第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）

第一章遗传因子的发现第1节孟德尔的豌豆杂交实验（二）角度一利用分离定律解决自由组合定律问题❶[不定选][2021·衡水武强中学月考]已知A与a、B与b、C与c3对等位基因自由组合,基因型分别为AaBbCC、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测,不正确的是(

)A.表型有8种,AaBbCc个体的比例为1/16B.表型有4种,aaBbcc个体的比例为1/16C.表型有8种,Aabbcc个体的比例为1/8D.表型有4种,aaBbCc个体的比例为1/16ABC命题角度例析重点难点突破①表型类型及概率的问题问题举例计算方法

AaBbCc×AabbCc,求杂交后代可能的表型种类数可分解为三个分离定律:

Aa×Aa→后代有2种表型(3A_∶1aa)

Bb×bb→后代有2种表型(1Bb∶1bb)

Cc×Cc→后代有2种表型(3C_∶1cc)所以,AaBbCc×AabbCc的后代中有2×2×2=8(种)表型重点难点突破②基因型类型及概率的问题问题举例计算方法

AaBbCc与AaBBCc杂交,求它们后代的基因型种类数可分解为三个分离定律:

Aa×Aa→后代有3种基因型(1AA∶2Aa∶1aa)

Bb×BB→后代有2种基因型(1BB∶1Bb)

Cc×Cc→后代有3种基因型(1CC∶2Cc∶1cc)因此,AaBbCc×AaBBCc的后代中有3×2×3=18(种)基因型AaBbCc×AaBBCc,后代中AaBBcc出现的概率

1/2(Aa)×1/2(BB)×

¼(cc)=1/161.自由组合定律问题的解题思路及分析(1)分解组合法解题步骤①分解:将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题,在独立遗传的情况下,有几对基因就可以分解为几个分离定律问题。如AaBb×Aabb可分解为Aa×Aa、Bb×bb。②组合:将用分离定律研究的结果按一定方式(相加或相乘)进行组合。重点难点突破重点难点突破问题举例计算方法

AaBbCc×AabbCc,后代中A_bbcc所对应表型出现的概率

3/4(A_)×1/2(bb)×1/4(cc)=3/32

AaBbCc×AabbCc,求子代中不同于亲本的表型(基因型)概率不同于亲本的表型=1-(A_B_C_+A_bbC_),不同于亲本的基因型=1-(AaBbCc+AabbCc)(2)常见题型分析③配子类型及概率的问题重点难点突破具多对等位基因的个体解答方法举例:基因型为AaBbCc的个体产生配子的种类数每对基因产生配子种类数的

。

配子种类数为Aa

Bb

Cc↓

↓

↓

。产生某种配子的概率每对基因产生相应配子概率的

。产生ABC配子的概率为

(A)×

(B)×

(C)=1/81/21/21/2xx=1/81/21/21/2乘积乘积④配子间的结合方式问题如AaBbCc与AaBbCC杂交过程中,求配子间的结合方式种类数重点难点突破第二步:求两亲本配子间的结合方式。由于两性配子间的结合是随机的,因而AaBbCc与AaBbCC杂交时配子间有8×4=32(种)结合方式。第一步:求AaBbCc、AaBbCC各自产生多少种配子。AaBbCc产生8种配子,AaBbCC产生4种配子。❷

番茄红果对黄果为显性,二室果对多室果为显性,长蔓对短蔓为显性,三对性状独立遗传。现有红果、二室、短蔓和黄果、多室、长蔓的两个纯合品系,将其杂交种植得F1,F1自交得F2,则在F2中红果、多室、长蔓所占的比例及红果、多室、长蔓中纯合子的比例分别是(

)A.9/64、1/9 B.9/64、1/64C.3/64、1/3D.3/64、1/64A命题角度例析

设控制三对性状的基因分别用A、a,B、b,C、c表示,亲代为AABBcc与aabbCC,F1为AaBbCc,F2中A_∶aa=3∶1,B_∶bb=3∶1,C_∶cc=3∶1,所以F2中红果、多室、长蔓所占的比例是3/4×1/4×3/4=9/64;在F2的每对相对性状中,显性性状中的纯合子占1/3,隐性性状全为纯合子,故红果、多室、长蔓中纯合子的比例是1/3×1×1/3=1/9。角度二亲子代基因型和表型的相互推导❸

[2022·辽宁沈阳模拟]豌豆的花腋生和花顶生(受基因A、a控制)、半无叶型和普通叶型(受基因F、f控制)是两对相对性状。现利用花腋生普通叶型植株甲、花顶生普通叶型植株乙和花腋生半无叶型植株丙进行杂交实验,实验结果如下表所示。则甲、乙、丙的基因型分别是(

)A.AaFF、aaFF、AAffB.AaFf、aaFf、AAffC.AaFF、aaFf、AAffD.AaFF、aaFf、AaffC命题角度例析亲本组合F1的表型及其比例甲×乙花腋生普通叶型∶花顶生普通叶型=1∶1乙×丙花腋生普通叶型∶花腋生半无叶型=1∶1甲×丙全部表现为花腋生普通叶型腋生普通顶生普通顶生普通腋生普通腋生半无腋生半无[解析]

乙×丙,子代均为花腋生,说明花腋生为显性;甲×丙,子代均为普通叶型,说明普通叶型为显性,即甲为A_F_,乙为aaF_,甲(A_F_)×乙(aaF_),后代全为普通叶型,说明甲和乙中关于叶型的基因型中至少有一个是显性纯合子(FF),后代花腋生∶花顶生=1∶1,即甲中关于花腋生的基因组成为Aa。甲(AaF_)×丙(A_ff)杂交,后代全部表现为普通叶型,说明甲中关于叶型的基因型为FF,即甲的基因型为AaFF。甲和丙杂交后代全为花腋生,说明丙中关于花腋生的基因型为AA,故丙的基因型为AAff。乙(aaF_)和丙(AAff)杂交后代普通叶型∶半无叶型=1∶1,说明乙关于叶型的基因型为Ff,故乙的基因型为aaFf。命题角度例析亲本组合F1的表型及其比例甲×乙花腋生普通叶型∶花顶生普通叶型=1∶1乙×丙花腋生普通叶型∶花腋生半无叶型=1∶1甲×丙全部表现为花腋生普通叶型重点难点突破2.根据子代表型及比例推断亲本基因型的两种方法(1)基因填充法据亲代表型可大概写出其基因型,如A_B_、aaB_等,再根据子代表型将所缺处填完,特别要学会利用后代中的隐性性状,因为后代中一旦存在双隐性个体,那亲代基因型中一定存在a、b等隐性基因。重点难点突破(2)分解组合法据子代表型比例拆分为分离定律的分离比,确定每一对相对性状的亲本基因型,再组合。如:①9∶3∶3∶1→(3∶1)(3∶1)→(Aa×Aa)(Bb×Bb)→AaBb×AaBb。②1∶1∶1∶1→(1∶1)(1∶1)→(Aa×aa)(Bb×bb)→AaBb×aabb或Aabb×aaBb。③3∶3∶1∶1→(3∶1)(1∶1)→(Aa×Aa)(Bb×bb)或(Aa×aa)(Bb×Bb)→AaBb×Aabb或AaBb×aaBb。④3∶1→(3∶1)×1→(Aa×Aa)(BB×BB)或(Aa×Aa)(BB×Bb)或(Aa×Aa)(bb×bb)或(AA×AA)(Bb×Bb)或(AA×Aa)(Bb×Bb)或(aa×aa)(Bb×Bb)→AaBB×AaBB或AaBB×AaBb或Aabb×Aabb或AABb×AABb或AABb×AaBb或aaBb×aaBb。❹

[2021·宝鸡中学一模]某植物的紫苗与绿苗(A/a)、松穗与紧穗(B/b)、白种皮与黄种皮(D/d)三对相对性状各由一对等位基因控制,且位于三对同源染色体上。现有4种植株:甲和乙均为紫苗松穗黄种皮,丙和丁均为绿苗紧穗白种皮。甲和丙杂交,子代全为紫苗紧穗黄种皮;乙和丁杂交,对子代的性状的统计结果如图所示,据图回答问题:(1)4种植株中,自交后代不发生性状分离的有

。甲、丙命题角度例析[解析]据甲和丙杂交结果可知,甲、丙为纯合子,自交后代不发生性状分离。(2)根据乙和丁杂交结果,可以推断乙、丁植株的基因型分别为

、

。AabbDd命题角度例析aaBbdd[解析]根据乙和丁杂交结果,可以推断乙、丁植株的基因型分别为AabbDd、aaBbdd。(3)若丙和丁杂交,F1自交,则F2中紧穗与松穗的比例为

。7∶1命题角度例析[解析]若丙和丁杂交,F1的基因型为1aaBBdd∶1aaBbdd,F1自交,F2中紧穗与松穗的比例为7∶1。(4)甲和丙杂交得到F1,F1自交,F2中紫苗紧穗黄种皮植株占

。27/64命题角度例析[解析]甲和丙杂交得到的F1的基因型为AaBbDd,F1自交,F2中紫苗紧穗黄种皮植株占(3/4)3=27/64。(5)选择某一未知基因型的植株X与乙进行杂交,子代中紫苗紧穗黄种皮植株占9/32,则植株X的基因型为

。AaBbDd命题角度例析[解析]选择某一未知基因型的植株X与乙进行杂交,子代中紫苗紧穗黄种皮植株占9/32,也就是18/64,乙的基因型为AabbDd,可推知植株X的基因型为AaBbDd。角度三

自由组合定律在育种上的应用❺

某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性,抗病(T)对染病(t)为显性,花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性,三对等位基因位于三对同源染色体上,非糯性花粉遇碘液变蓝,糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子,基因型分别为①AATTdd、②AAttDD、③AAttdd、④aattdd,则下列说法正确的是(

)A.若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律,应该用①和③杂交所得F1的花粉B.若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律,可以观察①和②杂交所得F1的花粉C.若培育糯性抗病优良品种,应选用①和④亲本杂交D.将②和④杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上,加碘液染色后,均为蓝色C命题角度例析[解析]

根据题意分析可知:三对等位基因位于三对同源染色体上,符合基因自由组合定律;若要验证基因的分离定律,则至少有一对等位基因存在。由于单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性,花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性,所以若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律,应选择亲本①和④或②和④或③和④或①和②或②和③杂交,A错误;用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律,可以选择亲本②和④杂交,依据花粉粒的形状和花粉的糯性与非糯性两对相对性状可以验证,B错误;培育糯性抗病优良品种,选用①和④亲本杂交较为合理,C正确;②和④杂交后所得的F1(AattDd)产生的花粉滴加碘液后置于显微镜下观察,将会看到花粉约一半为蓝色,D错误。命题角度例析❻

[不定选]

我国杂交水稻育种专家“世界杂交水稻之父”袁隆平院士被授予共和国勋章,下列有关杂交育种的叙述,正确的是(

)A.杂交育种的原理是基因重组,可以集合两个或多个亲本的优良特性B.杂交育种的目的可能是获得纯种,也可能是获得杂合子以利用杂种优势C.杂交育种可将两个亲本的优良性状集中,适用于各种生物D.用杂交育种选育显性纯合子的植物时,可以通过连续自交获取ABD命题角度例析[解析]

杂交育种的原理是基因重组,可以将两个或多个不同品种的优良性状组合在一起,A正确;杂交育种的目的可能是获得纯种,也可能是获得杂合子以利用杂种优势,B正确;❻

[不定选]

我国杂交水稻育种专家“世界杂交水稻之父”袁隆平院士被授予共和国勋章,下列有关杂交育种的叙述,正确的是(

)A.杂交育种的原理是基因重组,可以集合两个或多个亲本的优良特性B.杂交育种的目的可能是获得纯种,也可能是获得杂合子以利用杂种优势C.杂交育种可将两个亲本的优良性状集中,适用于各种生物D.用杂交育种选育显性纯合子的植物时,可以通过连续自交获取ABD命题角度例析杂交育种的原理是基因重组,只适用于有性生殖的生物,C错误;用杂交育种选育显性纯合子的植物时,选择不同优良性状的亲本杂交,获得F1,F1自交获得F2,从F2中鉴别、选择需要的类型,自交至不发生性状分离为止,D正确。❶

[2019·海南卷]以豌豆为材料进行杂交实验。下列说法错误的是(

)A.豌豆是自花传粉且闭花受粉的二倍体植物B.进行豌豆杂交时,母本植株需要人工去雄C.杂合子中的等位基因均在形成配子时分离D.非等位基因在形成配子时均能够自由组合D经典真题·明考向[解析]

豌豆是自花传粉且闭花受粉的二倍体植物,自然状态下一般是纯种,A正确;因豌豆雌雄同花,在进行豌豆杂交时,母本植株需要人工去雄,并进行套袋处理,B正确;❶

[2019·海南卷]以豌豆为材料进行杂交实验。下列说法错误的是(

)A.豌豆是自花传粉且闭花受粉的二倍体植物B.进行豌豆杂交时,母本植株需要人工去雄C.杂合子中的等位基因均在形成配子时分离D.非等位基因在形成配子时均能够自由组合D经典真题·明考向杂合子中的等位基因在形成配子时随同源染色体的分开而分离,C正确;非同源染色体上的非等位基因在形成配子时能够自由组合,同源染色体上的非等位基因不能自由组合,D错误。❷

[2020·全国卷Ⅱ]控制某种植物叶形、叶色和能否抗霜霉病3个性状的基因分别用A/a、B/b、D/d表示,且位于3对同源染色体上。现有表型不同的4种植株:板叶紫叶抗病(甲)、板叶绿叶抗病(乙)、花叶绿叶感病(丙)和花叶紫叶感病(丁)。甲和丙杂交,子代表型均与甲相同;乙和丁杂交,子代出现个体数相近的8种不同表型。回答下列问题:(1)根据甲和丙的杂交结果,可知这3对相对性状的显性性状分别是

。板叶、紫叶、抗病经典真题·明考向[解析]根据甲(板叶紫叶抗病)和丙(花叶绿叶感病)杂交,子代表型均与甲相同,即子代均