2022-2023学年云南省物理高一第一学期期末学业质量监测模拟试题含解析

2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷

考生请注意：

1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2.第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的

位置上。

3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题(本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有

的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分)

1、用两根绳子吊起一重物，使重物保持静止，若逐渐增大两绳之间的夹角，则两绳对重物的拉力的合力变化情况是

()

A.不变

B.减小

C.增大

D.无法确定

2、五个质量相等的物体置于光滑水平面上，如图所示，现向右施加大小为尸、方向水平向右的恒力，则第2个物体对

第3个物体的作用力等于()

5

3、如图，轻绳03将球A挂于竖直墙壁上，设绳对球的弹力为T,墙对球的弹力为N,不计摩擦，若将绳长缩短，小

球再次静止时，贝！1()

A.7减小，N减小

B.T减小，N增大

C.T增大，N减小

D.7增大，N增大

4、物理学中有许多重要的科学方法。下列各图中采用数学推理与实验相结合的科学方法是

A./研究篮球的运动轨迹

测量瞬时速度

5、某质点做直线运动的位移x=10t+t2（各物理量均采用国际单位制），则该质点（）

A.第1s内的位移10mB.前2s内的平均速度为12m/s

C.任意相邻1s内的位移差都是ImD.任意1s内的速度增加量都是lm/s

6、一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反.该

过程的v-t图象如图所示，g取10m/s2.下列说法中正确的是：

A.小球所受重力和阻力之比为10：1

B.小球上升过程与下落过程所用时间之比为2：3

C.小球落回到抛出点时的速度大小为8指m/5

D.小球下落过程中，受到向上的空气阻力，处于超重状态

7、如图所示是做直线运动的甲、乙两物体的x—f图象，由图象可知。

A.乙开始运动时，两物体相距20m

B.在0~10s这段时间内，物体间的距离逐渐变大

C.在10~25s这段时间内物体间的距离逐渐变小

D.两物体在10s时相距最远，在25s时相遇

8、如图所示，有一斜面倾角为，、质量为M的斜面体置于水平面山，A是最高点，8是最低点，C是AB的中点，其

中AC段光滑、C3段粗糙.一质量为机的小滑块由A点静止释放，经过时间f滑至C点，又经过时间f到达B点.斜面

体始终处于静止状态，取重力加速度为g,贝！1()

A.A到C与C到5过程中，滑块运动的加速度相同

B.A到C与C到3过程中，滑块运动的平均速度相等

C.C到8过程地面对斜面体的摩擦力水平向左

D.C到B过程地面对斜面体支持力大于(M+m)g

9、历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化相等的单向直线运动称为“匀变速直线运动”(现称为“另类匀变速直

线运动”)，“另类加速度”的定义式为A=二二为，其中%和匕分别表示某段位移s内的初速度和末速度A>0表示物体

做加速运动,A<。表示体做减速运动，而现在物理学中加速度的定义式为a=上二瓦，下列说法正确的是

t

A.若A不变，则a也不变

B.若A>0且保持不变，则a逐渐变大

C.若A不变,则物体在中间位置处的速度为与为

D.若A不变，则物体在中间位置处的速度为、W

10、如图所示,一轻质弹簧一端系在墙上的0点，自由伸长到B点.今用一小物体m把弹簧压缩到A点，然后释放,小物体

能运动到C点静止，物体与水平地面间的动摩擦因数恒定，试判断下列说法中不正确的是

；;。ABC

JAAAAAA!；!；

A.物体从A到B速度越来越大，从B到C速度越来越小

B.物体从A到B速度越来越小，从B到C加速度不变

C.物体从A到B先加速后减速，从B到C一直减速运动

D.物体在B点受到的合外力为零

11、“以卵击石，卵碎石全”下列关于卵、石之间作用力的表述中不正确的是（）

A.鸡蛋是运动的，石头是静止的，所以鸡蛋对石头的作用力大于石头对鸡蛋的作用力

B.鸡蛋碎了，而石头没有碎，所以鸡蛋对石头的作用力小于石头对鸡蛋的作用力

C.鸡蛋对石头的作用力与石头对鸡蛋的作用力大小相等

D.鸡蛋对石头的作用力与石头对鸡蛋的作用力平衡

12、如图所示，质量为机的小球穿在足够长的水平固定直杆上处于静止状态，现对小球同时施加水平向右的恒力的

和竖直向上的力尸，使小球从静止开始向右运动，其中竖直向上的力F大小始终与小球的速度成正比，即尸=人（图

中未标出）.已知小球与杆间的动摩擦因数为"，下列说法正确的是（）

9

Fo

A.小球先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动，最后做匀速运动

B.小球先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速运动，最后做匀速运动

Fo+"mg

C.小球的最大速度为％ax

"k

D.小球的最大加速度为外一市

m

二.填空题（每小题6分，共18分）

13、某同学用打点计时器研究小车的匀变速直线运动，他将打点计时器接到频率为50Hz的交流电源上，实验时得到

一条纸带如图，他在纸带上便于测量的地方选取第一个计数点，在这点下标明A,第六个点下标明3,第十一个点下

标明G第十六个点下标明第二十一个点下标明E。测量时发现3点已模糊不清，他只测得AC长为14.56cm,

长为U.15cm,OE长为13.73cm

\\\11?

（1）为了探究匀变速直线运动的规律，该同学所取的计时点个数（填字母序号）

A.偏少

B.偏多

C.合适

⑵若小车是做匀变速直线运动，由该同学所测实验数据，请你帮他求出：打C点时小车的瞬时速度氏=m/s,

小车的加速度m/s2,AB的距离应为cm,打A点时小车的瞬时速度以=m/s.（计算结果保留三位有

效数字）

14、利用下列器材设计实验验证力的平行四边形定则：

器材：三根完全相同的轻质弹簧（每根弹簧的两端均接有适当长度的细绳套），几个小重物，一把刻度尺，一块三角板,

一枝铅笔，一张白纸，几枚钉子

（1）按下列步骤进行实验，请在横线上将步骤补充完整：

①用两枚钉子将白纸（白纸的上边沿被折叠几次）钉在竖直墙壁上，将两根弹簧一端的细绳套分别挂在两枚钉子上，

另一端的细绳套与第三根弹簧一端的细绳套连接.待装置静止后，用刻度尺测出第三根弹簧两端之间的长度，记为

Lo；

②在第三根弹簧的另一个细绳套下面挂一个重物，待装置静止后，用铅笔在白纸上记下结点的位置0和三根弹簧的方

向.用刻度尺测出第一、二、三根弹簧的长度L、必、L3,则三根弹簧对结点0的拉力之比为；

③取下器材，将白纸平放在桌面上.用铅笔和刻度尺从0点沿着三根弹簧的方向画直线，按照一定的标度作出三根弹

簧对结点0的拉力件、Fz、F3的图示.以作一平行四边形，量出_________________的长度，换算

出对应的力F;

④测量发现F与F3在同一直线上，大小接近相等，则实验结论为：；

（2）若钉子位置固定，利用上述器材，改变条件再次验证，可采用的办法是；

（3）分析本实验的误差来源，写出其中两点：,

15、如图1是''探究物体的加速度与质量和受力的关系”的实验装置，图中砂和桶的总质量为机，小车的质量为M

(1)实验过程中，下列措施正确的是

A.首先要平衡摩擦力，使小车受到的合力等于细绳对小车的拉力

B.平衡摩擦力的方法就是在砂桶中添加砂子，使小车能匀速滑动

C.每次改变拉小车的拉力后都需要重新平衡摩擦力

D.通过在砂桶中添加砂子来改变小车受到的拉力

(2)处理数据时，常把砂桶的总重力当作细绳对小车的拉力，为尽量减小实验误差，这样处理应满足的条件是

(3)如图2所示为小车在木板上带动纸带运动打出的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计

数点间还有4个打点未画出.从纸带上测出xi=3.20cm,X2=4.52cm,xs=8A2cm,X6=9.Idem.则木块的加速度大小a=

m/s12(保留两位有效数字)

(4)在“探究加速度a与力F的关系”时，艳艳同学根据实验数据作出了加速度a与力F图线如图3所示，该图线不

通过坐标原点的原因是__________________________

三.计算题(22分)

16、(12分)如图所示，水池正上方0点处有一小球，小球由。点开始做自由落体运动经匕=0.8s落入水中，入水后做

匀减速直线运动，加速度大小为16ID/S；到池底的速度恰好为零.(取症10勿/¥)求：

QP

八

%

(1)P点到水面的高度4；

(2)水池的深度友

17、(10分)汽车从静止开始做单方向的匀加速直线运动，经5s后速度达到10m/s,然后匀速运动了20s,接着刹车

以Sm/s?的加速度做减速运动.则

(1)汽车在加速阶段的加速度大小是多少；

(2)汽车在第28s末的速度大小是多少；

(3)汽车全程的路程是多大？

参考答案

一、选择题(本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有

的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分)

1、A

【解析】两根绳子吊起一重物，使重物保持静止；当增大两绳之间的夹角，物体仍处于静止，所以两绳对重物的合力

不变

【详解】物受到三力平衡，此时两绳对重物的拉力的合力等于重力；当逐渐增大两绳之间的夹角，由于重物仍处于平

衡，所以两绳对重物的拉力的合力仍等于重力.因此拉力的合力是不变的，

故A正确

【点睛】将一个力分解为两个相等的分力，夹角越大，分力越大，夹角越小，分力越小；要注意的是物体受到的合力

大小是不变的

2、C

【解析】先对整体运用牛顿第二定律求出整体的加速度，再对前2个物体运动牛顿第二定律即可

【详解】设每个物体的质量为m,对整体运用牛顿第二定律得：

F

u——

5m

对前2个物体运用牛顿第二定律得：

F-N

a----

2m

3

解得：N=-F

故选C

【点睛】本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，主要整体法和隔离法的应用

3、D

G

试题分析：据题意，球处于静止状态，根据物体的平衡条件和据图可知，当细绳缩短时，细绳与墙的夹角a变大，所

以有：N=mgtana,则墙对球的支持力变大；T=mg/cosa,所以细绳对球的拉力增大，则D选项正确

考点：力的平衡.

【名师点睛】本题考查力的动态平衡问题.关键是画出球的受力图，然后结合平行四边形法则求解两个力的表达式进

行讨论；此题还可以用图解法，绳长缩短时，细绳与竖直方向的夹角变大，然后通过变换平行四边形的形状来判断两

力的大小变化.

4、C

【解析】A.研究篮球运动的轨迹将篮球视为质点，运用了理想模型法，A错误；

B.测量瞬时速度方法是运用了匀变速直线运动的推论，与数学推理无关，B错误；

C.伽利略探究自由落体的过程中，通过实验和数学推理相结合得到了自由落体是匀加速直线运动，C正确；

D.探究玻璃瓶的微小形变，采用了将微小形变放大的方法，D错误。

故选C。

5、B

【解析】将位移X与时间t关系式x=10t+t2,与匀变速直线运动的位移时间公式X=vot+；at2对比，得到质点的初速

度为vo=lOm/s,加速度a=2m/s2.第Is内的位移xi=10xl+12m=llm,选项A错误；前2s内的位移是：

—x

22?24

X2=10t+t=10x2+2=24(m),平均速度为：v2=-^=­=12m/s9故B正确.质点做匀减速运动，任意相邻的Is内

位移差相等，都是：△xuaTZnZxlmuZm,故C错误.任意1s内速度变化量为Av=at=2xl=2m/s,故D错误.故选B

6、C

【解析】小球向上做匀减速运动的加速度大小：根据牛顿第二定律得，，摩+广…

解得阻力大小：f=mai-mg=2m=2Nf则重力和阻力大小之比为机g：f=5：1,故A错误；小球下降的加速度大小:

_mg-f10-222

a2~m/s=Sm/s,小球上升过程的逆过程是初速度的匀加速运动，则对上升和下落两个过程,

m1

由工=工S2,可得上升与下落所用时间之比为：，故B错误；小球匀减速上升的位移

x=^x2x24m=24m,根据泞=2a*得：％=8而初s,故C错误；下落的过程中，小球的加速度向下，处于失

重状态，故D错误.所以C正确，ABD错误

7、BCD

【解析】位移时间图像表示物体的位置随时间的变化，图像上的任意一点表示该时刻的位置，图像的斜率表示该时刻

的速度，斜率的正负表示速度的方向。

【详解】A.在U0时刻，甲、乙车相距20m,当甲运动了10s后，乙才开始运动，由图像可知，当乙开始运动时，两

物体距离大于20m；故A错误。

B.在0~10s这段时间内，乙在零位置保持静止，甲从20m处逐渐向远离零位置的方向运动，故两物体距离逐渐变大;

故B正确。

C.位移时间图像的斜率表示瞬时速度，10~25s这段时间内，乙图像的斜率大于甲的斜率，则乙物体速度大于甲物体

的速度，则乙物体追击甲物体的距离在逐渐变小；故C正确。

D.位移时间图像的纵坐标表示位置，纵坐标之差表示两物体的距离，则由图可得两物体的距离逐渐减小到零，即甲

乙两物体在t=10s时相距最远，在Z=25s时相遇；故D正确。

故选:BCD。

【点睛】一£图像中，图像上的任意一点表示该时刻的位置，图像的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的

方向。

8、BCD

【解析】根据牛顿第二定律得：AC段有：mgsin0=mai；BC段有：mgsin0-gmgcosO=ma2；可知，A到C与C到B过

—

程中，滑块运动的加速度不同，故A错误.根据平均速度公式—一知，两个过程的位移和时间均相等，则平均速度

t

相等.故B正确.设滑块到达C和B的速度分别为vc和VB.根据平均速度相等有：空a="皆，可得VB=0,

说明滑块由C到B过程做匀减速运动，加速度沿斜面向上，有水平向左的分加速度，对斜面和滑块整体，由牛顿第二

定律知，地面对斜面体的摩擦力水平向左.故C正确.滑块由C到B过程做匀减速运动，加速度沿斜面向上，有竖直

向上的分加速度，处于超重状态，所以地面对斜面体的支持力大于（M+m）g.故D正确.故选BCD

点睛：本题考查牛顿运动定律和运动学公式的应用，在解题时注意D的解答中，直接应用超重失重的规律可避免复杂

的受力分析过程，也可以根据隔离法研究

9、BC

【解析】AB.若A不变，有两种情况一是：A>0,在这种情况下，相等位移内速度增加量相等，通过相等位移所用

时间越来越短，由。=匕％可知，。越来越大；第二种情况A<0,相等位移内速度减少量相等，平均速度越来越小，

t

所以相等位移内用的时间越来越多，由。=匕％知a越来越小，故A错误，B正确；

t

CD.因为相等位移内速度变化相等，所以中间位置处位移为士，速度变化量为

2

2

所以此位置的速度为

“।—匕+%

%丁一^

故C正确，D错误。

故选BCo

10、ABD

【解析】ABC.物体竖直方向受到重力与地面的支持力平衡，水平方向受到弹簧的弹力和滑动摩擦力。从A到5过程

中，弹簧的弹力水平向右，摩擦力水平向左，弹簧的弹力先大于摩擦力，后小于摩擦力，故物体先加速后减速；从3

到C过程，摩擦力和弹簧的弹力方向均向左，物体一直做减速运动。故AB错误，符合题意，C正确，不符合题意。

D.物体在B点时，弹簧的弹力为零，而摩擦力不为零，则物体所受的合外力不为零。故D错误，符合题意。

故选ABDo

11、ABD

【解析】鸡蛋对石头的作用力与石头对鸡蛋的作用力互为作用力和反作用力，故大小相等，方向相反，由于作用在两

个物体上，故不是平衡力，故选项C正确，ABD错误；

此题选择错误的选项，故选ABD。

【名师点睛】作用力与反作用力是分别作用在两个物体上的，既不能合成，也不能抵消，分别作用在各自的物体上产

生各自的作用效果。

12、BC

【解析】对小球受力分析，根据牛顿第二定律表示出加速度，分析加速度随速度的变化情况，进而分析运动情况

【详解】AB、刚开始运动时，加速度为@=3_〃。咫__)，当速度v增大，加速度增大，当速度v增大到符合kv>mg

m

后，加速度为：a=空二必勺二也，当速度v增大，加速度减小，当a,减小到0,做匀速运动，所以小球的速度先增

m

大后保持不变，加速度先增大后减小，最后保持不变，故A错误，B正确；

F+

C.当加速度为零时，小球的速度最大，此时有：Fo=U(kvm-mg),故最大速度为：vmax=^t故C正确；

D.当阻力为零时，加速度最大，故小球的最大加速度为Fo/m,故D错误

故选BC

二.填空题（每小题6分，共18分）

13、①.A②.0.986③.2.58@.5.99⑤.0.470

【解析】（1）口］本实验根据匀变速直线运动的推论公式/可以求出加速度的大小，应多取一些数据，根据作差

法求出加速度，再求平均值，而该同学只取两组数据，计数点偏少，故A正确；

⑵⑵由于第1个计数点，在该点下标明A,第6个点下标明5,第11个点下标明G第16个点下标明O,第21个点

下标明E,可知相邻的计数点间的时间间隔UO.ls,根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度,

得

x.尸0.1456+0.1115+0.1373八,

“=------------------------=0.986m/s

,4T0.4

［3］由于AC间的时间间隔T=0.2s,CE间的时间间隔也为T=0.2s,根据匀变速直线运动的推论公式Ac=aT?可以求出

加速度的大小，

2

xDE-xCD=Ax=aT

解得

a=2.58m/s2

⑷根据匀变速直线运动的推论公式

2

xm-xn=（m-n）aT

xDE-xCD=Ax=2.58cm

XcofB=2AX

所以

xAB=xCD-2Ax=5.99cm

⑸根据匀变速直线运动速度时间公式得

vc=vA+2aT

解得

vA=0.986-0.2x2.58=0.470m/s

14、①.（Li-Lo）：（L2-L0）：（L3-L0）；②似Fi、F2为邻边；③.出Fi、F2所夹的平行四边形对角线；④.

由题知，Fi、F2的合力为F,F与F3在同一直线上，大小接近相等，说明在实验误差范围内，结点O受三个力的作用

处于静止状态，合力为零；⑤.可采用的办法是换不同重量的小重物，重复进行实验；⑥.未考虑弹簧自身的重

量；⑦.记录O、Lo、Li、L2、L3及弹簧的方向时产生误差（或白纸未被完全固定等）

【解析】根据胡克定律求解三根弹簧对结点O的拉力，即可求出拉力的比值；Fl、F2的合力为F,F与F3在同一直线

上，大小接近相等，说明在实验误差范围内，结点O受三个力的作用处于静止状态，合力为零；

改变条件，重复实验时可换不同重量的小重物进行；

本实验在竖直平面进行，弹簧本身的重力、弹簧长度的测量、拉力方向的确定等等可能产生误差

【详解】(1)②根据胡克定律得，第一、二、三根弹簧的拉力分别为Fi=k(L-Lo),F2=k(L2-LO)>F3=k(L3-L0),k为弹

簧的劲度系数，则三根弹簧对结点。的拉力之比为(L2-L。)：(L3-L„);

③由平行四边形定则可知，以Fi、F2为邻边作一平行四边形，量出Fi、F2所夹的平行四边形对角线的长度；

④由题知，件、F?的合力为F,F与F,在同一直线上，大小接近相等，说明在实验误差范围内，结点0受三个力的作用

处于静止状态，合力为零；

⑵改变条件再次验证，可采用的办法是换不同重量的小重物，重复进行实验；

⑶本实验在竖直平面进行，实验的误差来源可能有：未考虑弹簧自身的重量、记录O、Lo、Li、L2、L3及弹簧的方

向时产生误差(或白纸未被完全固定等)

【点睛】解答实验问题时注意，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开，因此明确实验原理和实

验目的是解答实验问题的关键

15、①.⑴AD②.(2)m«M③.(3)1.3m/s2(4)平衡摩擦过度(或木板倾角过大)

【解析】(1)根据实验原理判断各个选项；

(2)把砂桶的总重力当作细绳对小车的拉力必须满足m«M；

(3)根据匀变速直线运动的推论公式△xuaT?可以求出加速度的大小；

(4)图线不通过坐标原点，当F为零时，加速度不为零，知平衡摩擦力过头

【详解】(1)实验时首先要平衡摩擦力，