2024届浙江省宁波余姚市中考适应性考试数学试题含解析

2024届浙江省宁波余姚市中考适应性考试数学试题

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2.答题时请按要求用笔。

3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5.保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）

1.在一次男子马拉松长跑比赛中，随机抽取了10名选手，记录他们的成绩（所用的时间）如下：

选手12345678910

时间(min)129136140145146148154158165175

由此所得的以下推断不正确的是（）

A.这组样本数据的平均数超过130

B.这组样本数据的中位数是147

C.在这次比赛中，估计成绩为130min的选手的成绩会比平均成绩差

D.在这次比赛中，估计成绩为142min的选手，会比一半以上的选手成绩要好

2.如图，在平面直角坐标系中，AABC位于第二象限，点B的坐标是（-5,2）,先把△ABC向右平移4个单位长

度得到AAiBiCi,再作与△AiBiCi关于于x轴对称的△A2B2c2,则点B的对应点B2的坐标是（）

A.(-3,2)B.(2,-3)C.(1,2)D.(-1,-2)

3.正方形ABCD在直角坐标系中的位置如图所示，将正方形ABCD绕点A按顺时针方向旋转180。后，C点的坐标是

A.(2,0)B.(3,0)C.(2,-1)D.(2,1)

4.如图所示，点E在AC的延长线上，下列条件中能判断AB〃CD的是（）

C.Z1=Z2D.ZD+ZACD=180°

5.下列各数中比-1小的数是（）

A.-2B.-1C.0D.1

JQ<fYl

6.若不等式组cc「无解，那么机的取值范围是（)

x-2<3x-6

A.m<2B.m>2C.m<2D.m>2

7.关于x的不等式2元-④-1的解集如图所示，则。的取值是（）

--------------------------------_

-7-101

A.0B.-3C.-2D.-1

8.我国古代数学家刘徽用“牟合方盖”找到了球体体积的计算方法.“牟合方盖”是由两个圆柱分别从纵横两个方向嵌入

一个正方体时两圆柱公共部分形成的几何体.如图所示的几何体是可以形成“牟合方盖”的一种模型，它的俯视图是

()

一

9.甲、乙两人沿相同的路线由A地到3地匀速前进，A、5两地间的路程为20km.他们前进的路程为s（km）,甲出

发后的时间为f（h）,甲、乙前进的路程与时间的函数图象如图所示.根据图象信息，下列说法正确的是（）

B.乙的速度是10km/h

C.乙比甲晚出发lhD.甲比乙晚到8地3h

10.下列四个几何体中，主视图与左视图相同的几何体有（）

①正方体

②球③园推④国柱

A.1个B.2个C.3个D.4个

11.x=l是关于x的方程2x-a=0的解，则a的值是（)

A.-2B.2C.D.1

12.下列二次根式中，是最简二次根式的是（)

1

A.V48+y2D.V03

二、填空题：（本大题共6个小题，每小题4分,共24分.）

13.如图，AB是半圆O的直径，点C、D是半圆O的三等分点,若弦CD=2,则图中阴影部分的面积为

AOB

14.已知线段a=4,b=L如果线段c是线段a、b的比例中项，那么c=.

3

15.如图，RtAABC中，NC=90。，43=10,cosB=~,则AC的长为

16.已知。+力=1,那么。2一52+2〃=.

17.抛物线y=2x?-1的顶点坐标是.

18.如图，在RtAABC中，NACB=90。，AB=5,AC=3,点D是BC上一动点，连接AD,将AACD沿AD折叠,

点C落在点E处，连接DE交AB于点F,当ADEB是直角三角形时，DF的长为.

三、解答题：（本大题共9个小题，共78分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.

19.（6分）某校对六至九年级学生围绕“每天30分钟的大课间，你最喜欢的体育活动项目是什么？（只写一项）”的

问题，对在校学生进行随机抽样调查，从而得到一组数据.如图是根据这组数据绘制的条形统计图，请结合统计图回

答下列问题：该校对多少学生进行了抽样调查？本次抽样调查中，最喜欢篮球活动的有多少？占被调查人数的百分比

是多少？若该校九年级共有200名学生，如图是根据各年级学生人数占全校学生总人数的百分比绘制的扇形统计图，

请估计全校六至九年级学生中最喜欢跳绳活动的人数约为多少？

20.(6分)在一个不透明的布袋中装两个红球和一个白球，这些球除颜色外均相同

⑴搅匀后从袋中任意摸出1个球，摸出红球的概率是.

⑵甲、乙、丙三人依次从袋中摸出一个球，记录颜色后不放回，试求出乙摸到白球的概率

21.(6分)如图，A5是。。的直径，点C是A5延长线上的点，与。。相切于点O,连结50、AD.

(1)求证；ZBDC=ZA.

(2)若NC=45。，。。的半径为1,直接写出AC的长.

...............3

22.(8分)抛物线y=ax?+bx+3(a/0)经过点A(-1,0),B(—,0),且与y轴相交于点C.

(1)求这条抛物线的表达式；

(2)求NACB的度数；

(3)设点D是所求抛物线第一象限上一点，且在对称轴的右侧，点E在线段AC上，且DE±AC,当4DCE与4AOC

相似时，求点D的坐标.

23.（8分）小强的妈妈想在自家的院子里用竹篱笆围一个面积为4平方米的矩形小花园，妈妈问九年级的小强至少需

要几米长的竹篱笆（不考虑接缝）.

小强根据他学习函数的经验做了如下的探究.下面是小强的探究过程，请补充完整：

建立函数模型：

设矩形小花园的一边长为x米，篱笆长为y米.则y关于x的函数表达式为；列表（相关数据保留一位小数）:

根据函数的表达式，得到了x与y的几组值，如下表：

X0.511.522.533.544.55

y17108.38.28.79.310.811.6

描点、画函数图象：

如图，在平面直角坐标系xOy中，描出了以上表中各对对应值为坐标的点，根据描出的点画出该函数的图象;

观察分析、得出结论：

根据以上信息可得，当乂=时，y有最小值.

由此，小强确定篱笆长至少为米.

24.（10分）计算：（-1）2018-279+11-73|+3tan30°.

25.(10分)某校开展“我最喜爱的一项体育活动”调查，要求每名学生必选且只能选一项，现随机抽查了m名学生,

并将其结果绘制成如下不完整的条形图和扇形图.

请结合以上信息解答下列问题：

(1)m=；

(2)请补全上面的条形统计图；

(3)在图2中，“乒乓球”所对应扇形的圆心角的度数为；

(4)已知该校共有1200名学生，请你估计该校约有名学生最喜爱足球活动.

26.(12分)综合与探究：

如图1,抛物线y=-gx2+gGx+百与x轴分别交于A、B两点(点A在点B的左侧)，与y轴交于C点.经过

点A的直线1与y轴交于点D(0,-73).

(1)求A、B两点的坐标及直线1的表达式；

(2)如图2,直线1从图中的位置出发，以每秒1个单位的速度沿x轴的正方向运动，运动中直线1与x轴交于点E,

与y轴交于点F,点A关于直线1的对称点为A，，连接FA，、BA，，设直线1的运动时间为t(t>0)秒.探究下列问

题：

①请直接写出A，的坐标(用含字母t的式子表示)；

②当点A，落在抛物线上时，求直线1的运动时间t的值，判断此时四边形A，BEF的形状，并说明理由；

(3)在(2)的条件下，探究：在直线1的运动过程中，坐标平面内是否存在点P,使得以P,N,B,E为顶点的四

边形为矩形？若存在，请直接写出点P的坐标；若不存在，请说明理由.

27.（12分）由于雾霾天气趋于严重，我市某电器商城根据民众健康需求，代理销售某种家用空气净化器，其进价是

200元/台.经过市场销售后发现：在一个月内，当售价是400元/台时，可售出200台，且售价每降低10元，就可多售

出50台.若供货商规定这种空气净化器售价不能低于300元/台，代理销售商每月要完成不低于450台的销售任务.完

成下列表格，并直接写出月销售量y（台）与售价x（元/台）之间的函数关系式及售价x的取值范围；

售价（元/台）月销售量（台）

400200

250

X

（2）当售价x（元/台）定为多少时，商场每月销售这种空气净化器所获得的利润w（元）最大？最大利润是多少？

参考答案

一、选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）

1、C

【解题分析】

分析：要求平均数只要求出数据之和再除以总个数即可；对于中位数，因图中是按从小到大的顺序排列的，所以只要

找出最中间的一个数（或最中间的两个数）即可求解.

详解：平均数=（129+136+140+145+146+148+154+158+165+175）+10=149.6（min）,故这组样本数据的平均数超过130,

A正确，C错误；因为表中是按从小到大的顺序排列的，一共10名选手，中位数为第五位和第六位的平均数，故中位

数是（146+148）+2=147（min）,故B正确，D正确.故选C.

点睛：本题考查的是平均数和中位数的定义.要注意，当所给数据有单位时，所求得的平均数和中位数与原数据的单

位相同，不要漏单位.

2、D

【解题分析】

首先利用平移的性质得到△AiBiCi中点B的对应点Bi坐标,进而利用关于x轴对称点的性质得到AA2B2c2中B2的坐

标，即可得出答案.

【题目详解】

解：把△ABC向右平移4个单位长度得到AAiBiCi,此时点B(-5,2)的对应点B1坐标为(-1,2),

则与△AiBiCi关于于x轴对称的△A2B2c2中B2的坐标为(-1,-2),

故选D.

【题目点拨】

此题主要考查了平移变换以及轴对称变换，正确掌握变换规律是解题关键.

3、B

【解题分析】

试题分析：正方形ABCD绕点A顺时针方向旋转180。后，C点的对应点与C一定关于A对称，A是对称点连线的中

点，据此即可求解.

试题解析：AC=2,

则正方形ABCD绕点A顺时针方向旋转180。后C的对应点设是C,则ACf=AC=2,

贝！J00=3,

故的坐标是(3,0).

故选B.

考点：坐标与图形变化-旋转.

4、C

【解题分析】

由平行线的判定定理可证得，选项A,B,D能证得AC〃BD,只有选项C能证得AB〃CD.注意掌握排除法在选择

题中的应用.

【题目详解】

A.VZ3=ZA,

本选项不能判断A3〃CZ),故A错误；

B.VZD=ZDCE,

J.AC//BD.

本选项不能判断A3〃C。，故3错误；

C.；N1=N2,

J.AB//CD.

本选项能判断A5〃CZ>,故C正确；

D.VZZ>+ZAC£>=180°,

J.AC//BD.

故本选项不能判断A5〃C〃，故。错误.

故选：C.

【题目点拨】

考查平行线的判定，掌握平行线的判定定理是解题的关键.

5、A

【解题分析】

根据两个负数比较大小，绝对值大的负数反而小，可得答案.

【题目详解】

解：4、-2<-1,故A正确；

B、-1=-1,故3错误；

C、0>-1,故C错误；

。、1>-1,故O错误；

故选：A.

【题目点拨】

本题考查了有理数大小比较，利用了正数大于0,。大于负数，注意两个负数比较大小，绝对值大的负数反而小.

6、A

【解题分析】

先求出每个不等式的解集，再根据不等式组解集的求法和不等式组无解的条件，即可得到“的取值范围.

【题目详解】

x<m®

x-2<3x-6②

由①得，x<m,

由②得，x>l,

又因为不等式组无解，

所以m<l.

故选A.

【题目点拨】

此题的实质是考查不等式组的求法，求不等式组的解集，要根据以下原则：同大取较大，同小较小，小大大小中间找,

大大小小解不了.

7、D

【解题分析】

Z7—1Z7—1

首先根据不等式的性质，解出让——，由数轴可知，x<-l,所以——=-1,解出即可；

22

【题目详解】

解：不等式2无一。<一1,

.a—1

解得x<——,

2

由数轴可知％<-1,

所以/7—1

解得a=—1；

故选：D.

【题目点拨】

本题主要考查了不等式的解法和在数轴上表示不等式的解集，在表示解集时“N”，七”要用实心圆点表示；

要用空心圆点表示.

8、A

【解题分析】

根据俯视图即从物体的上面观察得得到的视图，进而得出答案.

【题目详解】

八

故选A.

【题目点拨】

此题主要考查了几何体的三视图；掌握俯视图是从几何体上面看得到的平面图形是解决本题的关键.

9、C

【解题分析】

甲的速度是：20+4=5km/h；

乙的速度是：20-rl=20km/h；

由图象知，甲出发1小时后乙才出发，乙到2小时后甲才到，

故选C.

10、D

【解题分析】

解：①正方体的主视图与左视图都是正方形；

②球的主视图与左视图都是圆；

③圆锥主视图与左视图都是三角形；

④圆柱的主视图和左视图都是长方形；

故选D.

11、B

【解题分析】

试题解析：把x=l代入方程lx-a=0得La=0,解得a=L

故选B.

考点：一元一次方程的解.

12、B

【解题分析】

根据最简二次根式必须满足两个条件：（1）被开方数不含分母；（2）被开方数不含能开得尽方的因数或因式判断即可.

【题目详解】

A、^/48=4若，不符合题意；

B、J/+y2是最简二次根式,符合题意；

c、JH,不符合题意；

D、扬=巫，不符合题意；

10

故选B.

【题目点拨】

本题考查最简二次根式的定义.最简二次根式必须满足两个条件：（1）被开方数不含分母；（2）被开方数不含能开得

尽方的因数或因式.

二、填空题：（本大题共6个小题，每小题4分，共24分.）

【解题分析】

试题分析：连结oc、OD,因为C、D是半圆O的三等分点，所以，ZBOD=ZCOD=60°,所以，三角形OCD为

等边三角形，所以，半圆O的半径为OC=CD=2,S扇形OBDC=—9SAOBC=~X2A/3x1=-^3,S弓形CD

36032

—S扇形ODC—SAODC————-------x2x1y3=-G'，所以阴影部分的面积为为S=———-73—（-）—.

考点：扇形的面积计算.

14、1

【解题分析】

根据比例中项的定义，列出比例式即可得出中项，注意线段不能为负.

【题目详解】

根据比例中项的概念结合比例的基本性质，得：比例中项的平方等于两条线段的乘积.

则c』4xl,c=±L（线段是正数，负值舍去），

故c=l.

故答案为1.

【题目点拨】

本题考查了比例线段；理解比例中项的概念，这里注意线段不能是负数.

15、8

【解题分析】

Be3

在RtAABC中，cosB=—=—,AB=10,可求得BC,再利用勾股定理即可求AC的长.

AB5

【题目详解】

[RtAABC中,ZC=90°,AB=10

BC3

•.cosB==—,得BC=6

AB5

由勾股定理得BC=7AB2-BC2=71O2-62=8

故答案为8.

【题目点拨】

此题主要考查锐角三角函数在直角三形中的应用及勾股定理.

16、1

【解题分析】

解：Va+b=l,

原式=(a+Z?)(a—〃)+2Z?=1x(。—8)+2Z?=ci—b+2b=a+〃=1.

故答案为L

【题目点拨】

本题考查的是平方差公式的灵活运用.

17、(0,-1)

【解题分析】

4acb

•/a=2,b=0,c=-l,A--=0,~=_1

2a4t?

二抛物线丁=2d一1的顶点坐标是（0,J）,

故答案为（0,-1）.

3-3

18、一或一

24

【解题分析】

试题分析：如图4所示；点E与点C，重合时.在RtAABC中，BC=7AB2-AC2=4-由翻折的性质可知；AE=AC=3、

DC=DE.贝!!EB=2.设DC=ED=x,则BD=4-x.在RtADBE中,DE2+BE2=DB2,BPx2+22=(4-x)2.解得：

33

x=—..如图2所示：NEDB=90时.由翻折的性质可知：AC=AO,ZC=ZCf=90°.VZC=ZCf=ZCDCf=90°,

22

/.四边形ACDC'为矩形.又；AC=AC',四边形ACDC'为正方形.；.CD=AC=3.；.DB=BC-DC=4-3=4.：DE〃AC,

“DEDB1ED13_一,一」,,

.,.△BDE^ABCA.:.——=——=-,a即n——=-.解得：DE=一.点D在CB上运动，ZDBCr<90°,故NDBC，

ACCB4344

不可能为直角.

图2

考点：翻折变换（折叠问题）.

三、解答题：(本大题共9个小题，共78分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.

19、(1)50(2)36%(3)160

【解题分析】

(1)根据条形图的意义，将各组人数依次相加即可得到答案；(2)根据条形图可直接得到最喜欢篮球活动的人数，除

以(D中的调查总人数即可得出其所占的百分比；(3)用样本估计总体，先求出九年级占全校总人数的百分比，然后

求出全校的总人数；再根据最喜欢跳绳活动的学生所占的百分比，继而可估计出全校学生中最喜欢跳绳活动的人数.

【题目详解】

(1)该校对50名学生进行了抽样调查.

(2)本次调查中，最喜欢篮球活动的有18人，

1Q

—X100%=36%,

50

,最喜欢篮球活动的人数占被调查人数的36%.

(3)1-(30%+26%+24%)=20%,

200+20%=1000人，

Q

—X100%X1000=160A.

50

答：估计全校学生中最喜欢跳绳活动的人数约为160人.

【题目点拨】

本题考查的是条形统计图和扇形统计图的综合运用.读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关

键.条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据；扇形统计图中各部分占总体的百分比之和为1,直接反映部分占总

体的百分比大小.

21

20、(l)y;(2)—.

【解题分析】

(1)直接利用概率公式求解；

(2)画树状图展示所有6种等可能的结果数，再找出乙摸到白球的结果数，然后根据概率公式求解.

【题目详解】

2

解：(1)搅匀后从袋中任意摸出1个球，摸出红球的概率是§；

故答案为：y;

(2)画树状图为：

红白

z\/\

红白红红

白红打£

共有6种等可能的结果数，其中乙摸到白球的结果数为2,

21

所以乙摸到白球的概率=二=—.

63

【题目点拨】

本题考查列表法与树状图法：利用列表法或树状图法展示所有等可能的结果n,再从中选出符合事件A或B的结果数

目m,然后利用概率公式求事件A或B的概率.

21、(1)详见解析；(2)1+72

【解题分析】

(1)连接结合切线的性质和直径所对的圆周角性质，利用等量代换求解(2)根据勾股定理先求OC,再求AC.

【题目详解】

(1)证明：连结0D.如图，

.CD与「0相切于点O,

.-.OD1CD,

.•./2+/DC=90。，

AB是00的直径，

ZADB=90°,即/I+/2=90°,

../1=4DC,

OA=OD,

4DC=/A；

(2)解：在RtODC中，ZC』5°,

OC=y/2OD=42

AC=OA+OC=i+y/2'

【题目点拨】

此题重点考查学生对圆的认识，熟练掌握圆的性质是解题的关键.

775

22、(1)y=-2X2+X+3；(2)ZACB=41°；(3)D—).

832

【解题分析】

试题分析：(1)把点A,B的坐标代入即可求得抛物线的解析式.

(2)作577LAC于点”，求出的长度，即可求出NAC5的度数.

⑶延长交x轴于点G,ADCE^AAOC,只可能/CAO=NOCE.求出直线CD的方程，和抛物线的方程联立即

可求得点。的坐标.

a—Z?+3=0

试题解析：(1)由题意，得＜93

-aT—/7+3—0,

142

a=-2

解得71

b=l

・•・这条抛物线的表达式为y=—2%2+x+3.

（2）作bHLAC于点H,

,一一3

TA点坐标是（一1,0）,。点坐标是（0,3）,b点坐标是（一,0）,

2

/.AC=J10，AB=-,OC=3,BC=-45.

22

,：BHAC=OCAB,即N5AZ>=5HVIU=3X3,

2

•口口_3M

••LJfl—---•

4

RtABCH中，BH=,BC=-y/5,N377c=90°,

42

叵

AsinZACB=—.

2

又VZACB是锐角，二ZACB=45°.

（3）延长。交x轴于点G,

VRtAAOC中，AO=1,AC=s/10,

：.cosZCAO=—

ACTo-

V/\DCE^/\AOC,二只可能NCAO=NZ>CE.

：.AG=CG.

—ACrrx

COSZGAC=^-=2__=M

AGAG10

：.AG=1.；.G点坐标是（4,0）.

•.•点c坐标是(0,3),：.l：y=--x+3.

CD4

7

3x=—

y——x+38x=0

4解得<°(舍)•

75[y=3

y——2x?+x+3y——

32

775

点D坐标是

8532

23、见解析

【解题分析】

4.一484r~2

根据题意：一边为X米，面积为4,则另一边为一米,篱笆长为尸2(xH■—)=2xH—由xH—="X--尸)2+4

xXXX'X

可得当尸2,丁有最小值，则可求篱笆长.

【题目详解】

448

根据题意：一边为X米，面积为4,则另一边为一米，篱笆长为尸2(x+-)=2x+-

XXX

4l2248

•・3+—=(y[x)2+()2=(r----1=)2+4,/.x+—>4,.*.2x+—>1,・,•当x=2时，y有最小值为1,由此小

xxx

强确定篱笆长至少为1米.

8

故答案为：j=2xH，2,1.

x

【题目点拨】

本题考查了反比例函数的应用，完全平方公式的运用，关键是熟练运用完全平方公式.

24、-6+2百

【解题分析】

分析：直接利用二次根式的性质以及绝对值的性质和特殊角的三角函数值分别化简求出答案.

详解：原式=1-6+百-l+3x正

3

=■5+6-1+^/3

=-6+273.

点睛：此题主要考查了实数运算，正确化简各数是解题关键.

25、(1)150,(2)36°,(3)1.

【解题分析】

(1)根据图中信息列式计算即可；

(2)求得“足球”的人数=150x20%=30人，补全上面的条形统计图即可；

(3)360。、乒乓球”所占的百分比即可得到结论；

(4)根据题意计算即可.

【题目详解】

(1)m=21vl4%=150,

(2)“足球”的人数=150x20%=30人，

补全上面的条形统计图如图所示；

(3)在图2中，“乒乓球”所对应扇形的圆心角的度数为360。、黑=36。；

(4)1200x20%=l人，

答：估计该校约有1名学生最喜爱足球活动.

【题目点拨】

本题考查了条形统计图，观察条形统计图、扇形统计图获得有效信息是解题关键.

26、(1)A(-1,0),B(3,0),y=-逐x-6；

(2)①A，Bt)；②A'BEF为菱形，见解析；

22

(3)存在，p点坐标为(3,逋)或(1，-2叵).

3333

【解题分析】

(1)通过解方程-[x2+g百x+B=O得A(-1,0),B(3,0),然后利用待定系数法确定直线1的解析式；

(2)①作A，H，x轴于H,如图2,利用OA=LOD=后得到NOAD=60。，再利用平移和对称的性质得到EA=

EA，=t,ZATF=ZAEF=60o,然后根据含30度的直角三角形三边的关系表示出A，H,EH即可得到A，的坐标；

②把A，(2—1,旦)代入y=-1x2+述x+百得一立(-t-1)2+空(-t-1)+6=走3解方程

223332322

得到t=2,此时A，点的坐标为(2,73),E(l,0),然后通过计算得到AF=BE=2,A，F〃BE,从而判断四边形A'BEF

为平行四边形，然后加上EF=BE可判定四边形ABEF为菱形；

3

(3)讨论：当A'BLBE时，四边形A，BEP为矩形，利用点A，和点B的横坐标相同得到一t-l=3,解方程求出t得

2

到AF3,生8),再利用矩形的性质可写出对应的P点坐标；当A，BJ_EA，，如图4,四边形A'BPE为矩形，作A'QLx

3

轴于Q,先确定此时A，点的坐标，然后利用点的平移确定对应P点坐标.

【题目详解】

(1)当y=0时，-^x+若=0,解得xi=-l,X2=3,则A(-1,0),B(3,0),

设直线1的解析式为y=kx+b,

—-k+b=0k=—y/3

把A(-1,0),D(0,一返)代入得｛r，解得｛L，

b=-j3b=-y/3

二直线1的解析式为y=-V3x-73;

(2)①作A，H，x轴于H,如图,

VOA=1,OD=5

，/OAD=60。，

；EF〃AD,

...NAEF=60。，

•••点A关于直线1的对称点为Ar,

；.EA=EA，=t,ZAfEF=ZAEF=60°,

在RtAA'EH中，EH=-EAf=-t,ArH=J3EH=-t,

222

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