浙江省嘉兴市20242024学年高二年级上册期末考试物理试题含解析

浙江省嘉兴市2024-2025学年高二上学期期末考试物理试题

一、选择题I

1.下列物理量中，哪个物理量是矢量

A.质量B.路程C.电场强度D,电流

【答案】C

【解析】质量、路程和电流都是只有大小，而没有方向的物理量，是

标量；电场强度既有大小又有方向，是矢量，故C正确，ABD错误。

故选：C.

2.如图所示是小王从嘉兴江南摩尔到嘉兴一中的手机导航部分截屏

画面，该地图供应了二条可行线路及相应的数据，行驶过程中导航曾

提示：“前方有测速，限速40公里”。下列说法正确的是

A.两条线路的位移不相等

B.“限速40'公里”指的是限制汽车的平均速度

C.图中显示“20分钟、8.6公里”分别指时间和路程

D.探讨汽车在地图上的实时位置时，汽车不行视为质点

【答案】C

【解析】A.两条线路起点和终点相同，故两条线路方案的位移相等，

故力错误；

B.导航提示的“限速50公里”指的是限制汽车的瞬时速度，故B错

误；

C.图中显示20分钟和8.6公里分别指的是时间间隔和路程，故C正

确；

D.在探讨汽车在地图上的实时位置时，汽车大小可以忽视，故汽车可

以看成质点，故D错误。

故选：Co

3.以下关于物理学探讨方法的叙述正确的是

A.在不须要考虑物体本身的大小和形态时，用质点来代替物体的方

法叫假设法

B.依据速度的定义式，当/方特别小时，就可以表示物体在2时刻的

瞬时速度，该定义运用了放大思想方法

C.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变探讨

加速度及力的关系，再保持力不变探讨加速度及质量的关系，该探究

运用了类比的思想方法

D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成许多小

段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这

里运用了微元法

【答案】D

【解析】A.质点采纳的科学方法为建立志向化的物理模型的方法，故

A错误；

C.在探讨加速度及质量和合外力的关系时，由于影响加速度的量有质

量和力，故应采纳限制变量法，故c错误；

D.在探究匀变速运动的位移公式时，采纳了微元法将变速运动无限微

分后变成了一段段的匀速运动，即采纳了微元法；故D正确；

故选：D.

4.如图所示，一把重为G的梯子仅在一石块的支持下处于静止状态,

此时梯子受到石块作用力的大小及方向分别是

A.大于G、沿梯子斜向上

B.等于G、沿梯子斜向上

C.等于G、竖直向上

D.小于G、竖直向上

【答案】C

故选：Co

5.老鹰在天空中翱翔，图中虚线表示老鹰在竖直平面内飞行的轨迹,

关于老鹰在图示位置时的速度了及其所受合力b的方向可能正确的

【答案】B

【解析】速度方向肯定沿轨迹的切线方向，故AD均错误.合力方向必

定指向图中曲线弯曲的方向，所以选择B项正确C错误；故选B.

6.电影《速度及激情8》中有一个精彩情节：反派为了让多姆获得核

弹放射箱，通过远程限制让汽车从高楼中水平飞出，落在街面地上。

设某车飞出时高约为16.2m,街道宽度为27m,则该汽车从顶楼坠落时

速度不会超过

A.8m/sB.10m/s

C.13m/sD.15m/s

【答案】D

【解析】下落时间为：|t=F=P^s=lM

IYgd1。

街道宽度为27m,所以水平速度最大为：v^r^Mm/sniSm/s,故D正确,

ABC错误。

故选：Do

7.载人飞行包是一个单人低空飞行装置，如图所示，其发动机运用汽

油作为燃料供应动力，可以垂直起降，也可以快速前进，若飞行包（包

括人）在竖直匀速着陆的过程中（空气阻力不行忽视），下列的说法正

确的是

A.发动机对飞行包做正功

B.飞行包的重力做负功

C.空气阻力对飞行包做负功

D.飞行包的合力做负功

【答案】C

【解析】飞行包（包括人）在竖直匀速着陆的过程中，发动机的动力

向上，则发动机对飞行包做负功.故A错误.高度下降，飞行包的重

力做正功，故B错误.空气阻力竖直向上，及位移方向相反，则空气

阻力对飞行包做负功，故C正确.飞行包匀速运动，合力为零，则飞

行包的合力不做功，故D错误.故选C.

8.现象一：傍晚用电多的时候，灯光发暗，而当夜深人静时，灯光特

殊光明；现象二：在插上电炉等大功率电器时，灯光会变暗，拔掉后

灯光立刻亮了起来。下列说法正确的是

A.两个现象都可以用闭合电路欧姆定律来说明

B.两个现象都可以用电阻定律R=PL/S来说明

C.现象二是因为电炉等大功率电器的电阻都比较大引起的

D.现象一是因为夜深人静时，四周比较黑，突显出灯光特殊光明

【答案】A

【解析】A.由于大多数用电器都是并联的，当傍晚用电多的时候或者

插上电炉等功率大的用电器时，干路上的总电流会变大，这时候导线

上的电压损失就会增加，当变压器供应用户电压肯定的状况下，会使

得用户得到的电压减小，所以电灯就会发暗；而当夜深人静时，用户

用电器削减或者拔掉电炉、电暖气等功率大的用电器时，干路上的总

电流会减小，这时候导线上的电压损失就会减小，用户得到的电压增

大，所以电灯就会光明，所以两个现象都可以用闭合电路欧姆定律来

说明，故A正确，D错误；

B.两个现象无法用电阻定律R=PL/S来说明，故B错误；

C.电炉等大功率电器的电阻都比较小，故C错误。

故选：Ao

点睛：灯泡的明暗是通过灯泡的实际功率来体现的，而功率的大小要

看灯泡两端的电压，所以可从探讨灯泡两端的电压改变入手.

9.天舟一号货运飞船于2024年4月20日在文昌航天放射中心由长征

七号遥二运载火箭胜利放射升空，4月25日进入预定轨道调整，于4

月27日胜利及更高轨道的天宫二号完成首次推动剂在轨补加试验。已

知天舟一号在预定轨道上做匀速圆周运动，补给前后天宫二号在轨道

上均为匀速圆周运动。下列说法正确的是

A.补给之前天宫二号中宇航员处于超重状态

B.预定轨道上的天舟一号运行的线速度小于在轨的天宫二号的线速

度

C.预定轨道上的天舟一号运行的周期小于在轨的天宫二号的周期

D.补给后的天宫二号的运行速度将会大于7.9km/s

【答案】C

【解析】A.做匀速圆周运动的天宫二号中宇航员，受到的万有引力供

应宇航员所须要的向心力，宇航员处于失重状态，故A错误；

B.依据万有引力供应向心力，警/：卜制,天舟一号的轨道半

径小，运行的线速度大，故B错误；

C.依据万有引力供应向心力，|学LS天舟一号的轨道

半径小，运行的周期小，故C正确；

D.7.9km/s即第一宇宙速度是卫星处于地球表面旁边时的环绕速度，

是最大的环绕速度，故D错误。

故选：Co

10.如图，某带负电荷的小球沿电场中一竖直电场线从力运动到反E

表示电场强度，0表示小球的电势，及表示小球的电势能，Ek表示小

球的动能，则下列说法正确的是

A.小球从1点到夕点肯定是匀加速度运动

B.区肯定大于伤,血肯定大于6B

C.小球电势能及'大于现，动能区＜小于外

D.小球在力点的机械能大于在夕点的机械能

【答案】D

【解析】A.小球受到向下的重力、向上的电场力，由于重力和电场力

的大小未知，无法推断是加速还是减速，故A错误，C错误；

B.沿电场线方向电势降低，血肯定大于心,对于负电荷，电势越高

电势能越小，月肯定小于瓦，故B错误；

D.从A到B,电场力做负功，机械能减小，小球在力点的机械能大于

在夕点的机械能，故D正确。

故选：Do

11.智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能干脆给移动设

备充电的储能装置。充电宝的转化率是指电源放电总量占电源容量的

比值，一般在0.60-0.70之间（包括移动电源和被充电池的线路板、接

头和连线的损耗）。如图为某一款移动充电宝，其参数见下表，则

兼容大部分智能手机和平板

容量lOOOOmAh兼容性

电脑

边充边放否爱护电路是

USB1：DC5V1AUSB2：

输入DC5V2AMAX输出

DC5V2.1A

尺寸140x63X22mm转换率0.6

显示方式液晶显示重量约285g

A.充电宝充电时将化学能转化为电能

B.该充电宝最多能储存能量为1.8X105J

C.该充电宝电量从零到完全充溢电的时间约为3h

D.该充电宝给电量为零、容量为2000mAh的手机充电，则理论上能充

溢5次

【答案】B

【解析】A、充电宝充电时将电能转化为化学能，故A错误；

B、该充电宝的容量为:q=10000mAh=10000X10-3X3600=3.6X104C,该

电池的电动势为5V,所以充电宝储存的能量：E=E电动势

•q=5X3.6X10=1.8X105J，故B正确；

C、以2A的电流为用电器供电则供电时间t=q/I=

4

3610s=1.8xh=io4s=5h,故C错误；

2

D、由于充电宝的转化率是0.6,所以可以释放的电能为：

10000mA*hX0.6=6000mAh,给容量为2000mAh的手机充电的次数：n=

6000mAh

--------------------二3次，故D错误;

2000mAh

故选：B.

点睛：依据铭牌读出充电宝的容量和电动势，计算出储存的电量和能

量.依据电流的定义式求出该充电宝的充电时间和供电时间。

12.光滑平行导轨水平放置，导轨左端通过开关S及内阻不计、电动

势为£的电源相连,右端及半径为Z=20cm的两段光滑圆弧导轨相接,

一根质量勿=60g、电阻A=1Q、长为上的导体棒用长也为上

的绝缘细线悬挂，如图所示，系统空间有竖直方向的匀强磁场，磁感

应强度夕=0.5T,当闭合开关S后，导体棒沿圆弧摇摆，摆到最大高

度时，细线及竖直方向成。=53。角，摇摆过程中导体棒始终及导轨

接触良好且细线处于张紧状态，导轨电阻不计，sin53°=0.8,g=

10m/s?则

A.磁场方向肯定竖直向上

B.电源电动势£=8.0V

C.导体棒在摇摆过程中所受安培力户=0.3N

D.导体棒在摇摆过程中电源供应的电能为0.048J

【答案】C

【解析】A.当开关S闭合时，导体棒向右摇摆，说明其所受安培力水

平向右，由左手定则可知，磁场方向竖直向下，故A错误；

BC、设电路中电流为I,电源的电动势为E,则依据动能定理得：

mgL(l-cos53°)=FLsin53°,解得安培力F=0.3N,由F=BIL=BEL/R,

得E=3V,故B错误，C正确；

D.导体棒在摇摆过程中电源供应的电能为

E=mgL(l-cos530)+Q=0.06X10X0.2X0,4J+Q=0.048J+Q,故D错误。

故选:C.

点睛：棒在安培力的作用下，向右运动，依据左手定则分析磁场的方

向.依据动能定理和安培力公式、欧姆定律结合求电源的电动势，并

求出安培力F的大小.由能量守恒求解电源供应的电能.

13.如图所示，一小物块被夹子夹紧，夹子通过轻绳悬挂在小环上，

小环套在水平光滑细杆上，物块质量为弘到小环的距离为£,其两侧

面及夹子间的最大静摩擦力均为凡小环和物块以速度了向右匀速运

动，小环遇到杆上的钉子〃后立即停止，物块向上摇摆.整个过程中，

物块在夹子中没有滑动.小环和夹子的质量均不计,重力加速度为g.下

列说法正确的是

A.物块向右匀速运动时，绳中的张力等于2户

B.小环遇到钉子〃时，绳中的张力大于2户

C.物块上升的最大高度为|]

D.速度了不能超过

【答案】D

【解析】由题意知，分为夹子及物块间的最大静摩擦力，但在实际运动

过程中，夹子及物块间的静摩擦力没有达到最大，故物块向右匀速运

动时，绳中的张力等于愈，A错误；小环遇到钉子时，物块做圆周运

2

动，FT-Mg=My,绳中的张力大于物块的重力愈，当绳中的张力大于2户

时,物块将从夹子中滑出,即卜Mg/此时速度卜，七斗故B

错误；D正确;物块能上升的最大高度,所以C错误.

【名师点睛】在分析问题时，要细心.题中给的力户是夹子及物块间

的最大静摩擦力，而在物块运动的过程中，没有信息表明夹子及物块

间静摩擦力达到最大.另小环遇到钉子后，物块绕钉子做圆周运动，

夹子及物块间的静摩擦力会突然增大.

二、选择题II

14.依据图象，下列叙述正确的是

A.图甲所示的远距离输电通常通过提高电压以削减电能损耗

B.图乙所示的行李安检仪采纳/射线来透视安检物品

C.图丙所示的照相机镜头上呈现的淡绿色是由光的偏振引起的

D.图丁所示的核反应堆可以通过调整插入镉棒的深度来限制核反应

速度

【答案】AD

【解析】A.远距离输电，可以通过提高输电电压、减小电流来降低输

电线路上的能量损耗，故A正确；

B.行李安检仪采纳X射线来透视安检物品，故B错误；

C.照相机镜头上呈现的淡绿色是由薄膜干涉引起的，故C错误；

D.镉棒可以汲取铀核裂变中产生的中子，利用其及铀的接触面积的大

小限制反应速度，故D正确

故选：ADo

15.将一根较长的弹性细绳沿囱轴放置，左端记为坐标原点，将绳子拉

平后，手握左端，以固定的频率和振幅上下抖动（简谐运动），如图1

所示。从抖动起先计时，在t=0.3s时的波形如图2所示，下列说法正

确的是

A.手抖动绳的频率为2.5Hz

B.在t=0.75s时，A点的速度方向向上

C.在0~0.3s的时间内，质点B经过的路程为6cm

D.该列波遇到宽度为6m的障碍物时不能发生衍射

【答案】ABC

【解析】A.由图可知波传播3/4个波长用时0.3s,则该波的周期

Z0.4s,频率5物，故/正确。

B.0.3s时，A点由平衡位置向上振动，在t=0.75s时，即再经过0.45s,

A点的速度方向向上，故B正确；

C.0.2s时，B起先振动，经0.1s到达波谷位置，在0〜0.3s的时间内，

质点B经过的路程为一个振幅，即6cm,故C正确；

D.由图知，波长4=2勿，发生明显衍射的条件是波长跟障碍物尺寸差不

多，所以该列波遇到宽度为6m的障碍物时不能发生明显衍射，故D错

误。

故选：ABCo

16.如图是氢原子能级图，大量处在激发态n=5能级的氢原子向低能

级跃迁，a是从77=4能级跃迁到77=2能级产生的光，b是从n=5跃迁到

n=3能级产生的光。已知某金属的极限频率r=5.53X1014Hz,普朗克

常量力=6.6X10&J,s,电子电荷量|,6.I。"（，则

A.在相同的双缝干涉试验装置中，a光产生的干涉条纹比6光更宽

B.a光和8光的光子动量之比为255：97

C.用a光照耀该金属时，能产生最大初动能为0.27「「的光电子

D.在同样的玻璃中，a光的传播速度大于8光的传播速度

【答案】BC

【解析】A.依据Em~En=4E=hY,可知，氢原子从n=4的能级跃迁到

n=2的能级的能级差大于从n=5的能级跃迁到n=3的能级时的能级差，

那么a光的频率大于b光的频率。依据三可，a光的波长小于b光的波

长，依据干涉条纹得宽度卜中，a光产生的干涉条纹比b光更窄，故A

错误；

B.依据光的能量公式E=hv=h：及动量公式P=mv=?可知，2光和8光的

_____Aj入

光子动量之比等于a光和8光的光子能量之比为255：97,故B正确；

C.依据Em-En-AE,那么a光的能量为Ea=3.4-0.85=2.55eVo某金属的

极限频率v=5.53X1014HZ,则逸出功为

—341^.14

W0=hv=一二:eV=2.28eV,用a光照耀该金属时，能产生最大

16xI。—-

初动能为Ea-W0=2.55eV-2.28eV=0.27eV,故C正确;

D.在同样的玻璃中，a光的频率高，折射率大。依据v=c/n,a光的传

播速度小于8光的传播速度，故D错误。

故选：BCo

三、非选择题

17.在“验证机械能守恒定律”的试验中

(1)试验室供应了铁架台、夹子、导线、纸带等器材。为完成此试验,

除了所给的器材，从下图还必需选取的试验器材是，可选

择的试验器材是0(填字母代号)

(2)下列方法有助于减小试验误差的是

A.在重锤的正下方地面铺海绵

B.必需从纸带上第一个点起先计算验证机械能是否守恒

C.重复多次试验，重物必需从同一位置起先下落

D.重物的密度尽量大一些。

（3）完成试验后，小明用刻度尺测量纸带距离时如图（乙），已知打

点计时器每0.02s打一个点，则B点对应的速度7B=m/s

若〃点对应的速度为外，重物下落的高度为加H,重物质量为勿，当地

重力加速度为g,为得出试验结论完成试验，须要比较磔•为及

的大小关系（用题中字母表示）。

【答案】(1).(1)AEF(2).D(3).(2)D(4).(3)

【解析】（1）在试验中须要刻度尺测量纸带上点及点间的距离从而可知

道重锤下降的距离，以及通过纸带上两点的距离，求出平均速度，从

而可知瞬时速度。纸带上相邻两计时点的时间间隔已知，所以不须要

秒表。用电火花计时器的就不用学生电源。必需选取的试验器材其名

称是重物、电火花计时器、毫米刻度尺。

重锤的质量可以测量也可以不测量，可选择的试验器材其名称天平。

（2）A.在重锤的正下方地面铺海绵可以防止摔坏试验器材，故A错误;

B.不肯定要从纸带上第一个点起先计算验证机械能是否守恒，故夕错

误；

C.重复多次试验时，重物不须要从同一位置起先下落，故C错误；

D.重物下落时受到空气阻力和纸带及限位孔之间的摩擦会使试验误差

变大。所以选重物的密度尽量大一些，可以减小受到的阻力的影响，

可削减试验误差。故D正确。

故选：Do

(3)打B点时对应的速度等于A、C两点间的平均速度,

XAC5.40x10-2

vR=---------m/s=1.35m/s

土2T0.04

假如机械能守恒，物体减小的重力势能等于增加的动能，则mgh=；mv2

121

BPmgh-HIVTT-:m4

AB2H2

点睛：在验证机械能守恒的试验中，验证动能的增加量及重力势能的

减小量是否相等，所以要测重锤下降的距离和瞬时速度，测量瞬时速

度和下降的距离均须要刻度尺，不须要秒表，重锤的质量可以不测.依

据试验的原理推断出哪些是理论误差，哪些是偶然误差.

18.某爱好小组对市场中电线进行调查，

(1)如图1所示，采纳绕线法测得该电线直径为mm；

(2)取长度为100m的电线，欲测其电阻：

①先用多用电表进行粗略测量，将多用表选择开关置于“X10”档并

调零后，两表笔接触待测电阻的两端进行测量，表盘指针如图2所示。

为了使测量值更精确，“选择开关”应置于(填“XI”、

“X100”或“X1K”),并两表笔短接,调整图3中("A”或

“B”)重新调零后进行测量。

②再用伏安法测量其电阻，并设计图4电路，则电压表的另一端应接

(填“a”或"b”)，测量得电压表示数为4.50V,而电流表读

数如图5所示，则所测的电阻为

【答案】(1).(1)1.25(2).(2)①XI(3).B(4).

②a(5).1.80Q

【解析】(1)由图可知，10匝线圈的直径的总长度为：12.5腼；则导线

的半径为：12.5/10=1.25腿；(2)①欧姆表偏转角度过大，说明待测

电阻的阻值较小，应用小倍率档；换挡后，须要重新进行欧姆调零，

方法是将两表笔短接，调整图3中的B旋钮，使指针指到满刻度；

②因待测电阻的阻值较小，故应采纳电流表外接法，故电压表的另一

端应接a；

电流表量程为34则最小分度为0.14则读数为2.50/；

则电阻必4.50/2.50=1.80Q；

点睛：依据10根导线直径的总长度，再求出单匝线圈的直径；依据欧

姆表偏转角度，选择倍率档；依据给出的电阻值分析推断应采纳的电

流表接法；分析电表量程得出最小分度，即可读出电流值；依据欧姆

定律，计算电阻值。

19.如图所示，力宽是一条由倾斜轨道力夕和水平轨道玄组成的绝缘轨

道，固定在桌面上，其中/夕轨道的倾角。:27°,水平轨道的长度

Z=0.8m,一质量炉3.2Xl(Tkg、电荷量于一1.OX10-2c的可视为质点

的滑块以初速度K0=3m/s沿轨道上夕点恰好匀速滑下，从。点飞出后落

在水平地面上的"点上，已知滑块及两轨道间的动摩擦因数相同，

sin27°=0.45,cos27°=0.90,^=10m/s2,求：

(1)求滑块及轨道之间的动摩擦因数；

(2)求滑块从夕点运动到。点所用的时间；

(3)现在庞和6F之间的区域加上匀强电场，方向垂直水平轨道，

仍将滑块以初速度r0=3m/s沿轨道上〃点滑下，发觉从C点飞出后落在

水平地面的小点上，加点处在十点到。点水平距离的中点上，求匀强电

场的电场强度的大小和方向。

【答案】(1)0.5(2)0.4(3)12N/C,竖直向下

【解析】(1)滑块恰好匀速滑下，则□，n=0.5;

(2)依据-质ig=ma|,a=-阳=-Sm/s2

12

依据位移时间关系:x=vot+-at

解得：t=0.4s；

(3)不加电场时，v=v0+at,Vc=lm/s

由x=vt,可知v'c=2m/s

252

V；-V：=2aL得,a=­m/s

8

由牛顿其次定律：b(mg-qE)=ma|.E=12N/C,E方向竖直向下。

20.小明同学在上海迪士尼乐园体验了超刺激的嬉戏项目“创极速光

轮”后，对“过山车”类型的轨道运动充溢了爱好。为此他自己利用

器材设计拼接了一条轨道，如图所示，力固为一条水平轨道，夕C段长

度为20cm,斜直轨道切段长度15cm,及水平面夹角。=37°,BC段及

切段在C点平滑连接，竖直圆弧轨道龙F的圆心为功，半径用=10cm,

圆轨道及力相切于〃点，£为圆弧轨道的最高点，半径。/水平，FG

段为竖直轨道，及1/4圆轨道纺相切于G点，圆形轨道纺圆心为a,

半径上=4cm,G、a、〃在同一水平线上，水平轨道断长度为40cm,HK

及"轨道错开。在/夕段的/端固定一轻质弹簧，弹簧自然伸长时刚

好位于夕端，现在6端放置一个小环(可视为质点)但不栓接，小环

的质量为加力.01kg,现推动小环压缩弹簧"后释放，小环恰好能运动

到。点。已知小环只在轨道夕aCD、上受到摩擦力，动摩擦因数

〃=0.5,弹簧弹性势能及弹簧弹性形变量的二次方成正比。不计空气

阻力，sin37°=0.6,cos37°=0.8,受lOm/s」.贝!J：

(1)求小环在夕点的速度大小H

(2)某次试验，弹簧压缩量为2a求小环在£处对轨道的压力；

(3)小环能否停在加上？若能，求出弹簧压缩量的取值范围；若不

能，请说明理由。

【答案】(1)熠m/s(2)1.04N方向竖直向上(3)小环不能停在HK

上

【解析】(1)由B到D,依据动能定理：-nmglBc-pmglcDCOsO-mglcDsinO=0-；mv2,

代入数据得：v=@m/s;

2

(2)弹簧压缩量为"时，Ep=kd=V,弹簧压缩量为2"时，

Ep=k(2d)2=；mv'2在B的动能变为原来的4倍，速度£3，设到E点速度

为V。轨道对环的弹力为A,依据动能定理：

联立解得：FE=1.04N

依据牛顿第三定律，小环在£处对轨道的压力为1.04N,方向竖直向上;

(3)假设小环在E点速度为零，在HK上滑行的距离为x,依据动能定

理：

带入数据得：x=0.44m>0.4m,小环不能停在HK上。

21.(1)如图1所示为探究“感应电流方向的规律”试验装置中，第

一次将磁铁快速插入线圈中，其次次将磁铁渐渐插入线圈中，发觉电

流计的指针摇摆幅度大小不同，第一次比其次次的幅度(填写

“大”或“小”)，缘由是线圈中的(填写“磁通量”或“磁通

量的改变”或“磁通量改变率”)两次试验不同。

(2)在“用双缝干涉测量光的波长”的试验中，

①下列操作正确的是o

A.先调整光源高度，视察到光束沿遮光筒的轴线传播后再装上测量头

B.接通电源前把输出电压调到小灯泡额定的电压

C.视察到条纹比较模糊，可以调整拨杆进行调整

D.测量某亮条纹位置时，目镜分划板中心刻度线及该亮纹边缘重合

②下列图示中条纹间距表示正确是o

【答案】(1).(1)大(2).磁通量的改变率(3).(2)

AC(4).C

【解析】(1)依据法拉第电磁感应定律色，第一次插入铁芯快，磁

通量改变率大，感应电流大，电流计的指针摇摆幅度大。

(2)A、依据“用双缝干涉测量光的波长”的试验操作步骤可知，安装

器材的过程中，先调整光源高度，视察到光束沿遮光筒的轴线传播后

再安装单缝、双缝以及装上测量头。故A正确；

B.若要小灯泡正常发光，则接通电源前把输出电压调到小灯泡额定的

电压。故B正确；

C.视察到条纹比较模糊，可能是单缝及双缝不平行，可以调整拨杆进

行调整。故c正确；

D.测量某亮条纹位置时，目镜分划板中心刻度线及该亮纹的中心重

合。故D错误。

故选：ABC

（4）干涉条纹的宽度是指一个明条纹及一个暗条纹的宽度的和,为两个

相邻的明条纹（或暗条纹）的中心之间的距离，故图C是正确的，图ABD

错误。

故选：C

22.如图所示，在粗糙的水平面上0.5a—1.5a区间放置一探测板

在水平面的上方存在水平向里,磁感应强度大小为夕的匀强

磁场，磁场右边界离小孔。距离为a,位于水平面下方离子源。飘出质

量为加，电荷量为Q,初速度为0的一束负离子，这束离子经电势差为

卜『的电场加速后,从小孔。垂直水平面并垂直磁场射入磁场区域,

t时间内共有十个离子打到探测板上。

（1）求离子从小孔。射入磁场后打到板上的位置。

（2）若离子及挡板碰撞前后没有能量的损失，则探测板受到的冲击力

为多少？

（3）若射到探测板上的离子全部被板汲取，要使探测板不动，水平面

须要给探测板的摩擦力为多少？

【答案】（1）打在板的中间（2）用方向竖直向下（3）方向

水平向左

【解析】（1）在加速电场中加速时据动能定理：qujmv?,

代入数据得卜=1

在磁场中洛仑兹力供应向心力：心|所以半

轨迹如图:

所以OB=OAtan60°=a，禺子禺开磁场后打到板的正中间。