用注射器的刻度直接读出气体体积V，用弹簧测力计竖直向上拉注射器活塞来改变气体的体积，如果已知注射器活塞的横截面积为S，（不计活塞重及活塞与注射器壁之间的摩擦），当地大气压为标准大气压，当弹簧测力计的示数为F时，注射器内气体的压强计算表达式为________（用S、、F表示）；（4）通过实验，得到了注射器内气压与对应体积的实验数据，如表：1.00.80.60.50.40.21.01.251.672.025根据实验数据分析得出的结论可推算，当气压时，________。【答案】①.正确②.120③.温度④.⑤.5【解析】【详解】（1）[1]由题意知，充气越