2023年人教版中考物理专题复习-九年级全册选择题专题答案及解析

2023年人教版中考物理专题复习——九年级全册选择题专题答案1．【答案】C

【解析】A项，医用口罩可以有效阻止病毒传播，是因为口罩材料分子之间的空隙较小，故A错误；

B项，“新冠病毒”的直径约为10-7m，原子的直径约为10-9m，其中原子是由位于中心的原子核和核外电子构成的，而原子核是由质子和中子构成的。所以微粒由大到小排列正确的是新冠病毒、原子、原子核、质子，故B错误；

C项，喷洒过含氯消毒剂的场所会有浓浓的气味，是因为分子在永不停息地做无规则运动，故C正确；

D项，病毒不是分子，所以病毒在空气中传播不属于扩撒现象，故D错误。

故选C。2．【答案】A

【解析】由公式Q吸=cmΔt可知，，

因为铜块和铅块的质量和吸收的热量相同，铜的比热容是铅的比热容的3倍，

所以铜块升高的温度值是铅块升高的温度值的；

由于不知道初温是否相同，所以铜快和铅块的末温大小关系不能确定；存在下列三种可能：

如果铜块的末温高于铅块的末温，热量从铜块传向铅块；

如果铜块的末温低于铅块的末温，热量从铅块传向铜块；

如果铜块的末温等于铅块的末温，二者之间将不发生热传递。故答案为：A。3．【答案】B

【解析】A项，刀具在砂轮上磨得发烫，是通过做功改变内能，故A错误；

B项，夏天太阳暴晒，路面温度升高，是通过热传递改变内能，故B正确；

C项，反复弯折铁丝，铁丝温度升高，是通过做功改变内能，故C错误；

D项，两手互相摩擦，手的温度升高，是通过做功改变内能，故D错误。

故答案为：B。4．【答案】A

【解析】A项，汽车的做功冲程将内能转化为机械能为汽车提供动力，A错误；

B项，在海边闻到浓浓的海腥味，是因为分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象，故B正确；

C项，海滩的沙子热得烫脚，沙子吸收热量，是通过热传递的方式增加沙子的内能的，故C正确；

D项，海水的比热容比沙子的比热容大，同样受热的情况下，水的温度变化比沙小，因此海滩的沙子热得烫脚而海水却很清凉，故D正确。故答案为：A。5．【答案】A

【解析】由Q=qm得，q=Q÷m，Q相同，m越小，q越大，这四种燃料中平均月消耗量液化石油气最少，故答案为：A。6．【答案】D

【解析】A项，比热容是物质本身的一种特性，大小只与物质种类和状态有关，与物体吸收或放出热量的多少无关，故A不符合题意；

B项，物体吸收热量的多少与物体的比热容、质量和温度变化都有关系，吸收热量多的物质，比热容不一定大，故B不符合题意；

C项，一杯煤油用去一半，质量减小，但比热容与质量没有关系，所以比热容不变，故C不符合题意；

D项，比热容是物质本身的一种特性，对于确定的物质，其比热容与质量无关，故D符合题意。故答案为：D。7．【答案】C

【解析】A项，动能与物体的质量和速度有关，质量相等的两个物体，速度大的那个物体动能一定大，但内能与物体的运动情况没有关系，故A错误；

B项，坠落的陨石在空中划过一道亮光时与大气层摩擦做功，将机械能转化为内能，故B错误；

C项，内能和机械能是两种不同形式的能，物体具有内能，也可以同时具有机械能，故C正确；

D项，做功可以实现内能和机械能的相互转化，但热传递只是能量的转移，不是能量的转化，故D错误。故答案为：C。8．【答案】B

【解析】质量相同的铝块和铁块，因为c铁＜c铝，吸收相同的热量后，由Q放=cmΔt可知，铁块的温度升高的温度多；

因为铝块和铁块的初温度相同，吸收相同的热量后，铁块温度升高的幅度更大，所以铁块的末温度高，因此热量从铁块传给铝块；故ACD错误，B正确。

故答案为：B。9．【答案】C

【解析】AB项，由图象可知，吸收相同的热量即加热时间相同时，水升温较慢，说明液体水的吸热能力更强，故AB错误；

C项，小明用相同的酒精灯分别对质量都为200g的液体甲和水加热，由图可知，质量相同的甲和水升高相同的温度，甲的加热时间为10min，水的加热时间为20min，水的加热时间是甲的加热时间的2倍，则水吸收的热量是甲吸收热量的2被，根据Q=cmΔt可知，比热容的大小与吸收的热量成正比，则比热容之比为10min：20min=1：2，故C正确；

D项，由C可知，c水=2c甲，即c甲；

甲物质10min升高了60℃，Q甲吸=c甲m甲Δt甲=2.1×103J/（kg•℃）×0.2kg×60℃=2.52×104J，故D错误。故答案为：C。10．【答案】B

【解析】A项，物体吸收热量，分子无规则运动越剧烈，内能可能增加，如对外做功，内能不一定增加，故A错误；

B项，晶体在熔化过程中，继续吸热，温度不变，内能增大，如冰在熔化时，吸收热量，但温度不变，故B正确；

C项，热量是过程量，不能说物体含有多少热量，只能吸收或放出多少热量，故C错误；

D项，对物体做功，物体的内能不一定增大；如用力提升重物时，物体的质量、温度和状态均不变，此时物体的内能不变，而机械能增大了，故D错误。

故答案为：B。11．【答案】B

【解析】A项，风能和光能是可再生能源，故A错误；

B项，该电站抽水蓄能时，可将电能转化为机械能储存起来，发电时可将机械能转化为电能，故B正确；

C项，该电站可将抽水时所消耗的电能，不可能全部转化为水的势能，故C错误；

D项，能量的转移和转化都有方向性，如电灯发光、汽车制动过程中产生的内能散失在空气中，不可以自动转化为电能或机械能，因此风能、光能、机械能、电能可以相互转化，不能说明能量的转化是没有方向性的，故D错误。

故答案为：B。12．【答案】C

【解析】由题知，用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，在相同时间内水和甲吸收的热量相同；

由图象可知，水温度升高30℃需要12min，物质甲温度升高30℃需要6min，

所以质量相同的物质甲和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：

Q水吸=2Q甲吸，

由热量计算公式Q吸=cmΔt得：c水mΔt=2c甲mΔt，

所以。

故答案为：C。13．【答案】C

【解析】软木塞被冲起时，水蒸气的内能转化为木塞的机械能。

A项，两气门关闭，活塞上行，是压缩冲程，机械能转化为内能，A不合题意；

B项，进气门关闭，排气门打开，活塞上行，是排气冲程，故B不合题意；

C项，两气门关闭，火花塞打火，活塞下行，是做功冲程，内能转化为机械能，故C符合题意；

D项，进气门打开，排气门关闭，活塞下行，是吸气冲程，故D不合题意。

故答案为：C。14．【答案】B

【解析】A项，燃料燃烧时发热，将燃料的化学能转化为内能，属于能量的转化，故A错误；

B项，用热水袋取暖，通过热传递改变物体的内能，属于能量的转移，故B正确；

C项，钻木取火，通过做功改变物体的内能，属于能量的转化，故C错误；

D项，电动机带动水泵把地下水送到地面，将电能转化为水的机械能，属于能量的转化，故D错误。故答案为：B。15．【答案】B

【解析】四冲程汽油机的飞轮转速为3000r/min=50r/s，则该飞轮1s转50圈，因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，所以1s飞轮转50圈，共25个工作循环，完成100冲程，故B正确。故答案为：B。16．【答案】C

【解析】A项，因为物体的分子永不停息地做无规则的运动，所以任何物体都有内能，0℃的冰仍具有内能，故A错误；

B项，热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故B错误；

C项，摩擦生热是通过做功的方法改变物体的内能，将机械能转化为内能，故C正确；

D项，物体吸收热量，内能增大，但温度不一定升高，比如：晶体在熔化过程中吸收热量，而温度保持不变，故D错误。故答案为：C。17．【答案】B

【解析】A项，发条玩具运动时，消耗了弹性势能，获得了动能，因此将弹性势能转化为动能，故A错误；

B项，人体内的能量主要以化学能的形式存储着，自行车运动员奋力蹬车时，消耗了化学能，获得了动能，因此人体内的一部分化学能转化为自行车运动的动能，故B正确；

C项，变弯的跳板把运动员弹起来的过程中，消耗了弹性势能，获得了动能，因此是将弹性势能转化为动能，故C错误；

D项，水从上游通过拦河大坝流向下游的过程中，消耗了重力势能，获得了动能，因此水的重力势能转化为动能，故D错误。故答案为：B。18．【答案】B

【解析】热机是利用内能来做功的机器，汽车热机的效率通常为20%～30%左右，只有B选项中汽车热机工作时，有30%的内能转化为机械能，故ACD错误、B正确。故答案为：B。19．【答案】C

【解析】A项，任何物体在任何情况下都具有内能。冰冷的冰块也有内能，故A错误；

B项，搓手取暖是机械能转化为内能，故B错误；

C项，湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小人体的内能，故C正确；

D项，汽油机做功冲程是内能转化为机械能，图丁中能量转化是机械能转化为内能，故D错误。故答案为：C。20．【答案】B

【解析】A项，汽车的做功冲程将内能转化为机械能为汽车提供动力，故A错误；

B项，在海边闻到浓浓的海腥味，说明分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象，故B正确；

C项，海滩的沙子热得烫脚，是通过热传递的方式增加沙子的内能的，故C错误；

D项，海水的比热容比沙子的比热容大，同样受热的情况下，水的温度变化比沙小，因此海滩的沙子热得烫脚而海水却很清凉，故D错误。故答案为：B。21．【答案】B

【解析】A项，塑料丝和塑料管带同种电荷，同种电荷相互排斥，故A错误；

B项，因为塑料丝之间相互排斥，所以塑料丝间带了同种电荷，故B正确；

C项，因为毛皮易失去电子，所以塑料管经毛皮摩擦得到电子带负电，故C错误；

D项，由电荷守恒定律可知塑料管得到的电子等于毛皮和它摩擦一次所失去的电子，故D错误。故答案为：B。22．【答案】C

【解析】AB项，根据P=UI可知灯泡的额定电流，故电路中的最大电流为I大=IL=0.5A，根据P=UI可知电路中最大功率为P=UI大=8V×0.5A=4W，故AB错误；

C项，因串联电路中各处的电流相等，所以由P=I2R可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻与灯泡的电阻相等时，两者消耗的电功率相等，故C正确；

D项，根据串联电路的电压特点和欧姆定律可知滑动变阻器允许接入电路的最小阻值：；

根据欧姆定律可知灯泡得电阻，

根据欧姆定律可知电路电流，根据P=I2R可知，滑动变阻器的电功率：，

当R2=R1=12Ω时，滑动变阻器消耗的电功率最大，故在滑片P由在左边允许情况下向右移动的过程中，滑动变阻器R2的电功率值是先变大、再变小的，故D错误。故答案为：C。23．【答案】C

【解析】A项，使用试电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，故A错误；

B项，铜丝的电阻小、熔点高，在电流过大时，产生的热量不容易达到熔点，因此不会熔断，起不到保险的作用，故B错误；

C项，为了用电安全，家庭电路中应安装保险丝或空气开关，在电流过大时切断电路，故C正确；

D项，一般家庭中都要安装多个照明灯，各照明灯互不影响，因此家庭电路中照明灯是并联的，开关在这些灯的干路上，就可以一个开关控制多盏照明灯，故D错误。故答案为：C。24．【答案】C

【解析】由于带电体能够吸引轻小物体，异种电荷相互吸引，所以，带负电的橡胶棒靠近泡沫球时出现相互吸引，则小球有可能不带电或带正电。

改用带正电的玻璃棒靠近这个泡沫球，若相互吸引，则说明小球不带电，故A、B错误；

若相互排斥，则说明小球带正电，故C正确、D错误。故答案为：C。25．【答案】D

【解析】AB项，由图可知，灯泡与变阻器串联，电压表测量小灯泡两端的电压，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表没有示数，说明电路是断路，电压表有示数，说明电压表并联的部分电路断路，即小灯泡断路，故AB错误；

CD项，滑片P向左滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路中总电阻变小，电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，灯丝中电流变大，电根据串联分压特点可知滑动变阻器两端的电压变小，根据串联电路的电压特点可知灯泡两端的电压变大，所以电流表和电压表示数均变大，根据P=UI可知灯丝的实际功率变大，灯泡变亮，故C错误，D正确。故答案为：D。26．【答案】A

【解析】A项，使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体，用笔尖接触被检验导线，才能辨别火线和零线，故A错误；

B项，家里如果有较多的大功率用电器，尽量不要同时使用，以免因为电流产生的热量太多，引起电线燃烧而引发火灾，故B正确；

C项，在输电线旁放风筝和攀爬变压器，输电线上是输送的高压电，靠近高压带电体易引起电弧触电事故，故不能攀爬变压器或电线杆，不在电线下放风筝或垂钓，故C正确；

D项，当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，不能用手拉开电线和触电的人，否则自己也会触电，故D正确。

故答案为：A。27．【答案】D

【解析】A项，要研究导体电阻的大小与导体材料的关系，需要控制导体的长度和横截面积不变，故应该选择a与b进行对比，故A错误；

B项，∠EON是入射角，故B错误；

C项，丙图是奥斯特发现了电流的磁效应的实验原理图，不能说明磁生电，故C错误；

D项，丁图是发电机的模型图，发电机电流方向与磁场方向和导体运动方向有关，其它条件不变，只将磁体南北极对调，磁场方向改变，流过灯泡的电流方向将改变，故D正确。故答案为：D。28．【答案】B

【解析】A项，“220V”是指电能表的工作电压，表示电能表应该接在220V的电路中使用，故A错误；

B项，“10（20）A”，10A表示电能表的标定电流，故B正确；

C项，“3000r/（kW·h）”表示电路中用电器每消耗1kW·h的电能，电能表的转盘转3000转，故C错误；

D项，电能表的示数为107kW·h=107度，是指电能表接入电路后，电路中用电器消耗总电能，不是该同学家这个月消耗的电能，故D错误。故答案为：B。29．【答案】C

【解析】甲图中导线ab的电流方向是由b到a，乙图中导线ab的电流方向是由a到b，电流方向不同，受力方向也不同；由于电路中接入了换向器，由上往下看，线圈中电流均为顺时针方向；

甲、乙两图中的线圈在转动时，相当于闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，能产生感应电流；综上所述，C错误，ABD正确。故答案为：C。30．【答案】C

【解析】A项，使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，故A错误；

B项，电流表在干路上，测量的是干路电流，故B错误；

C项，图中开关闭合后，电流从电源正极流出，一路经灯泡L1流回电源负极，另一路经灯泡L2，经开关回到电源负极，所以开关控制灯泡L2的通断，C正确；

D项，图中是电磁感应实验，导体做切割磁感线运动且电路是闭合的，电路中才会产生感应电流，是发电机原理，故D错误。故答案为：C。31．【答案】D

【解析】

潮汐是一种海平面周期性变化现象，海平面每昼夜有两次涨落。人们在靠近海的河口或海湾深处建大坝，在大坝中间装上水轮发电机组。涨潮时，海水通过大坝流进河口，带动水轮发电机发电；退潮时，海水又流回海洋，从相反方向带动水轮发电机发电。故ABC正确，D错误。答案为：D。32．【答案】B

【解析】（1）因串联电路中各处的电流相等，所以，当两个电阻串联时，通过两个电阻的电流相等，

由图象可知，通过两个电阻的电流相等时，R1两端的电压较小，R2两端的电压较大，

由可知，R1的电阻较小，R2的电阻较大，故A错误，B正确；

（2）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，当两个电阻并联时，两个电阻两端的电压相等，

由图象可得，两个电阻两端的电压相等，通过R1的电流较大，故CD错误。

故答案为：B。33．【答案】C

【解析】由手电筒的结构可知，线圈内有可来回运动的条形磁体，摇动手电筒时，线圈做切割磁感线运动产生感应电流，灯泡发光，其工作原理是电磁感应现象。

A项，电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用而运动的原理制成，是磁场对电流的作用，故A不合题意；

B项，电热水器是利用电流的热效应制成的，故B不符合题意；

C项，发电机是利用电磁感应现象制成的，与该手电筒工作原理相同，故C符合题意；

D项，扬声器工作时，通电线圈会在磁场中受到力的作用，由于线圈中的电流是交变电流，它的方向不断变化，线圈就不断地来回振动，带动纸盆也来回振动，于是扬声器就发出了声音，故D不符合题意。故答案为：C。34．【答案】B

【解析】ABC项，耳机由话筒和听筒组成，当人们对着当话筒的耳机讲话时，使振动膜压迫碳粒，使盒内碳粒的松紧程度发生变化，即其电阻发生变化，流过碳粒的电流就相应的发生变化，使声音信号转化成强弱变化的电流，即磁生电；碳粒是很早的声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器，由此可知话筒的工作原理是电磁感应现象，机械能转化为电能；听筒中有电磁铁，利用的是通电导体在磁场中受力运动，电能转化为机械能，故AC错误，B正确；

D项，由于电路中能产生感应电流，所以不需要电源，故D错误。

故答案为：B。35．【答案】C

【解析】由图可知，两电阻串联，电压表测电阻R两端的电压；

A项，由题意可知，有人通过时R两端的电压减小，由串联电路的电压特点可知，R0两端的电压增大，由欧姆定律可知，R0的电流变大，故A错误；

B项，由串联电路的电流特点可知，有人通过时，电路中的电流变大，由P=UI可知，电源电压一定，有人通过时，电路中的电流变大，电路的总功率变大，故B错误；

C项，有人通过时，光敏电阻阻值变为10Ω，电压表示数变为2V，此时电路中电流：，

由串联电路的电压特点可知，此时R0两端的电：U0有=U-UR有=3V-2V=1V，

由欧姆定律可知，R0的阻值：，

无人通过时，电压表示数为2.5V，由串联电路的电压特点可知，此时R0两端的电：U0无=U-UR无=3V-2.5V=0.5V，

此时电路中电流：，

由欧姆定律可知，R的阻值：，故C正确；

D项，由串联电路的电流特点可知，通过无人通过，R0的电流为0.1A，此时R0的功率：P=I0无2R0=（0.1A）2×5Ω=0.05W，故D错误。故答案为：C。36．【答案】B

【解析】由电路图可知，定值电阻和滑动变阻器并联接入电路中，电压表测电源两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流，电压表测量电源电压；

由于电源电压不变，电压表示数不变；并联电路中各支路两端的电压等于电源电压，R2两端电压不变；

滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小；

并联电路中支路互不影响，所以通过定值电阻的电流不变，电流表A2示数不变；

根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变小，电流表A1示数变小；

综上所述，B正确。故答案为：B。37．【答案】D

【解析】根据设计要求，各病房的灯应并联，且各有一个开关进行控制，结合节能和简化电路的原则，在干路上设置一个蜂鸣器即可。综上所述，D选项是最佳设计。故答案为：D。38．【答案】A

【解析】A项，发现有人触电时，应先切断电源，符合安全用电，故A正确；

B项，使用绝缘皮破损的电线，易发生触电事故，故B错误；

C项，靠近高压带电体，易发生高压电弧触电，故C错误；

D项，多个大功率用电器同时使用一个插线板，会造成电路中的电流过大，引起火灾，故D错误。故答案为：A。39．【答案】D

【解析】A项，由P=UI得：，因U1＞U2，则I1＜I2，故A错误；

B项，由得：，因U1＞U2，则R1＞R2，故B错误；

C项，两灯串联时，电流相等，由P=I2R得：P1＞P2，故C错误；

D项，两灯并联时，电压相等，由得，P1＜P2，故D正确。

故答案为：D。40．【答案】C

【解析】A项，由图可知，两个磁极都是N极，且同名磁极间的磁感线呈排斥状，磁感线是从磁体的N极出来，故A正确；

B项，通电直导线周围的磁感线是以导线为圆心的同心圆；由图知，电流的方向是水平向左的，根据安培定则可知，磁感线的方向是沿逆时针的，故B正确；

C项，图中磁感线从磁体的S极发出，回到N极，故C错误；

D项，图中磁感线是从磁体的N极出发，回到S极的，故D正确。

故答案为：C。41．【答案】B

【解析】A项，两块清洁器内部均装有磁铁，它们能合在一起的原理是异名磁极相互吸引，所以若磁铁A右侧为N极，则磁铁B左侧为S极，故A错误；

B项，磁铁A向右移动，两块磁铁距离变小，所以擦窗器吸力将增大，B正确；

C项，由于磁铁可以吸引铁块，所以磁铁B换成铁块，擦窗器可以工作，C错误；

D项，遇到厚玻璃，需要增大吸引力，减小两磁铁的距离，所以应将磁铁A向右移动，故D错误。故答案为：B。42．【答案】C

【解析】A项，甲验电器带负电是因为它得到了电子，故A正确；

B项，甲中的两金属箔带有同种电荷，因同种电荷相互排斥，箔片能够张开，故B正确；

C项，橡胶棒是绝缘体，用橡胶棒连接两金属球，金属箔片的张角不会发生变化，故C错误；

D项，自由电子的定向移动方向与电流方向相反，金属杆和金属球接触的一瞬间，金属杆中电流方向是从乙到甲，故D正确。故答案为：C。43．【答案】C

【解析】A项，触摸破损电线，接触导线，会发生触电事故，故A错误；

B项，爬到树上取电线上的风筝，如果电线漏电，会发生触电事故，故B错误；

C项，用干木棒拨开触电者身上的电线，干木棒是绝缘体，不容易触电，故C正确；

D项，同时在一个插板上用很多电器会导致电路中的电流过大，容易引起火灾，故D错误。故答案为：C。44．【答案】B

【解析】A项，由图可知，当电磁继电器线圈通以额定电流时，电磁铁产生磁性，衔铁向下移动，接线柱BC接通，故A错误；

B项，绕在铁钉上的线圈通电电流越大，其磁性越强，所以能吸引的回形针数量越多，故B正确；

C项，动圈式话筒是利用电磁感应原理制成的，而电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理工作的，故C错误；

D项，扬声器是根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，故D错误。

故答案为：B。45．【答案】C

【解析】由电路图可知，压敏电阻R与定值电阻R0串联，电压表测量定值电阻R0两端的电压；

A项，因为油桃随传送带一起向右匀速运动，所以它们之间没有发生相对运动、也没有相对运动的趋势，则油桃在水平方向上不受摩擦力的作用，故A错误；

B项，当检测区没有油桃时，压敏电阻R受到的压力为零，由图乙可知，此时压敏电阻的阻值最大，由串联电路的电阻规律可知，电路中的电阻最大，电源电压不变，由欧姆定律可知，此时电路中的电流最小，故B错误；

C项，检测区油桃质量越大，压敏电阻R受到的压力越大，由图乙可知，压敏电阻R受到的压力越大，压敏电阻R的阻值越小，由串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻越小，电源电压不变，由可知，电路中的总功率越大，故C正确；

D项，检测区油桃质量越小，压敏电阻R受到的压力越小，由图乙可知，压敏电阻R受到的压力越小，压敏电阻R的阻值越大，由串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻越大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路中的电流越小，由U=IR0可知，定值电阻R0两端的电压越小，即电压表的示数越小，故D错误。

故答案为：C。46．【答案】A

【解析】A项，根据安培定则可知，图中的左端为N极，右端为S极，磁感线在磁体内部由S极出发回到N极，故A错误；

B项，图中的左端为N极，右端为S极，磁感线由N极出发回到S极，B正确；

C项，图中的磁感线从N极出发，故C正确；

D项，地磁场的北极在地理的南极附近，地磁场的南极在地理的北极，磁感线该从N极出发，回到磁体的S极，故D正确。故答案为：A。47．【答案】D

【解析】①由右手螺旋定则可知，电磁铁A、B的下方都是