2023届重庆市北岸区初三物理试题模拟试卷（三）试题含解析

2023届重庆市北岸区初三物理试题模拟试卷（三）试题

考生请注意：

1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2.第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的

位置上。

3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单选题（本大题共10小题，共30分）

1.在我国云南生长着一种神奇的“跳舞草”每当音乐声响起，它的叶子就会随着音乐旋律的高低快慢上下跳动，音乐

的节奏越快，它跳动就越快；音乐的节奏一慢，它也随之慢下来；音乐停止时，它也就停止了跳舞；如图所示，人对

着它唱歌时，它也会“跳舞根据现象下列说法错误的是（）

A.将“跳舞草”置于月球上，“跳舞草”也会翩翩起舞

B.“跳舞草”能够跳舞是因为声音传播时引起空气的振动，振动的空气又会引起跳舞草叶子的振动

C.音乐节奏快时，声波频率大，叶子就振动得快

D.音乐停止时，没有了振动，它也就停止了跳舞

2.下列实例与所利用的物质的属性相符的是

A.热水壶的手柄常用胶木制作，是因为胶木的导热性差

B.电线的内芯常用铝或铜制作，是因为铜或铝的导电性差

C.近视眼的镜片用凹透镜制作，是因为凹透镜对光线有会聚作用

D.飞机的机身材料用铝合金制作，是因为铝的密度较大

3.下列关于声现象说法正确的是：

A.声音在各种介质中传播速度一样

B.超声波清洗仪器是利用了声音能够传递信息

C.物体振动越快，音调越高

D.带耳塞是从声源处控制噪声

4.如图是女排比赛时的场景.下列分析正确的是：

A.手击打排球的力大于排球对手的作用力

B.在击打排球过程中人手没有对排球做功

C.排球离开手后还能继续向上运动是由于受到推力的作用

D.排球上升过程中动能减小，重力势能增大

5.交通法规定，不但司机要系安全带，副驾驶也应该系安全带.假设驾驶员和副驾驶的安全带分别对应开关&和S2,

系好安全带，相当于闭合开关，且只有当两人都系好安全带时，才会指示灯熄灭，提示音消失.符合上述要求的正确

电路图是

6.下列对与光有关现象的描述正确的是

A.近视眼镜利用了凹透镜对光的发散作用

B.人离平面镜越近，他在平面镜中的像就越大

C.树叶显示绿色是因为它吸收了太阳光中的绿光

D.电视机的遥控器是通过发射紫外线来控制电视机的

A.甲、乙的音调和响度相同B.甲、丙的音调和音色相同

C.乙、丁的音调和音色相同D.丙、丁的音色和响度相同

8.下图是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式（不计机械重和摩擦），其中所需动力最小的是（）

9.关于安全用电，下列做法中正确的是

A.用湿布擦拭通电的电视机

B.有金属外壳的用电器都使用两脚插头

C.控制各灯具的开关都应该安装在零线上

D.使用测电笔时，手接触笔尾的金属电极

10.一束光由水中斜射向空气，同时发生反射和折射，下列光路图中正确的是（）

A.FJG)'B.卜^

C.\/\

12.如图所示的四个装置中属于连通器的是

0

微小压强计C.…活塞式抽

下水道存水管

13.中国传统建筑既有艺术设计之美，又蕴含丰富的科学知识。其中屋顶的曲线设计就可以用数学中的“最速降线”

来解释。雨滴从屋顶滑落，沿着“最速降线”的路径，所用时间最短，进而减少对屋顶的损害。科技馆中有一件叫做

“最速降线”的展品，它的示意图如图所示。将两个相同的小球A和B分别放在甲、乙两轨道的起点，同时释放，发

现在乙轨道上的小球B先到达终点。在小球沿轨道从起点到终点的运动过程中，下列说法中正确的是

A.小球B沿轨道乙运动过程中通过的路程较长

B.小球B全程的平均速度大于小球A全程的平均速度

C.轨道甲为“最速降线”

D.运动过程中小球的动能转化为小球的重力势能

三、填空题（本大题共5小题，共10分）

14.lkW・h的电能可以使“220V40W”的电灯正常工作ho

15.木块在10N水平向右拉力尸的作用下，沿粗糙水平面做匀速直线运动，该木块受到的摩擦力为N,将水平

拉力F增大到20N,该木块受到的摩擦力为N.撤去拉力，木块继续向右运动，这是由于木块具有.

16.如图所示，电源电压不变，刈=10。，&=20。,只闭合S、S2,电流表Ai示数为0.2A,则电源电压为_V.开关

都闭合时，电流表Ai、A2示数之比为3:1,则R3=—Q,通电Imin电阻肚2产生的热量为_J.

17.如图所示，园林师傅经常使用的工具--高枝剪，它的基本构造主要包括剪口A、滑轮B、滑轮C和高强度纤维绳

D.园林师傅把高处要修剪的树枝放入剪口A,然后用力F向下拉纤维绳D,就能把树枝剪断。剪口A制作的非常锋

利目的是（选填“增大”或“减小”）压强；滑轮B为_____（选填“定滑轮”或“动滑轮”，高枝剪属于_____

（选填“省力杠杆”、“等臂杠杆”或“费力杠杆”）0

18.如图甲所示电路，电源电压恒定，Ro为定值电阻，闭合开关S,当滑动变阻器的滑片尸从一端移到另一端的过程

中，电流表示数/与电压表示数U的关系如图乙所示，则定值电阻Ro的阻值为Q;电路消耗的最大总功率为

_____Wo

甲

四、计算题（本大题共3小题，共29分）

19.实验室里有一个标有“6V3W”的小灯泡Li和一个标有“6V”的小灯泡Lz,将它们连接到图甲所示电源电压可

调的电路中，其中通过L2的电流与电压的关系如图乙所示，电流表、电压表均使用大量程（0〜3A,0〜15V）,开关

均闭合时，滑片P置于最右端时,调节电源电压使小灯泡L2正常发光，电流表的示数为L3A。求:

(1)L2正常发光时的电阻。

滑动变阻器的最大电阻。

（3）在一个小灯泡正常发光的条件下，电源电压的调节范围。

20.如图所示，工人通过滑轮组使重600N的箱子以0.4m/s的速度从地面升到121n高的五楼上.求:

工人吊起箱子过程中做的有用功是多少？若滑轮组的机械效率为80%,则工人做的功是多少？其

功率为多少?

21.如图所示，电源电压保持不变。将滑动变阻器滑片P置于c点时，讹部分的阻值是最大阻值的1/3,此时电压表

的示数为6V,小灯泡消耗的功率为12W.当滑片P置于力端时电压表示数为9V.求:

（1）小灯泡的阻值与滑动变阻器最大阻值之比；

（2）电源电压；

（3）小灯泡的阻值。

五、作图题（本大题共2小题，共4分）

22.将一平面镜斜放在装有水的水槽中，有一束光线垂直射向水面如图乙所示，请画出这束光线在水中行进最后射出

水面的光路图。

•:宓精讨f

23.如图所示，用瓶起开启瓶盖，请画出在A点所用最小力的示意图。

六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）

24.（某实验小组的同学在进行“测量小灯泡的额定功率”的实验中，现有器材：电源（电压恒为6V）、开关、电压

表、电流表各一个，导线若干，额定电压为3.8V的待测小灯泡（电阻约为12。）,滑动变阻器两个（A：“5。

2A“；B："20C0.5A"）.

（1）该实验的实验原理是;实验中，应选用的滑动变阻器是（选填"A”或"B”）.

（2）如图甲所示是小田同学连接的实物电路图，图中只有一根导线连接错误，请你在图中用“X”标出这根错接的导

线，只改接一根导线使电路成为正确的电路（不能与其他导线交叉）.

（）

（3）小田确认电路连接无误后闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡始终不发光且电压表的示数都接近

电源电压，则电路的故障是.

（4）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，并绘制出了小灯泡的电流随电压变化的图象如图乙所示，则该小灯泡的额

定功率为W.

（5）该组的另一同学接着实验时，发现电压表。〜15V量程已经损坏，。〜3V量程还可以正常使用，在不添加器材的

情况下，为了测出该小灯泡的额定功率，请你在丙图中的虚线框内画出正确的电路图.

（）

（6）由图乙推知：小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电功率为Pi,小灯泡的实际电流是额定电流一半时的电功

率为P2,贝UP1P2（选填“大于”、“小于”或“等于"）.

25.张皓同学做“测定小灯泡电功率”的实验，设计的电路图如图甲所示，小灯泡所标示的额定电压为2・5V.

（1）张皓同学按甲图连好电路如图甲所示，闭合开关前，他应将滑片P移到滑动变阻器的最（选填“左”或“右”）

端；

（2）接着检查电路连接，他发现有一根导线连接错了，请你在甲图中在应改动的导线上打“X”，并用笔画线代替导线

画出正确的接法；

（）

（3）改正连接后，他闭合开关，发现灯泡不发光，电流表有示数，电压表示数为1,移动滑动变阻器的滑片P可以改

变电流表的示数，那么电路的故障原因是：;

(4)排除故障后进行实验，他根据实验测得的数据，画出了小灯泡的电流随电压变化的图像如图乙所示，由图像可知

小灯泡的额定功率是W；

(5)由步骤(5)知小灯泡的电流随电压变化的图像不是一条直线，他结合实验过程分析得知，形成的原因是：.

(6)张皓同学又设计了两种测量定值电阻Rx阻值的实验电路方案，方案中定值电阻的阻值为Ri.

①方案一：闭合开关S，电压表W和V2的读数分别为Ui和U2,则电阻Rx的阻值表达式为Rx=.

②方案二：电路中RxHR”将S接到a,读出电流表的示数Ii；再将S接到b,读出电流表的b;由LRkhRx可得

RX=IIRI/I2.请判断结果是否正确并简要说明理由：.

26.小明用相同的酒精灯分别给水和煤油加热(如图甲)，以探究水和煤油的吸热能力，

本实验需要用到天平这一测量工具，目的是

o加热lOmin,水吸收的热量____________(填“大于”、“小于”或“等于")煤油

吸收的热量。根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象(如图乙)，由图象可知，水的沸点是

C,煤油的比热容是J/(kg.-C)o[4酒=4.2、107"(1^^℃)]若本次实验共消耗酒精20目，则这些酒

精完全燃烧发出的热量是q电=3.0xl07J/kgo

参考答案

一、单选题(本大题共10小题，共30分)

【解析】

A.“跳舞草”之所以能跳舞，是这种草对声波的刺激很灵敏，声音传播时引起空餐的振动，月球上没有空气，故“跳

舞草”不会跳舞，故A错误；

BCD.“跳舞草”之所以能跳舞，可能是这种草对声波的刺激很灵敏，声音传播时引起空气的振动，空气的振动又会引

起草叶的振动，音乐节奏快时，声波频率高，叶子振动的就快；反之，则慢，音乐一旦停止，没有了振动，“跳舞草”

也就停止了振动，故BCD正确；

故选Ao

2、A

【解析】

A、热水壶的手柄是用来防止人的手被烫到，之所以用胶木做，就是因为胶木的导热性差，如果手柄上的胶木掉了，

由于金属的导热性非常好，手就会被烫到。故A正确；

B、电线是用来输电的，所以制作电线的材料导电性要好，而铜或铝的导电性能要比其它金属好，所以电线的内芯常

用铝或铜制作。故B错误；

C、近视是因为晶状体曲度过大，折光能力太强使像成在视网膜前面，利用了凹透镜的发散的作用，用凹透镜矫正。

故C错误；

D、制造飞机常用铝合金材料的密度较小，制造的飞机自身质量较小。故D错误。

3、C

【解析】

A.声音的传播需要介质，声音在各种介质中的传播速度不一样，一般情况下，声音在固体中传播速度大于液体中的

传播速度，在液体中传播速度大于气体中的传播速度，故A选项说法错误；

B.声音能够传递信息和能量，我们利用超声波清洗仪器是利用了声音能够传递能量，故B选项说法错误；

C.音调的高低由物体振动的频率决定，物体振动得越快，频率越高，发出声音的音调就越高，故C选项说法正确；

D.减弱噪声可以在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱，带耳塞是从人耳处减弱噪声，故D选项说法错

误.

4、D

【解析】

根据题中“如图是女排比赛时的场景，下列分析正确的是“可知，本题是力学综合题，考查用物理知识解释生活现象的

能力。根据相互作用力的关系，做功的条件，力和运动的关系以及动能和势能的转化进行分析判断。

【详解】

A.由于物体间力的作用是相互的，则手击打排球的力等于排球对手的作用力。故A错误。

B.在击打排球过程中，运动员对排球施加了力的作用，根据做功的条件知，运动员对排球做了功。故B错误。

C.力不能离开物体而存在，排球离开手后不再受到推力的作用。由于惯性还能继续向上运动，故C错误。

D.排球上升过程中，质量不变，速度减小，所以动能减小。高度增加，重力势能增大，故D正确。

5、C

【解析】

系好安全带相当于闭合开关，且只有当两人都系好安全带时，才会指示灯熄灭，提示音消失.说明两开关必须串联,

且两开关闭合后要将电铃和指示灯短路.故C正确.

6、A

【解析】

A、近视眼是眼睛的晶状体会聚能力变强，像呈在视网膜的前方，如果要让像呈在视网膜上，需要将光线发散些，凹

透镜对光线有发散作用，近视眼镜利用了凹透镜对光的发散作用，故A正确。

B、平面镜成正立等大的虚像，靠近平面镜时，人在镜中的像大小不变，故B错误。

C、树叶显示绿色是因为它反射了太阳光中的绿光，故C错误。

D、电视机的遥控器是通过发射红外线来控制电视机的，故D错误。

7、A

【解析】

A.甲、乙的振幅和频率都相同，所以音调和响度相同，故A正确符合题意：

B.甲、丙的振幅相同，但频率不同，所以响度相同，但音调不同，故B错误不符合题意；

C.乙、丁的波形不同，所以音色不同，故C错误不符合题意；

D.丙、丁的振幅不同，所以响度不同，故D错误不符合题意；

8、D

【解析】

在A的斜面中，存在Rx4m=Gx2m,故尸尸一；在B的滑轮组中，〃=3,故尸2=；;在C的定滑轮中，不省力，故

23

G

Fi=G；在D的杠杆中，存在正4X4/=GX/,故尸4=工；可见所需动力最小的是D.

4

9、D

【解析】

A、水是导体用湿布擦拭通电的电视机可能发生触电事故。故A错误；

B、家用电器金属外壳相连接的是地线，用三脚插头使金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故

的发生，故有金属外壳的用电器都使用三脚插头，故B错误；

C、为了用电的安全，开关应控制火线，故C错误；

D、使用测电笔时，手要接触笔尾的金属体，不能接触笔尖的金属体，故D正确。

10、C

【解析】

试题分析：光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角

等于入射角；

光的折射归律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进

入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进

入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角.

一束光由水中斜射向空气，同时发生反射和折射，反射角等于入射角，折射角大于入射角，故选C.

考点：光的折射

二、多选题（本大题共3小题，共12分）

11、C

【解析】

二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，如果大小相等、方向相反、并且在同一直线上，则这两个力二力平衡

时合力为零.物体在不受力或受到平衡力作用下都会保持静止状态或匀速直线运动状态.

【详解】

A、两个力不是作用在一条直线上，所以不是一对平衡力，故A选项错误；

B、两个力不是作用在同一个物体上，所以不是一对平衡力，故B选项错误；

C、两个力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上，所以是一对平衡力，故C选项正确；

D、两个力的大小不相等，所以不是平衡力，故D选项错误.

故选C.

12、AD

【解析】

根据题中“四个装置中属于连通器的是”可知，本题考查连通器的认识，根据连通器的定义逐项分析判断。

【详解】

AD.地漏和下水道存水管都是“上端开口、底部连通”的容器，都是连通器，故AD符合题意。

B.U形管太身是一个连通器，但与压强计的探头连接后，一端被封闭，不符合“上端开口，底部连通”这一特点，因此

不是连通器，故B不符合题意。

C.活塞式抽水机是利用大气压来工作的，不具备连通器的特点，不是连通器，故C不符合题意。

故答案为ADo

13、AB

【解析】

由题意可知，两球的质量相同，最初的高度相同；

AB.由图可知，小球B沿轨道乙运动过程中通过的路程较长，且在乙轨道上的小球B先到达终点，即所用时间较少,

根据口=二可知，小球B全程的平均速度大于小球A全程的平均速度，故AB正确;

C.由题知，在乙轨道上的小球B先到达终点，即所用时间较少，所以轨道乙为“最速降线”，故C错误；

D.运动过程中小球的质量不变，高度降低，速度变大，所以重力势能变小，动能变大，小球的重力势能转化为小球

的动能，故D错误。

三、填空题(本大题共5小题，共10分)

14、25

【解析】

电灯正常工作时的功率P=40W=0.04kW,

W

由尸=一可得，lkW・h电能可使电灯正常工作的时间:

t

wIkWh

~p~0.04kW

15、1010具有惯性

【解析】

由题意可知，木块在水平方向是匀速直线运动，受力平衡，所以摩擦力等于拉力为10N；当拉力增大时,

由于木块对平面的压力与接触面的粗糙程度都不变，所以摩擦力大小不变仍为10N；当撤去拉力后，木

块由于惯性，还要继续向前运动一段距离.

16、640108

【解析】

(1)只闭合S、S2时，均与&串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；

(2)当开关都闭合时，及与后并联，电流表M测干路电流，电流表A2测量&的电流，根据电流表儿、A2示数之

比为3：1,求出及与后之比，进而求出后，根据。算出通电Imin电阻产生的热量.

【详解】

(1)只闭合S、S2时，R/与心串联，电流表测电路中的电流，

根据/二4知，电源的电压：U=I(Ri+R2)=0.2AX(10Q+20Q)=6V；

R

(2)当开关都闭合时，&与后并联，电流表“测干路电流，电流表Az测量R的电流，

因为电流表Ai、A2示数之比为3：1,所以5h=(3-1)：1=2：1

U凡人1

并联电路各支路电压相等，根据/二；:知，当电压一定时，电流与电阻成反比，所以京=皆=7

R附3'2，

R3=2R2=2X20Q=40Q；

通电Imin电阻R2产生的热量：。=乙=空2-x60s=108，

&20。

【点睛】

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是解题的关键.

17、增大动滑轮省力杠杆

【解析】

剪口A制作的非常锋利，目的是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，很容易将树枝剪断；滑轮B可以随着

高枝剪的动刀口一起运动是动滑轮，使用高枝剪剪树枝时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。

18、403.6

【解析】

由图甲可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。

当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，由图乙可知最大电流L=C.3A,

由/=—可得，电源的电压：U=/iRo=O.3AxRo,

R

当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图乙可知，此时/2=0.1A,U2=8V,

因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：

U=，2岛+S=0.1AXRo+8V,

因电源的电压不变，所以，O.3AXRO=OJAXRO+8V,

解得：Ro=4OC,

电源的电压：U=0.3AXR)=0.3AX40C=12V；

当电路中电流最大时，功率最大，电路消耗的最大总功率：

P=Uh=12VxO.3A=3.6Wo

四、计算题(本大题共3小题，共29分)

19、(1)6Q；(2)20D；(3)6V-16V

【解析】

.u、6V

(1)由图乙得到小灯泡L2正常发光时，U2=6V,72=1A,L正常发光时的电阻&=丁=­=6Q；

/21A

(2)由图可知，闭合开关Si、S2、S3,滑片P置于最右端时，滑动变阻器的最大阻值与灯泡L2并联，电流表测干路

电流，并联电路中各支路两端的电压相等，且小灯泡L2正常发光，所以电源的电压：U=U1=6V,并联电路中干路电

流等于各支路电流之和，所以通过滑动变阻器的电流：/滑=/d=L3A-lA=0.3A,滑动变阻器的最大阻值：£滑大

U_6V

77-03A=20。；

(6V)2R3W

(3)①Li的阻值==12。，通过Li的额定电流/I=U=N7=0.5A,

63Wqov

串联电路电流相等，所以电路中最大电流为0.5A,由乙图可知当电流为0.5A时，L2两端的电压为2V,所以电源电压

t/=Ui+t/2=6V+2V=8V；

②只闭合开关Si时，Li与滑动变阻器串联，Li正常发光时的电流L=0.5A,Li的阻值为Ri=12Q,总电阻最大值凝电.

大=120+200=32。，电路中总电阻变化范围为12。・32。，电源电压最小值U=〃?=0.5Axl2Q=6V,最大值

U=/R=0.5Ax32C=16V,故电源电压的调节范围为6-16V；

③闭合Si、S2,断开S3,滑动变阻器与L2并联再与Li串联，电路的总电阻最小值为120,最大值为12C+20C=32C,

也在12。・32。范围内，所以电压范围也在第②种情况的范围之内；

④当闭合q和S3时，只有1,2接入电路，电源电压为6V时，J正常发光：

⑤当开关全闭合时，滑动变阻器与1〃并联，电源电压为6V,Lz正常发光；

综上所述电源电压的调节范围为6V-16W

答：(1)Lz正常发光时的电阻是6Q；

(2)滑动变阻器的最大电阻是20Q；

(3)在一个小灯泡正常发光的条件下，电源电压的调节范围是6V.i6V。

20、(1)7.2X103J；(2)9xlO3J；300VV.

【解析】

W仃

(1)对箱子做的有用功：W有用=Gh=600Nxl2m=7.2x103J；(2)由n=G;得，拉力做的总功：W=

%6

67.2X103J,,s_WIY,土—群——h12m_

———=9x1伊J；由=-得，箱子上升所用的时间：1=一=大--=30s,拉力的功率：P=

q80%vtv0.4m/s

_9xlO3J

=300W.

t30s

【点睛】

(D使用滑轮组的目的是提升重物，己知物重和上升的高度，利用w有用=Gh得出有用功；(2)已知有用功和机械

效率，利用n=计算总功(拉力做功)；(3)已知箱子上升的速度和高度，根据速度公式求出时间，根据丫绳=

nv物可以得到绳端移动的速度；根据P=.计算拉力做功的功率.

21、(1)1：3；(2)12V；(3)3Ho

【解析】

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。

(1)由/二§可得，滑片位于C点和力端时电路中的电流之比：)=%=骼¥=卷今2

=Y；因电源的

lUK

Rbbac9VKac

必

:二RL+R曲=2

电压不变，所以，RJR一，，

整理可得：暮=£，即小灯泡的阻值与滑动变阻器最大阻值之比为h3；

(2)将滑动变阻器滑片P置于c点时，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电源的电压：

U=Ic(&C+RL)=/C(/?ac+-/?ab)=7c(/?+-X3R)=2^=2X6V=12V；

3ac3acC

(3)将滑动变阻器滑片P置于c点时，此时电压表的示数为6V,小灯泡消耗的功率为12W,

(UC)(12)2=3Q

由尸二竺可得，灯泡的电阻：RL=~^=X^7

答：(D小灯泡的阻值与滑动变阻器最大阻值之比为1：3；

(2)电源电压为12V；

(3)小灯泡的阻值为3Q。

【解析】

光垂直射到空气和水的界面时，传播方向不变，再射到平面镜上，根据光的反射定律，反射角等于入射角，作反射光

线，光又射到水和空气的界面时，发生折射，折射角大于入射角，即折射光线向界面偏折。如图：

【解析】

试题分析：杠杆平衡条件：动力X动力臂;阻力X阻力臂(Bh=F2l2),在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动

力越小.

解：用瓶起开启瓶盖，支点为O,由杠杆的平衡条件(FM=F2b)可知，OA为最长动力臂时，动力最小，连接OA,

过A点作垂直于OA的有向线段，方向向上.如图所示：

甲

【解析】

(D该实验的实验原理是P=UI；由欧姆定律求灯的额定电流；根据串联电路的规律及欧姆定律求灯正常发光时，变

阻器连入电路中的电阻，确定选用的滑动变阻器；

(1)电压表应与灯并联，电流表与灯串联；

(3)灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的

电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；

(4)由图象找出灯的额定电压下的电流，根据P=UI求该小灯泡的额定功率；

(5)根据串联电路电压的规律，求灯正常发光时变阻器的电压，设计电路图；

(6)由图乙知，分别找出小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电流大小和小灯泡的实际电流是额定电流一半时对应

的电压大小，根据P=UI比较灯的实际电功率P与H大小.

【详解】

TJ38V

(1)该实验的实验原理是P=UI；灯的额定电流约为：/="=-一«0.32A,电源电压为6V,小灯泡额定电压为

R12c

3.8V,根据串联电路的规律及欧姆定律，灯正常发光时，变阻器连入电路中的电阻:

U-U6V-3.8V

t=6.9C,故应选用“