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文档简介
【赢在高考・黄金8卷】备战2024年高考数学模拟卷(新高考I卷专用)
黄金卷(答案在最后)
(考试时间:120分钟试卷满分:150分)
第I卷(选择题)
一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合要
求的。
1.设集合/=卜/+3》-10<0},2={乂一3cx<3},贝!]/口8=()
A.{x\-3<x<2}B.{x|-5<x<2}
C.{x|-3<x<3}D.{x|-5<x<3}
【答案】A
2
【详解】因为”X+3X-10<01={X|-5<X<2},
所以/c5={x|-3<x<2}.
故选:A.
2.若i(l-R)=3,则|z-斗=()
A.6iB.-6iC.2D.6
【答案】D
3
【详解】由题设可得1—7===—篁,则z=l+3i,则z=l—3i,
i
故z—N=—6i,故=6,
故选:D
3.如图,在四边形中,DC=2AB,BE=2ECf设诙=M,DA=b9则诙等于()
2]_
B._@+_5
32
51一21T
C._G+_bD._方r+—b
6333
【答案】C
【详解】因为。C=2N8,8E=2EC,
所以诙=前+屈=前+:丽=或+;._配)=前+;件+刀_友)
2__.1—.1—.2__.1-.1__.51-
=-DC+_DA+-AB=_DC+_DA+-DC=_a+-b.
33333663
故选:C
4.攒尖是我国古代建筑中屋顶的一种结构形式,宋代称为最尖,清代称攒尖,通常有圆形攒尖、三角攒尖、
四角攒尖、八角攒尖,也有单檐和重檐之分,多见于亭阁式建筑、园林建筑.下面以四角攒尖为例,如图,它
的屋顶部分的轮廓可近似看作一个正四棱锥.已知正四棱锥的底面边长为3。米,侧棱长为5米,则其体积
为()立方米.
A.240B.24C.7272D.72
【答案】B
【详解】如图所示,在正四棱锥尸-/BCD中,连接/Cl。于O,则。为正方形/BCD的中心,
1c
连接OP,则底面边长/8=30,对角线8。=嫄48=6,BO=-BD=^>.
又BP=5,故高OP=qBP?-BO?=4.
5.我国数学家陈景润在哥德巴赫猜想的研究中取得了世界领先的成果.哥德巴赫猜想是“每个大于2的偶数
可以表示为两个素数的和“,如20=3+17.在不超过15的素数(素数是指在大于1的自然数中,除了1和自
身外没有其他因数的自然数)中,随机选取两个不同的数,其和等于16的概率是()
1421
A.一B.一C.一D.—
10151511
【答案】C
【详解】不超过15的素数有2,3,5,7,11,13,随机取两个不同取法有q=15种,
其中和等于16的情况有3,13或5,11两种情况,
2
所以随机选取两个不同的数,其和等于16的概率是正.
故选:C
6.将函数/(x)=cos(x+§f|图象上所有点的横坐标变为原来的,®>0),纵坐标不变,所得图象在区间
2兀7171
0,行上恰有两个零点,且在-1rli上单调递减,则①的取值范围为()
A.「-9,3JB,「49,4八)C,「—11,4JD.[f彳ll,6J
【答案】C
【详解】依题意可得y=cos(sx+gl),
八,,2匚二|、[2兀2兀2①2兀
因为0《》<寸_兀,所以r-VsX+kVkTt+k,
33333
因为〉=cos产+下在0,_恰有2个零点,且cos蒙+钊=0,k、wZ,
5兀2G2兀7兀1117
所以丁《-^-兀+丁<亍,解得彳《①〈牙,
_,2兀_,j„2:12匕兀71%c兀7r
令2&7兀43X+—4兀+242兀,,得__-+——<X<一+」_,左2一,
-3、3G)①3①①
,八(2兀)「2兀兀一
令0=0,得用叼小丁)在卜旃,前上单调递减,
__兀兀2兀71
所以『场'豆][[一福'丽J'
’2兀71
—__<___
所以43°3—12,又3>0,解得0<344.
71兀
一>——
13(0-12
11ri2,4
综上所述,<®<4,故①的取值范围是-
T4_,
故选:C.
7-已知*直,H汩[c=&[,“
ia,b,c的大小关系为()
A.a<c<bB.b<a<cC.b<c<aD.a<b<c
【答案】D
令+,>Q,则ln/(x)=xln(l+1],
XX>Q
令g(x)=xln(l+:J,x>o,
则g'(x)=ln(l+?+x-/
X
x
令"㈤=ln(l+x)一4,x>0,
11X
则"z(无)=OT]E=g>。在(0,小)上恒成立,
x
故〃(x)=ln(l+^)—j—在(0,转)上单调递增,
1+X
JQ
又〃(0)=0,故为(x)=O(l+x)一干>0在(0,一)上恒成立,
1
将〃(x)=ln(l+x)_1匚>0中x换为1可得,ln|1+-|-^->0,
1+XXIXJ-t
I+--
X
即ln(l+I]_」_>0,故g<x)>0在(0,小)上恒成立,
所以g(x)=xlnp+:j在(0,小)上单调递增,
由复合函数单调性可知/(x)=1l+j在(0,”)上单调递增,
故1+++即0<b<c.
故选:D
8.已知等腰直角A48C中,NC为直角,边NC=4,P,。分别为/C,48上的动点(尸与C不重合),将
△^尸。沿P。折起,使点/到达点H的位置,且平面4尸。,平面8c尸。若点/,,B,C,P,0均在球。的
球面上,则球。表面积的最小值为()
A.8TIB.4兀C.8*口D.—
33
【答案】A
【详解】显然尸不与N重合,由点H,5,C,P,Q均在球。的球面上,得8,C,尸,。共圆,则NC+4PQB=兀,
又“3C为等腰直角三角形,为斜边,即有PQ'NB,
将△/尸。翻折后,尸。,HQ,PQ^BQ,又平面HP。,平面8CP。,
平面HP0口平面BCPQ=PQ,
/'Qu平面HPQ,J8。u平面BCP。,于是40,平面3CP。,30,平面HPQ,
显然4P,5P的中点。,E分别为A4'PQ,四边形8c尸。外接圆圆心,
则平面HPQ,£。,平面2。。,因此。。〃8。,EOHA'Q,
取尸。的中点尸,连接。尸木石则有£///8。//。。,DFIIA'QIIEO,
四边形EEDO为矩形,设HQ=x且o<x<2&,DO=EF=;BQ三,A,P="x,
2(2
设球O的半径A,有笛=〃。2+]9]=|x2-7^+3=lx-^-j+2,
当户孥时,(炉L=2,所以球O表面积的最小值为4M霜%「8兀.
故选:A.
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分,在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目的
要求,全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分。
9.如图,正方体45co-4404的棱长为1,则下列四个命题正确的是()
A.正方体N3CD-4494的内切球的半径为手
.兀
B.两条异面直线和8G所成的角为不
兀
C.直线8c与平面所成的角等于4
D.点。到面NCR的距离为孚
【答案】BC
【分析】根据正方体和内切球的几何结构特征,可判定A错误;连接/C,CR,把异面直线2c和所成
的角的大小即为直线2c和/口所成的角,△/CR为正三角形,可判定B正确;证得qc,平面/5£已,
进而求得直线8c与平面/8£口所成的角,可判定C正确;结合等体积法,得到七一/卬=。“8,进而可
判定D错误.
【详解】对于A中,正方体43CD-44£4的内切球的半径即为正方体的棱长的一半,
所以内切球的半径R=3,所以A错误•
对于B中,如图所示,连接/C,CD|,
因为N8//GB且=则四边形4302为平行四边形,所以BCJ/N2,
所以异面直线℃和BCX所成的角的大小即为直线2c和/2所成的角/好的大小,
又因为NC=/A=r>C=J2,则为正三角形,即=所以B正确;
对于c中,如图所示,连接4C,在正方形gqcc中,BCJBC
因为平面4Cu平面B4GC,所以43,4c.
又因为48Ig=3,/8匚平面/264,BC|U平面NBCQi,
兀
所以qc,平面ABCA,所以直线3c与平面4BCR所成的角为/C3CI=_,
所以C正确;
对于D中,如图所示,设点。到面/C。的距离为人因为△/CA为正三角形,
所以Su6=gx/Cx/O|Sin'=乎,
又因为SVS=:X/Z)XCD=!,根据等体积转换可知:VD_ACD}=VD[_ACD,
即卜"LCRq'加09,即:x〃xf=」xlx)解得仁平,所以D错误.
故选:BC.
10.已知函数/(x)=;/-X?+x,则()
A.“X)为奇函数B.x=l不是函数/⑴的极值点
C./(x)在[T,+°°)上单调递增D./(X)存在两个零点
【答案】BC
【分析】根据奇函数的定义判断A,求导得函数的单调性判断BC,根据零点存在性定理和单调性判断D.
【详解】函数/(x)=—+x的定义域为R,又/(_龙)=_;炉---工,-/(X)=-AX3+X2-X,
则〃-x)H-/(x),所以〃x)不是奇函数,故选项A错误;
因为/(工)=--2》+1=*-1)220,所以/(x)在R上单调递增,所以函数/⑴不存在极值点,故选项B与C
正确;
因为/⑴=;」+1>0,/(-1)=-1-1+1<0,又/(x)在R上单调递增,且/(0)=0,
所以"X)仅有一个零点0,故选项D错误.
故选:BC
11.已知抛物线C:俨=6x的焦点为尸,过点尸的直线交C于M,N两个不同点,则下列结论正确的是()
A•可|的最小值是6B.若点噌,2)则+的最小值是4
11「
C.陛「3D-若|MF「pVF|=18,则直线ACV的斜率为±1
【答案】ABD
【分析】A,根据也W1=X|+Xz+p结合基本不等式即可判断;B,由抛物线定义知当尸,可,/三点共线时
+C,D,设直线方程,联立抛物线,应用韦达定理即可求解.
【详解】对A,设加(演,乂),阳号%),(%,马>0),
因为这些MV倾斜角不为0,
3
则设直线MN的方程为x=0+1,联立抛物线得y2-6ky-9=0,
则%+为=6h%,=-9,
3k99
所以;•%+%=4(乂+%)+3=61+3,%%=左4乂+彳(乂+%)+耳=4,
则|跖V|=Xi+%+3=642+626(当且仅当左=0时等号成立),A正确;
对B,如图抛物线准线,悭?|+悭9=|九『+|〃P|要使其最小,
即尸,三点共线时取得最小值,
53
^^MF^\MP\=\MA^+\MP\=\PA\=^_.=4,B正确;
11_\NF\+\MF\玉+4+3_2
对C,由亚或IWS=丫-3/一丫一9二,C错误;
对D,产|•叫=(玉+j)•(x2+1)=再芍+.(再+无2)+,
93993
=_+_(6r+3)+_=_+_(6r+3)=18,解得左=±1,D正确
故选:ABD.
12.已知函数/(x)及其导函数/'(X)的定义域均为R,记g(x)=/'(x).若-2x],g(2+x)均为偶函数,
则()
A./(-1)=/(4)B.8臼=。C./(0)=1D.g(-l)=-g⑵
【答案】ABD
3
【分析】由题意分析得到/(X)关于直线X=2对称,函数g(x)关于直线X=2对称及周期为2,逐项求解即可.
【详解】因为/(弓-2X)为偶函数,所以/(>2x)=/(;+2x),所以〃;r)=/G+x),
353535
所以/(X)关于直线x=1对称,令》=彳得/勺-2、)=/勺+2*4),即〃-1)="4),故A正确;
因为/《-%)=/(;+》),所以+即g@+x)=_gjj_x],
所以g(2+x)=-g(l-x),因为g(2+x)为偶函数,所以g(2+x)=g(2-x),
所以g(2-x)=-g(l-^),即g(x+l)=-g(x),所以g(x+2)=-g(x+l)=g(x),
33
则g(x)的一个周期为2.因为/(X)关于直线X=2对称,所以X=1是函数/(幻的一个极值点,
所以==所以g1_;)=g[j)=O,故B正确;
因为g(x+l)=-g(x),所以g(2)=g(0)=-g(-l),所以g(T)=-g(2),故D正确;
设〃(x)=/(x)+c(,为常数),定义域为R,贝P'(x)=/'(x)=g(x),h[l+x\^f[L+x\+c,
显然"(x)=/(x)+c也满足题设,即/(x)上下平移均满足题设,显然1(0)的值不确定,故C错误.
故选:ABD
第II卷(非选择题)
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
13.+(2x+5)展开式中含/项的系数是.
【答案】120
【详解】+(2X+5)=2X[X+:〔+5]X+|J,
因为的展开式的通项公式为=5.C;.2W"不可能出现含的项,
所以展开式中含/的项为2X.C〉X41B=120/,即含好项的系数是120.
故答案为:120.
14.写出与圆(》-1)2+3-2)2=1和圆々+1)2+3+2)=1都相切的一条直线的方程.
【答案】x=0或4y-3尤=0或2工_>±而=0(答案不唯一)
【详解】由题设知,圆(x-l)2+0-2)2=l的圆心为“(1,2),半径为11,
圆(x+iy+(>+2j=i的圆心为N(-l,-2),半径为々=1,
所以叫=J(2+2j+(+l)2=20>(+々=2,即两圆外离,故共有4条公切线;
又易知M,N关于原点对称,且两圆半径相等,则有过原点的两条公切线和与血W平行的两条公切线.
设过原点的公切线为卬,则=即3/一4y0,解得f=0或2,
VW3
所以公切线为尤=0或4y-3x=°;
设与九W平行的公切线为了=2x+6,且M,N与公切线距离都为1,
贝U曹〒=1,即6=±b,
V4+1
所以公切线为2x-y土质=0.
故答案为:x=0或4)-3x=0或2尤7±百=0
14
15.若函数/(》)=2/+4分与gG)=5aTiw-e»,a>0有公共点,且在公共点处的切线方程相同,则6的
最小值为.
5
【答案】一]
5〃2
【详解】/''(x)=x+4a,g,(x)=__.
设曲线了=/(x)与了=g(x)(x>0)的公共点为(%,%),两者在公共点处的切线方程相同,
5。2
因此%+4〃=-----,即%:+4办0-54=0,解得%=。或一5a.
%
因为〃〉0,所以舍去%=-5。.
又:片。442〃59
+4"=5«2lnx-e^bBPe^b=5a2]na_a2]na2a2.
09222
令函数人()=:ln/_|y,则〃Q)=jln/—2.
44
令/⑺<0,解得0</<屋,令”C)>0,解得/>砥,
/4\/4\
所以,O在0,6上单调递减,在9,+8上单调递增,
V7\)
,4、5,4c-45
贝e3=--e3,即一e一解得吐-丁
5
则6的最小值为-2.
一,5
故答案为:
22
16.已知椭圆C:二+与=1,F「"分别是其左,右焦点,尸为椭圆C上非长轴端点的任意一点,。是x
1612
S2sp.
轴上一点,使得PD平分4".过点。作尸片、桃的垂线,垂足分别为4A则T空+不二A」的最小
/\PFXF2
值是.
521
【答案】-70-
【详解】如图,
兀
由椭圆的性质可知,点尸位于短轴的端点时,/月尸片最大,由。=4*=2/可知最大值为百•
设/彳”=2。(0<0弋),因为PD平分/甲线,所以D4=DB,设D4=DB=m,
已知椭圆c:女+F=1,所以。=4,6=2JJ,C=2.
1612
从而工噂=〃tanO=12tane,
S,PFFZ=;〃|Py+gM|PK|=:%(|S|+|PK|)=7"a=4"?’
所以12tan。=4m,解得加=3tan。.
M22
S.DAB=-sinZ_ADB=1加?sin(兀_2。)=1加2sjn29=9tan0sin0cos0二,‘也°
△22v72cos0
9sin30
所以S-DAB_cose_3An20,
s.pg12tane4
S2S32
,DAB^_sinfi+_____
S.PFES.DAB43HF0
△ix|X9△LJ/iD
八兀•c。g,
因为o<e〈G,所以smeE
°4,
设sir?。=te
s2s„2S
△DAB_j_dPGBF38rli△+PPP、318x4521
DAB
所以■Q+R=/+豆在°,4上单调递减,所以=—x—+------=.
△DAB44348
APF'GADABAPF'F?,Jmin
故答案为:
四、解答题:本题共6小题,共70分,解答应写出必要的文字说明、证明过程及验算步骤。
17.已知公差不为零的等差数列包}的前〃项和为S“,4=3,且4,%,%成等比数列.
⑴求{%}的通项公式;
13
⑵若4=1r_0数列也}的前〃项和为力证明:T.
nn''
【答案】⑴与二〃+1
(2)证明见解析
【详解】(1)设/}的公差为d(dwO),因为4,%,%成等比数列,所以片二%•%,
即(4+23)2=4(4+64),因为dwO,所以q=27,
又。2=3,所以q+d=2d+d=3,
所以d=l,%=2,
所以%=4=2+〃-1=〃+1.
〃(2+〃+1)n2+3w
(2)由(1)得,Sf
所以'=2s_%+1=〃(〃+2)
li〃+2
所以]=2
n〃+2
〃+1〃+2
18.在中,内角4S。所对的边分别为。也c,满足Z?=Q-2ZJCOSC
(1)求证:C=2B;
(2)若“为锐角三角形,求2sinC+cos5-si"的最大值.
【答案】(1)证明见解析
(2)11
-8
【详解】(1)由题b=。一26cosc,
=
由正弦定理:sinB=sin4-2sinBcosCsin(5+C)-2sin5cosCf
所以sin8=sinBcosC+cos5sinC-2sinBcosC,
整理sin5=sinCcosB-cosCsinB,
所以sinB=sin(C-S),
:.B=C-B或B+C-B=TI(舍),
:.C=2B.
(2)•••△49。为锐角三角形,
兀
0<7i-35<_
2
,vo<8弓,解得:白y,所以o<x
0<2B<l
2
.71.,兀兀、.兀兀71.71J6-J2
日sin_=sin___=sin-cos-cos__sm_=25___2L_
121^34J34344
由(1)问,C=2B,:.2sinC+cosB-sinB=2sin2B+cos5-sin5,
则sin2B=l—gos5—sin5)2,
(]、2*
所以2sinC+cosB_sin5=21一产>,=_2,2+,+2=_2/__+
因为“卜,与I),
1,17
.,.当f=_时,所求2sinC+cosS-sin8的最大值为--
48
19.如图,在三棱柱ABC-中,NC=2,尸分别为4c,台4的中点,且所,平面MCiC,
(1)求棱3C的长度:
(2)若明工44,且△4尸C的面积s=#,求平面44尸与平面4尸C的夹角的余弦值.
【答案】(1)。
⑵芈
【详解】(1)取NC的中点。,连接8Am,
在三棱柱/8C-44G中,可得DE//叫//叫,且。£==
••・四边形。E必为平行四边形,则EF//DB,
又跖_L平面...02,平面Z&CC,
;/Cu平面
DBYAC,
又。为NC的中点,
.•.“8C为等腰三角形,
VAC=2,AB=*,则8C=/8=J2;
222
(2)由(1)知,AB+BC=AC,AB1BC,EF=BD=11
4°u平面/&qc,所以E尸,&c,
故与4FC=.E尸=/n&C=20,
由(1)知,平面N4£C,/4u平面44GC,
则DB工,
又三棱柱中AAJIBB、,:.DB1BB、
又AB±BB1,
•:又4BCDB=B,AB、O2u平面/8C,
平面NBC,
•・・三棱柱ABC~44cl为直三棱柱,
.•.△zqc为直角三角形,可得4幺=4,
又在三棱柱NBC-44G中,ABLBC,1BiCi,
以4为坐标原点,4G,44,45所在直线为坐标轴建立如图所示的空间直角坐标系,
则q(0,0,0)4(0,0,0)0S,0,0),c9,0,4),q0,0,今,[o,o。,
乖=@,3,2)语=/34),
设平面4FC的一个法向量为n=(x,y,z)
n.4尸=-yfly+2z=0
则为.豕=30+42=0'令z=l'则户口x=-*,
:.平面4尸c的一个法向量为〃=Q*JI』),
易得平面44尸的一个法向量为w=(i,o,o)
设平面44尸与平面4尸c的夹角为0,
\m.n\
•COS0=J____!________
\m\-\n\/xl5
平面44尸与平面4FC的夹角的余弦值为乎.
20.为了解学生中午的用餐方式(在食堂就餐或点外卖)与最近食堂间的距离的关系,某大学于某日中午
随机调查了2000名学生,获得了如下频率分布表(不完整):
学生与最近食堂间的距离d(m)(0,200](200,400](400,600](600,800](800,+oo)合计
在食堂就餐0.150.100.000.50
点外卖0.200.000.50
合计0.200.150.001.00
并且由该频率分布表,可估计学生与最近食堂间的平均距离为370m(同一组数据以该组数据所在区间的中
点值作为代表).
(1)补全频率分布表,并根据小概率值a=0.0001的独立性检验,能否认为学生中午的用餐方式与学生距最近
食堂的远近有关(当学生与最近食堂间的距离不超过400m时,认为较近,否则认为较远):
(2)已知该校李明同学的附近有两家学生食堂甲和乙,且他每天中午都选择食堂甲或乙就餐.
(i)一般情况下,学生更愿意去饭菜更美味的食堂就餐.某日中午,李明准备去食堂就餐.此时,记他选择去
甲食堂就餐为事件A,他认为甲食堂的饭菜比乙食堂的美味为事件。,且。、A均为随机事件,证明:
P(D\AyP(D^
(ii)为迎接为期7天的校庆,甲食堂推出了如下两种优惠活动方案,顾客可任选其一.
①传统型优惠方案:校庆期间,顾客任意一天中午去甲食堂就餐均可获得。元优惠;
②“饥饿型”优惠方案:校庆期间,对于顾客去甲食堂就餐的若干天(不必连续)中午,第一天中午不优惠(即
“饥饿”一天),第二天中午获得加元优惠,以后每天中午均获得6元优惠(其中。,6为已知数且6>a>0).
校庆期间,已知李明每天中午去甲食堂就餐的概率均为P且是否去甲食堂就餐相互独立.又知
李明是一名“激进型”消费者,如果两种方案获得的优惠期望不一样,他倾向于选择能获得优惠期望更大的方
案,如果两种方案获得的优惠期望一样,他倾向于选择获得的优惠更分散的方案.请你据此帮他作出选择,
并说明理由.
nfad-bc^
附:1其中
a0.100.0100.001
X
a2.7066.63510.828
【答案】(1)频率分布表见解析,根据小概率值a=0.0001的独立性检验,可以认为学生中午的用餐方式与学
生距最近食堂的远近有关
(2)(i)证明见解析;(ii)当0<p<p°时,选择传统型优惠方案;当p°Vp<l时,选择“饥饿型”优惠方案,
理由见解析
【详解】(1)(I)设de(200,400]组的频率为贝I]】e(4°0,6°0]组的频率为i-0.20-0.15-/=0.65-l,
估计学生与最近食堂间的平均距离7=100x0.20+300f+5000.65Ty700x0.15=450-200/=370,解得
t=0.40,
故可补全频率分布表如下:
学生与最近食堂间的距离或加)(0,200](200,400](400,600](600,800](800,+co)合计
在食堂就餐0.150.200.100.050.000.50
点外卖0.050.200.150.100.000.50
合计0.200.400.250.150.001.00
据此结合样本容量为2000可列出2x2列联表如下:
学生距最近食堂较近学生距最近食较堂远合计
在食堂就餐7003001000
点外卖5005001000
合计12008002000
零假设4:学生中午的用餐情况与学生距最近食堂的远近无关.
注意至U=2000x(700x500一300x500)2—500
10.828=x
1000x1000x1200x8000.001
据小概率值a=0.001的独立性检验,推断用不成立,
即可以认为学生中午的用餐方式与学生距最近食堂的远近有关.
(2)⑴证法一:由题意得尸(小。)>尸0⑷),
结合尸(曰£>)+P(平)=P(N[Z))+P(13=1,P(A\D)>0.5>P(A\D).
P(AD\P(AD'\p(A\-P(AD\
结合条件概率公式知4r万,>-^=2=、),即PQD)>P⑷P(D).
,、P(AD\尸包))
尸(°9-尸(°>尸基-鬲
P(^D)[1_尸(N)]-[尸(D)-P(AD^《今P("P(A)P(D)
尸(/)][祖1-4勾],
即/(。/)>/®/)成立.
证法二:由题意得尸00)>尸。⑷),«㈤。)>尸[卬),
所以丹尸(/£>)>尸同理尸@)>尸0》)
P(D)
于是尸°。)尸(ID)>尸卬y«万)
故"(。⑴“(。口)=琳-瑞
P(AD^P^D^+P^D^-P0r>^|P(AD>尸«Zr)
-,⑷呵
P(AD}P(XD\-P(2Dy(A'D}
P(^P0)>0;即P(O/)"(°N)成立•
(ii)设李明在校庆期间去食堂甲就餐的次数为1,
若选择传统型优惠方案获得的优惠为X元,若选择“饥饿型”优惠方案获得的优惠为y元,
‘尸4=0)+尸(&=1)#=0
则自〜5(7,2),X=a&,对0〈人(7,有尸(丫=左6)=<0,左=1
P七=k),24kq7
■^E(X)=E(a^)=aE(t,)=7pa,
77r7
£y=kbpYkbkp(一不
()kE=2(=)=k=2^=9=4[_k=E0阻&=今」)
=P(&=1)]=7P如-(1-p)6],
令£(x)=£(y),结合a<b得P=1一正J,记为局.
若P°<"1,贝IJE(Y)-E(X)=7p{〃q-(l-p)6]-a}>0,E(y)>E(X),
此时李明应选择“饥饿型,,优惠方案;
若0<。<为,则E(y)-E(x)=7p{岫-(L-p)6]_a}<0,E(Y)<E(X),
此时李明应选择传统型优惠方案.
若P=p。,则(l-P)6=l-《,E(X)=E(y).
注意到。(、)=。(度)=/。位)=7。/(1-。),
7
2
叩)=%2)-[叩)『=£(町尸。=kb)-p(X)]
7
=b2P=k)_49P2a2-49p2a2
k=2
卜叫Eg2ApG=lj|-49律储=於{回(&y+。(目一尸(卜i)}_切2,
=〃[49p2+7p(l_p)_7o(l一p)(49P2〃=7p叫6p+l_pJ]-7pa2}.
因此D(Y)-Q(X)=7p&[6,+l-(1-p)6]-7川2_(1_0〃2}
=7p^6pb2+ab-(6p+lya2}=7p(6_a)[6p(6+a)+a]>0,
即。(y)>o(x).
此时李明选择获得的优惠更分散的方案,即获得的优惠方差更大的方案,即“饥饿型”优惠方案.
综上所述,当°<P<Po时,李明应选择传统型优惠方案;
当R)WP<1时,李明应选择“饥饿型”优惠方案.
21.已知双曲线C二X2•-£2=1(。>0/>0)上的一点到两条渐近线的距离之积为2且双曲线C的离心率为
£
(1)求双曲线C的方程;
⑵已知M是直线x=Mo<,<a)上一点,直线晒交双曲线c于/(/在第一象限),8两点,。为坐标原
点,过点"作直线CM的平行线/,/与直线。交于点尸,与x轴交于点。,若尸为线段加。的中点,求实
数t的值.
【答案】⑴k-丁=1
03
(2*=2
【详解】(1)双曲线的渐近线方程为桁士即=0,设双曲线上一点0(%,稣),
2%-。%].|姐+明|=阶0-。丹|砥0用0I/看一"2引
又因为。(%,九)在双曲线上,所以、"_=1,即〃只,
代入可得竺-=2,又因为e=E=2^,c2=a2+b2>代入可得Z>2=3,a2=6>
ca2
所以双曲线方程为k-亍=1;
63
(2)由(1)如图所示,
若直线"右斜率为0,此时点A不在第一象限,矛盾,故叫斜率不为0,
t_3
设直线外的方程为了=町+3,4(x“|),B(x,y),则M卜,
22m
x=my+3
联立'x2y2],化简可得(/-2)产+6叼+3=0,
63
冽2一200mw±
则A=36"_12(/_2)>0'可得24(加2+i)>o
-6m
乂+为
则
3
又因为〃/O4,所以勺=%=--y,§,
人1"少1+J%my2+3
t-3x/、V,
所以直线/的方程为G」),直线。的方程为^=而壬尤,
町+3
t-3
y-——二(x-t)
m町+3町外+(3-少2
联立,解得y=
y-y2X加0f)
my2+3
my^+Ci-tSy
即P的纵坐标为4=——37J—
-6m3
又由上可知乂+%=E'乂%,两式相除,
得myxy2=+%),
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