新高考专版：2022届高考【物理】终极押题模拟试卷（二）（含答案）

高麦模拉试卷

在MN直

新高考专版：2022届高考【物理】终极押题模拟试卷（二）线上，c、d两点连线垂直于赵V,下列说法正确的是（）

注意事项，

1、本试卷分第1卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。答题前，考生务

必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。

2、回答第1卷时，选出每小题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标

A.c、d两点的电势相同

号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在试卷上无

效。B.a点的电势高于6点的电势

3、回答第n卷时，将答案填写在答题卡上，写在试卷上无效。

C.c、d两点的电场强度相同

4、考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。

二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14〜18题只D.a点的电场强度小于6点的电场强度

有一个选项符合题目要求。第19〜21题有多选项符合题目要求。全部答对的得6分，选对17.有a、b、c、d四颗地球卫星，卫星a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转

但不全的得3分，有选错的得。分。动，卫星。在地面附近近地轨道上正常运动，。是地球同步卫星，d是高空探测卫星，各卫

14.如图所示，水平面上固定着一个三棱柱体，其左侧光滑，倾角为人右侧粗糙，星排列位置如图，则有（）

倾角为放置在三棱柱体上的物块力和物块6通过一根跨过顶端定滑轮的细绳相连，若

物块,4和物块8始终保持静止。下列说法正确的是（）

A.a的向心加速度等于重力加速度g

B.b在相同时间内转过的弧长最长

A.仅增大角明物块占所受的摩擦力一定增大

C.。在4h内转过的圆心角是?

B.仅增大角物块6对三棱柱体的压力可能减小

C.仅增大角尸，绳子的拉力一定增大D.d的运动周期有可能是20h

D.仅增大角£,地面对三棱柱体的支持力不变18.如图所示，在平面直角坐标系立勿的第四象限有垂直纸面向里的匀强磁场区一群

15.如图，光滑水平面上放着长木板4,质量朋=2kg的木块［以速度％=2m/s滑上质量为办带电量为g正负微粒（不计重力），从尸点以相同速度/沿图示方向进入磁场，

原来静止的长木板8的上表面，由于46之间存在有摩擦，之后，力、8的速度随时间变化已知正半轴和y负半轴安装足够长的荧光屏接收粒子，下列判断不正确的（sin37°

情况如右图所示，重力加速度g=10m/s2。则下列说法正确的是（）=0.6,cos370=0.8）（）

v/ni/s

t/»

A.A.6之间动摩擦因数为0.1

A.能够从X正半轴射出磁场的所有微粒一定带正电

B.长木板的质量为1kg

B.比荷大于券的所有正微粒都不能进入第一象限

C.长木板长度至少为2m

JDL

D.A,6组成系统损失机械能为4JC.能够从y负半轴射出磁场的某两个微粒在磁场中运动时间一定相等

16.如图所示，两电荷量分别为-0和+20的点电荷固定在直线』用上，两者相距为〃

D.若心嘿,微粒射出磁场时位移最大

z+20的点电荷所在位置为圆心、净为半径画圆，a、b、c、d是圆周上四点，其中a、b

以2

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19.如图所示，质量为"的足够长金属导轨aAd放在光滑的绝缘水平面上。一电阻为由静止释放，重力加速度大小为差10m/s二则（）

八质量为〃/的导体棒闾放置在导轨上，始终与导轨接触良好，放儿构成矩形，棒与导轨

间无摩擦、棒左侧有两个固定于水平面的光滑立柱。导轨be段电阻为兄长为3其他部

分电阻不计。以eF为界，其左侧匀强磁场方向竖直向上，右侧匀强磁场水平向右，磁感应

强度大小均为所在亡=0时，一水平向左的拉力/垂直作用在导轨的6c边上，使导轨由静

A.小球/!和8受到的合力的大小相等

止开始做匀加速直线运动，加速度为心贝4（）

B.小球3不能到达圆环的最高点

C.小球4和8的速度大小始终相等

D.两小球及轻杆组成的系统最大动能为也二1J

A.F与F成正比5

B.6和匕是线性关系第n卷（非选择题，共174分）

C.当［达到一定值时，QP刚好对轨道无压力三、非选择题（包括必考题和选考题两部分。第22题〜第32题为必考题，每个试题考

D.若P=0,PQbc静止,ef左侧磁场均匀减小，8可能对轨道无压力生都必须作答。第33题〜第40题为选考题，考生根据要求做答）

20.如图所示，一弹性轻绳（绳的弹力与其伸长量成正比）左端固定在彳点，弹性绳自（一）必考题（共129分）

然长度等于力区跨过由轻杆仍固定的定滑轮连接一个质量为功的小球，小球穿过竖直固定22.（6分）某同学用如图所示装置来探究“在外力一定时，物体的加速度与其质量之间的

的杆。初始时力、B、。在一条水平线上，小球从。点由静止释放滑到£点时速度恰好为零。

口左》「由w离为儿〃为成的中点，小球在。点时弹性绳的拉力为》唱，小球与杆

已知C、£两点间距2

之间的动摩擦因数为

0.5,弹性绳始终处在弹性限度内。下列说法正确的是（）

（1）下列实验中相关操作正确的是。

mA.平衡摩擦力时，应先将沙桶用细线绕过定滑轮系在小车上

B.平衡摩擦力时，小车后面应固定一条纸带，纸带穿过打点计时器

C.小车释放前应靠近打点计时器，且先释放小车后接通打点计时器的电源

（2）将沙和沙桶的总重力侬近似地当成小车所受的拉力产会给实验带来系统误差。设

A.小球在。点时速度最大mg-七

B.若在E点给小球一个向上的速度r,小球恰好能回到。点，则、'=与小车所受拉力的真实值为厂“，为了使系统误差七＜5%,小车和祛码的总质量是M则"

m

C.小球在CO阶段损失的机械能等于小球在龙阶段损失的机械能

与勿应当满足的条件是否＜O

D.若仅把小球质量变为2次，则小球到达£点时的速度大小「展’

2

（3）在完成实验操作后，用图象法处理数据，得到小车的加速度倒数「与小车质量"的

21.如图所示，在方向竖直向上、大小£=lX10"V/m的匀强电场中，固定一个穿有人

8两个小球（均视为质点）的光滑绝缘圆环，圆环在竖直平面内，圆心为0、半径/?=0.2m。关系图象正确的是o

尔6用一根绝缘轻杆相连，4球带电荷量0=+7乂10一第，，球不带电，质量分别为典=0.1

kg,例=0.8kg,将两小球从圆环上的图示位置3与圆心。等高，5在圆心。的正下方）

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(2)电子在磁场中运动的时间to

23.(10分)某物理兴趣小组的同学准备测量一个定值电阻的阻值，实验室提供了以下

实验器材供选择，请你帮助该实验小组完成以下操作

A.待测电阻尺：阻值约为200Q

B.电源后电动势为3.0V,内阻可忽略不计

C.电流表儿：量程为0〜30mA,内电阻z1=20C

D.电流表人：量程为0〜50mA,内电阻心约为8Q

E.电压表V：量程为。〜15V,内电阻凡约为10k。

F.定值电阻凡；阻值凡=80Q

G.滑动变阻器R、：最大阻值为10。

H.滑动变阻器或最大阻值为1000Q25.(20分)如图所示，半径仁0.8m的四分之一光滑圆弧轨道C固定在光滑水平地面

J.开关S,导线若干上，质量M=0.3kg的木板〃左端与。的下端等高平滑对接但未粘连，右端固定一轻弹簧,

(1)由于实验室提供的电压表量程太大，测量误差较大，所以实验小组的同学准备将电弹簧原长远小于板长，将弹簧在弹簧弹性限度内压缩后锁定。可视为质点的物块/质量加

流表A1和定值电阻凡改装成电压表，则改装成的电压表的量程为V。=0.1kg,从与圆弧轨道圆心。等高的位置由静止释放，滑上木板8后，滑到与弹簧刚接

触时与木板相对静止，接触瞬间解除弹簧锁定，在极短时间内弹簧恢复原长，物块力被水

(2)为了尽可能减小实验误差，多测几组数据且便于操作，滑动变阻器应该选择

平弹出，最终运动到木板左端时恰与木板相对静止。物块/与本板8间动摩擦因数〃=0.25,

(选填“G”或"H”),请在右侧方框内已经给出的部分电路图中，选择恰当的

g取10m/s20求：

连接点把电路连接完整。

(1)物块力在圆弧轨道C的最下端时受到圆弧轨道支持力的大小；

(2)木板6的长度£；

(3)弹簧恢复原长后，物块A从木板右端运动到左端的时间。

AwO

(3)若某次测量中电流表人的示数为7,,电流表A?的示数为乙则用的表达式为此=

24.(12分)如图所示，在/如平面的第一象限有一匀强磁场，方向垂直于纸面向外;

在第四象限有一匀强电场，方向平行于y轴向下。一电子以速度为从y轴上的尸点垂直于

y轴向右飞入电场，经过x轴上加点进入磁场区域，又恰能从y轴上的0点垂直于y轴向左

坐标为(0，—£),时点的坐标为(0)o求:

飞出磁场。已知〃点

(1)电子飞出磁场时的速度大小V；

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(-)选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每如图所示。则下列说法中正确的是。(填正确答案标号。选对1个得2分，选

科任选一题作答。如果多做。则每学科按所做的第一题计分。对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为。分)

33.【物理——选修3-3】(15分)

(1)(5分)如图，一定量的理想气体从状态a变化到状态。，其过程如0一/图中从a到

。的直线所示。在此过程中。(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个国I图2

得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分)A.波的传播周期为4s

B.该列水波传播方向是沿x轴的正方向传播

C.水波波速大小为r=4m/s

D.根据题目中的条件求不出水波传播的速度

E.若现在以图2中的波形为计时的起点，那么当质点力第一次达到波峰时，质点8离

A.气体温度一直降低

平衡位置的距离为s=0.2m

B.气体内能一直增加

(2)(10分)如图所示，某透明物体的横截面由直角三角形18。及半圆弧力比组成，N/fa'

C.气体一直对外做功

=45°,圆半径为凡现在p点放一光源，使。尸水平，距离为5R时,可得到经AF点的

D.气体一直从外界吸热

入射光线垂直4?边射出，且两光线间的距离为R已知光在真空中的传播速度c=3X10"

E.气体吸收的热量一直全部用于对外做功

m/s.,求：

(2)(10分)如图所示为一简易火灾报警装置。其原理是：竖直放置的试管中装有水银，

(i)此透明物体的折射率；

当温度升高时，水银柱上升，使电路导通，蜂鸣器发出报警的响声。27℃时，空气柱长度

(ii)光在此介质中传播的速度。

Z为20cm,水银上表面与导线下端的距离人为10cm,管内水银柱的高度才为13cm,大

气压强大小为75cmHgo求：

(i)当温度达到多少℃时，报警器会报警；

(ii)如果要使该装置在87c时报警，则应该再往玻璃管内注入多少cm高的水银柱。

।

34.【物理——选修3-4】(15分)

(1)(5分)有位游客在海岸边观光，此时他发现海面上吹起了波浪，他通过观察岸边

某一浮标的振动，画出了浮标从某一时刻计时开始的振动图象，设该时刻£=0,如图所示。

他同时以身边的浮标为原点，从1=0时刻开始计时，画出了在t=4s时的部分水波图象,

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度相同，根据a=<*)2=知，c的向心加速度大于a的向心加速度。由GMmr2=mg,解得：g

=GMr2,卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则c的向心加速度小于b的向心加速度，

而b的向心加速度约为g,a的向心加速度小于重力加速度g,故A错误；由GMmr2v2r,解

物理答案

得：v=GMr,卫星的半径r越大，速度v越小，所以b的速度最大，在相同时间内转过的

二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14〜18题只

弧长最长，故B正确：c是地球同步卫星，周期是24h,则c在4h内转过的圆心角是2n247r3,

有一个选项符合题目要求。第19〜21题有多选项符合题目要求。全部答对的得6分，选对

故C错误；由开普勒第三定律得：r3T2=k可知：卫星的半径r越大，周期T越大，所以

但不全的得3分，有选错的得0分。

d的运动周期大于c的周期24h,有不可能是20h,故D错误。

14.【答案】D

18.【答案】C

【解析】细线的拉力7=〃4gsin。，仅增大角。，细线的拉力变大，但因开始时8所受

【解析】粒子要从x正半轴射出磁场，则粒子的轨迹向上偏转，由左手定则可知，微

的摩擦力方向不能确定，则不能断定物块Z?所受的摩擦力一定增大，选项A错误；仅增大

粒一定带正电：故A正确：正微粒不能x轴射出，则不能进入第一象限，轨迹图如图，当

角明物块6对三棱柱体的压力仍等于麴geos£不变，选项B错误；仅增大角尸，绳子的

OP>R+R53。，则粒子不能进入第一象限，R=mvqB,代入得qm8V5LB,故B正确；

拉力仍为7=以皱in。不变，选项C错误；对力3两物体以及三棱柱的整体而言，地面对三

棱柱体的支持力等于整体的重力，则仅增大角£,地面对三棱柱体的支持力不变，选项D

正确。

15.【答案】A

【解析】从图可以看出，力先做匀减速运动，8做匀加速运动，最后一起做匀速运动，

y负半轴射出磁场的两个微粒属于磁场中直线边界问题，直线边界，粒子进出磁场具有

共同速度11m/s,取向右为正方向，根据动量守恒定律得：加％=(加+」切片解得：

对称性，但正负微粒对应的圆心角不同，如图，故运动时间不一定相等，故C错误；微粒

=2kg,故B错误；由图象可知，木板〃匀加速运动的加速度&二四仅11於2,对8根据牛顿

射出磁场时位移最大的轨迹图如图所示，则有OP=2R53。,又1^=1^^8,故L=6mv5Bq,

第二定律得〃加包，解得动摩擦因数〃=0.1,故A正确；由图象可知前1s内8的位移

故D正确°

xBm,0的位移xAm,所以木板最小长度L=xAxB=lm,故C错误；力、6组成系统损失机

19.【答案】BC

械能AE=12vO2-12(m+M)v2=2J,故D错误。

【解析】t时刻de产生的感应电动势E=BLv,导轨做初速为零的匀加速运动，

16.【答案】A

则E=BLat：感应电流/=ER+r,金属导轨a历〃安培力大小F安=13",对导轨，由牛顿

【解析】a、b、。、d四点在以点电荷+20为圆心的圆上，可知+2。产生的电场在a、

第二定律得：F-F友=ma,则得：尸=Ra+B2L2R+r3可知/与〃不成正比，Z7与f成线

b、c、d四点的电势是相等的，所以a、b、c、d四点的总电势可以通过一0产生的电场的

性关系，故A错误，B正确；当t达到一定值时，导致QP的电流，产生的安培力等于其重

电势确定，根据顺着电场线方向电势降低可知，b点的电势最高，c、d两点对称电势相等，

力，则刚好对轨道无压力，故C正确；当ef左侧磁场均匀减小，不管减小到什么值，QP

a点电势最低，故A正确，B错误；+20的场源在c、d两点产生的场强大小相等，一0的

对轨道压力不会为零，因为受到的安培力与重力同向，故D错误。

场源在。、d两点的产生的场强大小也相等，根据场强的合成可知两点的总场强大小相等，

20.【答案】AB

但方向不同，故c、d两点的电场强度不同，故C错误；由点电荷的场强公式E=kQr2,合

【解析】当小球运动到某点P点，弹性绳的伸长量是xBP,小球受到如图所示的四个

成可得Ea2kQ(L2)2+kQ(L2)2=12kQL2,方向向左；Eb2kQ(L2)2-kQ(3L2)2=68kQ9L2,

力作用：

方向向右，故EaEb,则D错误。故选A。

其中FTxBP,将FT正交分解，则FNFTsinQ=kxBPsin©=kxBC=mg2sFfFN―4r~4»c

17.【答案】B=14mg,FT的竖直分量FTyFTcos8=kxBPcose=kxCP。据牛顿第二定律'立

【解析】同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知a与c的角速

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得：mg-FfFTy=ma,解得：a=34FTym=34g-kxCPm,即小球的加速度先随下降的距离=mgM+m,且mg-F真F真，解得：mM。

均匀减小到零，再随下降的距离反向均匀增大。据运动的对称性可知，小球运动到CE的中（3）由牛顿第二定律可知：a=mgM+m,则lalmgM+g,故选C。

点D点时，加速度为零，速度最大，故A正确；对小球从C运动到E过程，应用动能定理23.（10分）

得：mgh+WFT14mgh）=0-0；若小球恰能从E点回到C点，应用动能定理得：（-mg/i）【答案】（1）3.0（2分）（2）G（2分）如图所示（3分）（3）UR0+r）I2Tl（3

+（-WFT14mg/i）=0-12mv2；联立解得：WFT34mg/i、v=g/i,故B正确；小球在全程所分）

受摩擦力大小不变，小球在CD段所受弹力竖直分量较小；则小球在CD段时摩擦力和弹力【解析】（1）因为电源电动势为£=3V,故改装成的电压表的量程应为3V；

做的负功比小球在DE段时摩擦力和弹力做的负功少，小球在CD阶段损失的机械能小于小（2）保证安全的前提下应选择最大阻值较小的滑动变阻器，故滑动变阻器选择G；电路

球在DE阶段损失的机械能，故C错误；若仅把小球质量变为2nb对小球从C运动到E过程，

应用动能定理得：2mg/i+WFT14mgh）=12x2mvl2—0,解得：小球到达E点时的速度大

小vlg/i,故D错误。

连接如图：—1

21.【答案】BCD

（3）若某次测量中电流表4的示数为电流表的示数为根据串并联电路特点结

【解析】设B转过。角时，A、B的速度分别为％、V”因A、B做圆周运动的半径和角

合欧姆定律，联立即可取出其的表达式：RxIlR0+rlI2-llo

速度均相同，故/=小，所以小球A和B切向加速度大小和法向加速度大小相等，但两球的

24.（12分）

质量不等，根据牛顿第二定律可知小球A和B受到合力大小不等，故A错误，C正确；设B

【解析】（1）轨迹如图所示，设电子从电场进入磁场时速度方向与x轴夹角为。，

到达圆环最高点时A、B的动能分别为以八&心对A根据动能定理有：WTEKA,对B根据

动能定理有：-WTmBg）-2R=EKB,联立解得：EKAEKB=-0.4J,上式表明：B在圆环最高

在电场中x轴方向：233=v0tl（2分）

点时，系统动能为负值，所以B不能到达圆环最高点，故B正确；对A由动能定理：mAWT

y轴方向：vy2tl,tanvyv0=3（2分）

=12mAvA2-0,对B,由动能定理：（qE-mBR-Rcosa+WT=12mBvB2-0,联立解得：

得6=60。，v=v0cos=2v0（2分）

EkAEKB=0.2（cosa+sina-l）,据此式知，当a=n4时，两小球及轻杆组成的系统最大动能

（2）在磁场中，r=23sin0=43L（2分）

是EkAEKB=15（2-l）,故D正确。

磁场中的偏转角度为a=23（2分）

第D卷（非选择题，共174分）

t22irr3v=4TTL9VOO（2分）

三、非选择题（包括必考题和选考题两部分。第22题〜第32题为必考题，每个试题考

25.（20分）

生都必须作答。第33题〜第40题为选考题，考生根据要求做答）

【解析】（1）设A到达C的最下端时速度大小为如圆弧轨道支持力大小为K，则

（一）必考题（共129分）

m=12mv02（1分）

22.（6分）

FNg=mv02R（1分）

【答案】（DB（1分）⑵0.05（2分）（3）C（2分）

解得v0=4m/s,凡=3N（1分）

【解析】（1）平衡摩擦力时，应不挂沙桶，只让小车拖着纸带在木板上做匀速运动，

（2）设A在B上向右滑行过程中，A的加速度大小为团，B的加速度大小为昆，滑上B

选项A错误；平衡摩擦力时，小车后面应固定一条纸带，纸带穿过打点计时器，选项B正

后经时间G后接触弹簧，A的位移为，B的位移毛，则

确；小车释放前应靠近打点计时器，且先接通打点计时器的电源后释放小车，选项C错误。

|img=mal（1分）

（2）在本实验中认为细线的拉力F等于祛码和祛码盘的总重力mg,由此造成的误差是pmg=a2（1分）

系统误差，对小车，根据牛顿第二定律得：a=F真M,对整体，根据牛顿第二定律得：avOaltl=a2tl（1分）

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xlv0tl-12altl2（1分）Pi=88cniHg,V,=20S,T,=300K,

x212a2tl2（1分）P3=（88+x）cmHg,T3=（273+87）K,V3=（43-13-x）S,

L=xlx2（1分）解得x=8cmo（2分）

解得fi=l.2s,£=2.4m（1分）34.【物理——选修3-4】（15分）

（3）设A接触弹簧与B保持相对静止时速度大小为修，弹簧恢复原长时A的速度大小