秘籍14 电磁感应中的动力学、能量、动量问题（教师版）-备战2024年高考物理抢分秘籍

秘籍14电磁感应中的动力学、能量、动量问题一、电磁感应中的动力学问题1．导体的两种运动状态(1)平衡状态——加速度为0——静止状态或匀速直线运动状态．（根据平衡条件列式分析）(2)非平衡状态——加速度不为零．（根据牛顿第二定律进行动态分析或结合功能关系分析）2．导体常见运动情况的动态分析v↓E＝Blv↓I＝eq\f(E,R＋r)↓F安＝BIl↓F合若F合＝0匀速直线运动若F合≠0↓F合＝maa、v同向v增大，若a恒定，拉力F增大v增大，F安增大，F合减小，a减小，做加速度减小的加速运动，减小到a＝0，匀速直线运动a、v反向v减小，F安减小，a减小，当a＝0，静止或匀速直线运动二、电磁感应中的能量问题1．电磁感应中的能量转化eq\x(\a\al\vs4\col(其他形式,的能量))eq\o(→,\s\up7(克服安培力做功))eq\x(电能)eq\o(→,\s\up7(电流做功))eq\x(\a\al\vs4\col(焦耳热或其他,形式的能量))2.求解焦耳热Q的三种方法（1）焦耳定律：Q＝I2Rt，电流、电阻都不变时适用（2）功能关系：Q＝W克服安培力，任意情况都适用（3）能量转化：Q＝ΔE其他能的减少量，任意情况都适用三、电磁感应中的动量问题1．动量观点在电磁感应现象中的应用(1)对于两导体棒在平直的光滑导轨上运动的情况，如果两棒所受的外力之和为零，则考虑应用动量守恒定律处理问题；(2)由·Δt＝m·Δv、q＝·Δt可知，当题目中涉及电荷量或平均电流时，可应用动量定理来解决问题．2．安培力对时间的平均值的两种处理方法力对时间的平均值和力对位移的平均值通常不等。力对时间的平均值可以通过作F-t图象，求出曲线与t轴围成的面积（即总冲量），再除以总时间，其大小就是力对时间的平均值。（1）角度一安培力对时间的平均值求电荷量安培力的冲量公式是，这是安培力在电磁感应中的一个重要推论。感应电流通过直导线时，直导线在磁场中受到安培力的作用，当导线与磁场垂直时，安培力的大小为F=BIL。在时间△t内安培力的冲量根据电流的定义式，式中q是时间t内通过导体截面的电量欧姆定律，R是回路中的总电阻电磁感应中可以得到安培力的冲量公式，此公式的特殊性决定了它在解题过程中的特殊应用。（2）角度二安培力对时间的平均值求位移安培力的冲量公式是①闭合电路欧姆定律②平均感应电动势：③位移：④联立①②③④得这是安培力在电磁感应中的又一个重要推论。【题型一】电磁感应中的动力学问题【典例1】（2024·北京西城·模拟预测）如图甲所示，两间距为L的平行光滑金属导轨固定在水平面内，左端用导线连接，导轨处在竖直向上的匀强磁场中，一根长度也为L、电阻为R的金属棒放在导轨上，在平行于导轨向右、大小为F的恒力作用下向右运动，金属棒运动过程中，始终与导轨垂直并接触良好，金属棒运动的加速度与速度关系如图乙所示，不计金属导轨及左边导线电阻，金属导轨足够长，若图乙中的均为已知量，则下列说法不正确的是（）A．金属棒的质量为B．匀强磁场的磁感应强度大小为C．当拉力F做功为W时，通过金属棒横截面的电荷量为D．某时刻撤去拉力，此后金属棒运动过程中加速度大小与速度大小成正比【答案】C【详解】A．由题意可知得结合图像可知解得故A正确；B．由题意可知得结合图像可知解得故B正确；C．当拉力F做功为W时，金属棒运动的距离为则通过金属棒截面的电量故C错误；D．某时刻撤去拉力，此后则故D正确。本题选不正确的，故选C。【典例2】（2024·广西南宁·模拟预测）如图所示，电阻不计且间距L=1m的光滑平行金属导轨所在平面与水平面成53°角，上端接一阻值R=2Ω的电阻，过虚线的竖直面的左侧方有磁感应强度B=1T、方向竖直向上的匀强磁场，现将质量m=0.2kg、电阻r=1Ω的金属杆ab从斜面上由静止释放，释放位置与虚线之间的距离为x=1m。金属杆在下落的过程中与导轨一直垂直，且保持良好接触，导轨足够长，g取10m/s2，sin53°=0.8。则（）

A．金属杆ab在整个运动过程机械能守恒B．金属杆ab刚进入有界磁场时的速度大小为4m/sC．金属杆ab刚进入有界磁场时的加速度大小为3.2m/s²D．金属杆ab在磁场中运动的最大速度的大小为【答案】BD【详解】A．金属棒进入磁场后，金属棒切割磁感线，回路中产生感应电流，金属棒一部分机械能转化为回路的焦耳热，可知金属杆ab在整个运动过程机械能不守恒，故A错误；B．金属棒进入磁场之前做匀加速直线运动，对金属棒分析有根据速度与位移的关系有解得故B正确；C．金属杆ab刚进入有界磁场时的感应电动势感应电流为对金属棒分析有解得故C错误；D．结合上述，对金属棒分析可知，金属棒进入磁场后先向下做加速运动，感应电动势增大，感应电流增大，安培力增大，则加速度减小，当加速度为0时，速度达到最大，之后向下做匀速直线运动，则有其中感应电流为解得故D正确。故选BD。【典例3】如图所示，两足够长的平行光滑的金属导轨MN、PQ相距为L，导轨平面与水平面的夹角，导轨电阻不计，整个装置处于垂直于导轨平面向上的匀强磁场中．长为L的金属棒垂直于MN、PQ放置在导轨上，且始终与导轨接触良好，金属棒的质量m、电阻为R．两金属导轨的上端连接一个电阻,其阻值也为R．现闭合开关K，给金属棒施加一个方向垂直于杆且平行于导轨平面向上的、大小为F＝2mg的恒力，使金属棒由静止开始运动，若金属棒上滑距离为s时速度恰达到最大，最大速度vm．（重力加速度为g，sin37°=0.6,cos37°=0.8）求：（1）求金属棒刚开始运动时加速度大小；（2）求匀强磁场的磁感应强度的大小；（3）求金属棒由静止开始上滑2s的过程中，金属棒上产生的电热Q1。【答案】（1）1.4g（2）（3）【详解】（1）根据牛顿第二定律F-mgsin37°=maF=2mg所以a=1.4g（2）由解得（3）由能量关系可知而Q1=Q得1．（23-24高三上·全国·阶段练习）定义“另类加速度”，A不变的运动称为另类匀变速运动。若物体运动的A不变，则称物体做另类匀变速运动。如图所示，光滑水平面上一个正方形导线框以垂直于一边的速度穿过一个匀强磁场区域（磁场宽度大于线框边长）。导线框电阻不可忽略，但自感可以忽略不计。已知导线框进入磁场前速度为，穿出磁场后速度为。下列说法中正确的是（

）

A．线框在进入磁场的过程中，做匀变速运动B．线框在进入磁场的过程中，其另类加速度A是变化的C．线框完全进入磁场后，在磁场中运动的速度为D．线框完全进入磁场后，在磁场中运动的速度为【答案】C【详解】A．线框在进入磁场的过程中，受到向左的安培力而做减速运动，线框受到的安培力大小可知，随着速度减小，线框受到的安培力减小，加速度减小，所以线框在进入磁场的过程中，做加速度逐渐减小的减速直线运动，故A错误；B．线框在进入磁场的过程中，取向右为正方向，根据动量定理得其中解得所以另类加速度A不变，故B错误；CD．线框在进入磁场的过程中，取向右为正方向，根据动量定理线框穿出磁场的过程中，同理联立解得故C正确，D错误。故选C。2．（2024·湖南邵阳·二模）如图所示，平行倾斜光滑导轨与足够长的平行水平光滑导轨平滑连接，导轨电阻不计。质量均为电阻均为的金属棒b和c，静止放在水平导轨上且与导轨垂直。图中虚线de右侧有范围足够大、方向竖直向上的匀强磁场。质量也为的绝缘棒a垂直于倾斜导轨，从离水平导轨的高为处由静止释放。已知绝缘棒a滑到水平导轨上与金属棒b发生弹性正碰，金属棒b进入磁场后始终未与金属棒c发生碰撞。重力加速度为。以下正确的是（）A．a与b碰后分离时b棒的速度大小为B．当b进入磁场后速度大小为时，b的加速度大小变为初始加速度大小的C．b棒产生的焦耳热为D．b进入磁场后，b、c间距离增大了【答案】AB【详解】A．绝缘棒a滑到水平导轨上速度设为v0，由动能定理得a与金属棒b发生弹性正碰，质量相等，故碰后速度交换，a速度变为零，b获得v0的速度，故a与b碰后分离时b棒的速度大小为，A正确；B．b刚进入磁场时，加速度为b进入磁场后，切割磁感线产生感应电流，受向左的安培力而减速，c受向右的安培力而加速，系统合外力为零，由动量守恒知将代入得此时回路的总电动势为此时b的加速度为B正确；C．当b与c速度相等时，b棒上停止生热，由动量守恒得由能量守恒，设b棒上产生的焦耳热为Q，有知C错误；D．b进入磁场后减速，c加速直至速度相同，二者间距缩小，设为Δx，对c，由动量定理又联立可得b、c间距离缩小了D错误。故选AB。3．（2024·江西九江·二模）如图甲所示，两根光滑平行导轨固定在水平面内，相距为L，电阻不计，整个导轨平面处于方向竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场中，导轨左端接有阻值为R的电阻，沿导轨方向建立x坐标轴。质量为m、电阻为r的金属棒ab垂直导轨放置在处。在金属棒ab上施加x轴方向的外力F，使金属棒开始做简谐运动，当金属棒运动到时作为计时起点，其速度随时间变化的图线如图乙所示，其最大速度为。求：（1）简谐运动过程中金属棒的电流i与时间t的函数关系；（2）在时间内通过金属棒的电荷量；（3）在时间内外力F所做的功；（4）外力F的最大值。【答案】（1）；（2）；（3）；（4）【详解】（1）由图乙可知简谐运动的周期由此可得根据图像乙可知速度与时间的变化关系满足余弦函数，可得其关系为由闭合回路的欧姆定律有（2）根据对称性可知在时，金属棒到达处，则在时间内通过金属棒的电荷量（3）简谐运动过程回路电流为余弦式交流电，在0到时间内，电路产生热量其中，解得设在0到的时间内外力所做的功为，安培力所做的功为，由动能定理得其中解得（4）由牛顿第二定得整理得则外力F的最大值【题型二】电磁感应中的能量问题【典例1】如图所示，倾斜放置的固定光滑金属导轨，与水平方向的夹角为θ，其下端由导线连接。导轨所在平面两个区域存在着如图所示的磁感应强度大小分别为B和2B的匀强磁场Ⅰ和Ⅱ。区域Ⅰ的磁场方向垂直于导轨平面向上，区域Ⅱ的磁场方向垂直于导轨平面向下，磁场边界EF、GH、PQ均平行于斜面底边，EG、PG长度均为L。一个质量为m、电阻为R、边长为L的正方形导线框，由静止开始沿斜面下滑，下滑过程中ab边始终与斜面底边平行。时刻ab边刚越过EF进入磁场区域Ⅰ，此时导线框恰好以速度做匀速直线运动；时刻ab边下滑到GH与PQ的中间位置，此时导线框又恰好以速度做匀速直线运动。重力加速度为g，下列说法中正确的是（）A．导线框两次做匀速直线运动的速度之比B．当ab边刚越过GH时，导线框的加速度大小为C．从到的过程中，克服安培力做的功等于机械能的减少量D．从到的过程中，有的机械能转化为电能【答案】BC【详解】AB．ab边刚越过EF进入磁场区域Ⅰ时，导线框速度为，根据平衡条件，有当ab边刚越过GH时，导线框的速度仍为，由于ab、cd两个边切割磁感线产生的感应电动势方向相同，故电流增加为原来的3倍，ab边和cd边均受到向上的安培力，此时解得加速度ab边下滑到GH与PQ的中间位置时，导线框的速度为，根据平衡条件，有联立解得故A错误，B正确；C．从到的过程中，根据功能关系，克服安培力做的功等于机械能的减少量，故C正确；D．从到的过程中，根据能量守恒定律可知，有的机械能转化为电能，故D错误。故选BC。【典例2】（2024·广东·二模）发电机的工作原理可以简化为如图所示的情景。质量为的导体棒垂直于光滑导轨放管，导轨间距为，导轨间分布着垂直于导轨平面、磁感应强度大小为的匀强磁场。将负载（电阻为的电热毯）接入导轨中形成闭合回路，导体棒在恒力的作用下由静止开始沿光滑导轨运动。时刻，导体棒速度达到。导轨和导体棒电阻忽略不计，导轨无限长，导体棒始终与导轨垂直且接触良好。下列说法正确的是（

）A．时刻，导体棒运动速度B．时间内发电机电动势随时间先增大后不变C．时刻，电热毯的功率为D．电热毯的功率最终将达到【答案】CD【详解】A．根据动量定理有则A错误；B．导体棒在恒力的作用下运动，由于电动势电流导体棒所受安培力导体棒的加速度由此可知，随着导体棒速度的增大，加速度逐渐减小，当加速度减小为零后，导体棒做匀速运动，由于不知道时刻加速度是否为零，则发电机电动势可能随时间先增大后不变，也可能一直增大，B错误；C．时刻，电热毯的功率C正确；D．最终，导体棒匀速，即此时电热毯的功率D正确。故选CD。【典例3】（2024·陕西西安·三模）如图所示，两平行光滑长直金属导轨水平放置，间距为。区域有匀强磁场，磁感应强度大小为，方向竖直向上。初始时刻，磁场外的细金属杆M以初速度向右运动，磁场内的细金属杆N处于静止状态。两金属杆与导轨接触良好且运动过程中始终与导轨垂直。已知杆M的质量为，在导轨间的电阻为，杆N的质量为，在导轨间的电阻为，感应电流产生的磁场及导轨的电阻忽略不计。（1）求M刚进入磁场时受到的安培力的大小和方向；（2）若两杆在磁场内未相撞且N出磁场时的速度为，求:①N在磁场内运动过程中N上产生的热量；②初始时刻N到的最小距离。【答案】（1），方向水平向左；（2）①；②【详解】（1）细金属杆M以初速度向右刚进入磁场时，产生的动生电动势为电流方向为，电流的大小为则所受的安培力大小为方向水平向左。（2）（1）棒所受安排力等大反向，故两棒系统动量守恒。设棒出磁场时棒的速度大小为，有由系统能量守恒知棒产生的总热量为则上产生的热量为可得（2）设在磁场中任意时刻的速度分别为和，金属杆在磁场内运动过程中，由动量定理有其中设两杆在磁场中相对靠近的位移为，则联立可得若两杆在磁场内刚好未撞，N到的最小距离为1．（2024·重庆·模拟预测）如图所示，两根足够长的平行金属导轨固定在倾角的绝缘斜面上，其下端开口，顶部并联接入阻值的两个相同定值电阻，导轨间距，整个装置处于磁感应强度的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向上。一质量、长度、电阻的直金属棒垂直放置在导轨上，导轨电阻不计。金属棒从静止释放至达到最大速度过程中，棒上产生的总电热为，棒始终与导轨垂直并接触良好。不计空气阻力，金属棒与导轨间的动摩擦因数，重力加速度取，，则该过程中，金属棒沿斜面下滑的距离是（  ）A． B． C． D．【答案】B【详解】设金属棒ab达到的最大速度为v，由牛顿第二定律有从静止释放至达到最大速度过程中，设金属棒ab沿斜面下滑的距离为x，金属棒ab上产生的总电热，则两个并联定值电阻产生的总电热为由能量守恒定律有联立解得故选B。2．（2024·陕西宝鸡·二模）如图所示，两平行金属导轨由水平和弧形两部分组成，水平导轨窄轨部分间距为L，处在竖直向上、磁感应强度为2B的匀强磁场中，宽轨部分间距为2L，处在竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场中。现将两根质量均为m的导体棒a、b分别静置在弧形导轨和水平宽轨上，导体棒a从距水平导轨h处静止释放。两金属棒在运动过程中始终与导轨垂直且与导轨接触良好。两导体棒接入电路的电阻均为R，其余电阻不计，宽轨和窄轨都足够长，a棒始终在窄轨磁场中运动，b棒始终在宽轨磁场中运动，重力加速度为g，不计一切摩擦，下列说法正确的是（）A．a棒刚进入磁场时，b棒的加速度水平向左B．从a棒刚进入磁场到两棒达到稳定的过程中，b棒上产生的焦耳热为C．从a棒刚进入磁场到两棒达到稳定的过程中，通过b棒的电量为D．从a棒进入磁场到两棒达到稳定的过程中，a、b棒与导轨所围线框的磁通量变化了【答案】ACD【详解】A．根据右手定则可知，a棒刚进入磁场时感应电流为逆时针方向，则对b棒由左手定则可知其所受安培力水平向左，则加速度水平向左，故A正确；BC．对a棒由机械能守恒有金属棒a进入磁场后切割磁感线产生感应电动势，回路中产生产生感应电流，金属棒b受安培力而运动切割磁感线，产生“反电动势”，当两棒达到稳定时即各自产生的感应电动势大小相等，设此时其速度分别为、，则有解得对杆a、b分别应用动量定理有联立以上各式解得由能量守恒有解得则b棒上产生的焦耳热为通过b棒的电量为故B错误，C正确；D．根据可得两棒稳定的过程中磁通量的变化量故D正确。故选ACD。3．（2024·河北沧州·一模）如图甲所示，光滑绝缘水平面上有两个间距为L且不计电阻的平行金属导轨，将其固定放置在水平向右的匀强磁场中（磁场未画出），磁感应强度大小为B，其中导轨左侧半圆的半径为1.5R，右侧半圆的半径为R，其正视图如图乙所示。金属棒M、N完全相同、电阻均为r，其在外力作用下同时由金属导轨半圆顶端以角速度沿顺时针方向做匀速圆周运动至圆心等高处。金属棒始终与金属导轨接触良好，金属棒M、N在此运动过程中，下列说法正确的是（

）A．无电流流过金属棒 B．流过导轨某一截面的电荷量C．流过金属棒的电流有效值 D．回路中产生的焦耳热【答案】BD【详解】A．根据可知两导体棒切割磁感线的速度不同，则有电流通过金属棒，故A错误；B．根据法拉第电磁感应定律可知根据电流的定义式有故B正确；C．流过金属棒的电流的最大值为根据题意可知金属棒在垂直磁感线方向切割磁感线的速度满足正余弦关系，故产生的感应电动势满足正余弦关系，故有效值为故C错误；D．根据焦耳定律可知故D正确；故选BD。4．（2024·黑龙江·二模）如图所示，相距为L的光滑平行水平金属导轨MN、PQ，在M点和P点间连接一个阻值为R的定值电阻。一质量为m、电阻也为R、长度也刚好为L的导体棒垂直搁在导轨上的a、b两点间，在导轨间加一垂直于导轨平面竖直向下的有界匀强磁场，磁场宽度为d，磁感应强度大小为B，磁场左边界到ab的距离为d。现用一个水平向右、大小为F的力拉导体棒，使导体棒从a、b处由静止开始运动，导体棒进入磁场瞬间，拉力方向不变、大小变为2F。已知导体棒离开磁场前已做匀速直线运动，导体棒与导轨始终保持良好接触，导轨电阻不计。求：（1）导体棒进入磁场瞬间，定值电阻两端的电压；（2）导体棒通过磁场区域的过程中，导体棒上产生的焦耳热；（3）若要使导体棒进入磁场后一直做匀速运动，磁场左边界到ab的距离应调整为多少？【答案】（1）；（2）；（3）【详解】（1）设导体棒进入磁场瞬间的速度大小为，对导体棒，由动能定理有解得此时导体棒产生的感应电动势为导体棒进入磁场瞬间，定值电阻两端的电压为（2）设导体棒出磁场时的速度大小为，感应电流为根据平衡条件得解得对导体棒通过磁场过程，由能量守恒有根据功能关系有联立解得导体棒上产生的焦耳热为（3）要使导体棒进入磁场后一直做匀速运动，则进入磁场时的速度大小应为，对导体棒，由动能定理有解得【题型三】电磁感应中的动量问题【典例1】（2024·全国·模拟预测）如图，间距为L的光滑平行导轨竖直固定放置，导轨上端接有阻值为R的定值电阻，矩形匀强磁场的宽度为d，磁场的磁感应强度大小为B。一根质量为m、电阻为R的金属棒由静止释放，释放的位置离磁场的上边界距离为2d，金属棒进入磁场后穿出，金属棒运动过程中始终保持水平且与导轨接触良好，其余电阻不计，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．金属棒穿过磁场的过程中，回路中产生逆时针的电流B．金属棒穿过磁场的过程中，回路中产生顺时针的电流C．金属棒刚进入磁场时的速度大小为D．金属棒穿过磁场后，流经电阻R的电荷量为【答案】AD【详解】AB．根据右手定则可知，金属棒穿过磁场的过程中，回路中产生逆时针的电流，故A正确，B错误；C．金属棒进入磁场前做自由落体运动，则有解得，金属棒刚进入磁场时的速度大小为故C错误；D．由公式、和可得则金属棒穿过磁场后，流经电阻R的电荷量为故D正确。故选AD。【典例2】（2024·云南·模拟预测）如图所示，在两根水平的平行光滑金属导轨右端c、d处，连接两根相同的平行光滑圆弧导轨。圆弧导轨均处于竖直面内，与水平轨道相切，半径，顶端a、b处连接一阻值的电阻，平行导轨各处间距均为，导轨电阻不计。整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小。一根质量、电阻的金属棒，在水平拉力F作用下从图示位置由静止开始做加速度为的匀加速直线运动，运动到处时拉力。金属棒运动到处后，调节拉力F使金属棒沿圆弧导轨做匀速圆周运动至处。金属棒运动过程中始终与导轨垂直且接触良好，重力加速度大小。下列说法正确的是（）A．金属棒运动过程中e端电势小于f端电势B．金属棒做匀加速直线运动的时间为2sC．金属棒做匀加速直线运动过程中通过金属棒的电荷量为0.5CD．金属棒从cd运动至ab的过程中电阻R中产生的热量为【答案】ACD【详解】A．根据右手定则可知，金属棒运动过程中e端电势小于f端电势，故A正确；B．金属棒运动到cd处的速度当金属棒在cd时，其产生的感应电动势为产生的电流为金属棒所受的安培力为据牛顿第二定律得联立以上代入数据解得故B错误；C．金属棒做匀加速直线运动过程中，通过金属棒的电荷量为又有，联立解得故C正确；D．设金属棒做匀速圆周运动的速度v与磁场正方向的夹角为，则垂直磁场方向的分速度则有效值则其中电阻R中产生的热量为解得故D正确。故选ACD。【典例3】（2024·江苏南京·一模）如图所示，足够长“V”字形的金属导轨两侧与水平地面的夹角，最低点平滑连接，其间距为，左端接有电容的电容器。质量的导体棒可在导轨上滑动，导体棒与两侧导轨间的动摩擦因数相同，导体棒和导轨的电阻均不计。导轨左右两侧存在着垂直于导轨所在平面的匀强磁场，磁感应强度。现使导体棒从左侧导轨上某处由静止释放，经时间第一次到达最低点，此时速度，然后滑上右侧导轨，多次运动后，最终停在导轨的最低点。整个过程中电容器未被击穿，忽略磁场边缘效应和两个磁场间相互影响，重力加速度g取10，，。求：（1）导体棒第一次运动到最低点时，电容器所带电荷量Q；（2）动摩擦因数和导体棒第一次运动到最低点时，电容器储存的能量；（3）导体棒运动的总时间。【答案】（1）；（2），；（3）【详解】（1）在最低点，导体棒切割磁场，电容器两端电压与导体棒两端电动势相等，有电容器的电容联立解得（2）导体棒由在左边导轨上静止释放后，在下滑过程中受力分析如图：解法一：沿斜面方向由动量定理得解得电容器储存的能量解得解法二：沿斜面方向由牛顿第二定律得又解得根据电容器储存能量公式又解得（3）根据分析可知道，物体冲上右边导轨后，电容器放电，导体棒安培力沿斜面向上，受力分析图如图所示：根据牛顿第二定律得又解得则，物体上滑到右侧最高点位移解得同理，导体棒从右侧斜面最高点滑下过程中电容器充电，加速大小等于，导体棒第二次经过最低点时假设其速度为，则解得导体棒从右侧轨道上滑到达最高点后以向下匀加速，到达最低点后以加速度减速滑上左侧轨道，如此往复，直至停在最低点。根据运动学规律，易得在两边导轨加速下滑过程时间依次为，，，…在两边导轨减速上滑过程时间依次为：，，，…所以1．（2024·福建漳州·三模）如图为某跑步机测速原理示意图。绝缘橡胶带下面固定有间距、长度的两根水平平行金属导轨，导轨间矩形区域内存在竖直向下的匀强磁场。两导轨左侧间接有的电阻，橡胶带上嵌有长为L、间距为d的平行铜棒，每根铜棒的阻值均为，磁场区中始终仅有一根铜棒与导轨接触良好且垂直。健身者在橡胶带上跑步时带动橡胶带水平向右运动，当橡胶带以匀速运动时，理想电压表示数为，则（

）A．铜棒切割磁感线产生的电动势为B．磁场的磁感应强度大小为C．每根铜棒每次通过磁场区域通过R的电荷量为D．每根铜棒每次通过磁场区域克服安培力做的功为【答案】AD【详解】AB．橡胶带以匀速运动时，铜棒切割磁感线产生的电动势其中其中，解得铜棒切割磁感线产生的电动势为磁场的磁感应强度大小为故A正确，B错误；C．每根铜棒每次通过磁场区所用时间其中则通过R的电荷量大小故C错误；D．铜棒通过磁场时受到的安培力的大小为每根铜棒每次通过磁场区时克服安培力做的功故D正确。故选AD。2．（2024·湖北·二模）如图所示，间距均为d的倾斜金属导轨AD、HG与水平金属导轨DE、GF在D、G两点用绝缘材料平滑连接。在ADGH平面内存在垂直于导轨平面向上、磁感应强度为的匀强磁场，在DEFG平面存在竖直向上、磁感应强度为的匀强磁场．在AD、HG间连接一电容为C的电容器和一个自感系数为L的电感线圈，在EF间接一小灯泡。开始时，开关S断开，一质量为m、长为d的金属棒在倾斜导轨上从距水平地面高为h的位置由静止释放，不计导轨和金属棒的电阻及一切摩擦，已知重力加速度为g，电容器的耐压值足够高．则下列说法正确的是（）A．金属棒在倾斜导轨上做匀加速运动B．金属棒在水平导轨上做匀减速运动C．金属棒进入DEFG区域后，闭合开关S瞬间，通过L的电流最小D．在整个过程中，通过小灯泡的总电荷量为【答案】AC【详解】A．金属棒在倾斜导轨上由静止释放，则金属棒做加速下滑，金属棒切割磁感线产生感应电动势为由于对电容器充电，则电路中有电流产生，金属棒受到安培力作用，方向与金属棒运动方向相反。电容器所带的电荷量为电容器充电电流为设倾斜金属导轨平面与水平面夹角为θ，对金属棒由牛顿第二定律可得解得由于m、θ、C、B1、d都是定值，则加速度a是定值，可知金属棒在倾斜导轨上做匀加速运动，A正确；B．金属棒在水平导轨上做切割磁感线运动产生感应电动势，产生感应电流，金属棒受到安培力作用，安培力与金属棒运动方向相反，安培力对金属棒产生加速度，使金属棒