湖南省长沙市2024届中考二模化学试题含解析

湖南省长沙市2024届中考二模化学试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单选题（本大题共15小题，共30分）1．下列关于能源、资源的叙述不正确的是（）A．在生活生产中，人们经常利用的能源有化石能源、水能等B．可燃冰将成为未来新能源，但目前在开采技术上还存在困难C．地球表面约有71%被海水覆盖D．世界上每年因腐蚀而报废的金属设备和材料相当于年产量的20%~40%2．下列归纳总结中，正确的是A．CO2、SO2、H2O2三种物质中，都含有氧气B．N2、CO2都能做食品包装袋内的保护气C．NaOH、Ca（OH）2都是常见的碱，都可用于改良酸性土壤D．不用任何试剂，都能用闻气味的方法检验某盐中是否含有NH4+3．以下涉及粗盐提纯的实验操作中，正确的是（）A．称量 B．溶解C．过滤 D．蒸发4．物质性质和用途关联正确的是（）选项A．石墨B．一氧化碳C．水D．金刚石性质导电可燃性无色无味坚硬用途电线燃料溶剂首饰A．A B．B C．C D．D5．下列图象能正确反映对应变化关系的是（）A．稀释10%的NaOH和10%的H2SO4B．将等质量的镁片和铁片投入到足量稀H2SO4中C．用等质量、等浓度的双氧水分别制取氧气D．将水通电一段时间A．A B．B C．C D．D6．在社会实践中，有同学进行市场调查时发现农资公司出售的化肥有：CO（NH）2、NH4HCO3、Ca3（PO4）2、KNO3、K2SO4等多种类型，其中属于氮肥的是A．CO（NH）2 B．Ca3（PO4）2 C．K2SO4 D．KNO37．下列图像不能正确反映对应变化关系的是A．一氧化碳和过量的氧气在密闭容器中完全反应B．等质量的Zn和Mg分别与足量相同浓度的稀硫酸反应C．等质量CaCO3分别与足量相同浓度的稀盐酸反应D．在密闭容器中镁条与充足氧气反应时，固体的质量随时间变化8．人们常在可燃物建筑材料中添加阻燃剂以防止火灾。Mg(OH)2是一种常见的阻燃剂，在380℃时分解成水蒸气和耐高温的MgO,并吸收大量的热。下列说法错误的是（）A．Mg(OH)2分解吸热能降低可燃物的着火点B．Mg(OH)2分解吸热能降低可燃物的温度C．Mg(OH)2分解的产物能使可燃物与氧气隔绝D．MgCO3比CaCO3易分解，也可作阻燃剂9．除去下列物质中混有的少量杂质(括号内为杂质)，所用方法正确的是A．CO2气体(CO气体)——通入适量氧气，点燃B．KCl固体(MnO2固体)——加适量水充分溶解，过滤，蒸发结晶C．CaO固体(CaCO3固体)——加适量水充分溶解，过滤D．NaCl溶液(CaCl2溶液)——滴加碳酸钾溶液至恰好完全反应，过滤10．下列物质中属于纯净物的是A．自然界的水 B．石油 C．乙醇 D．黄铜11．下列有关资源、能源的说法错误的是（）A．乙醇汽油中添加的乙醇属于可再生能源B．我国金属资源储量丰富，可以任意开采C．将煤球制成“蜂窝煤”是为了增大与空气的接触面积，使其燃烧得更充分D．我国南海海底储藏了大量的“可燃冰”，它将成为替代化石燃料的新能源12．今有下列①②③④四种微粒的结构示意图，其说法正确的是A．它们表示了四种元素B．②表示阳离子C．③表示金属元素D．①④表示的是阳离子13．汽车尾气中的主要污染物有一氧化碳、氮的氧化物、含铅化合物和烟尘等.某种催化剂可将尾气中的一氧化碳、二氧化氮转化为两种空气中的无毒成分.根据该反应的微观示意图，分析下列说法正确的是A．四种物质均属于化合物B．生成丙和丁的质量比为11:7C．参加反应的甲和乙的质量比为23:28D．丁分子的微观示意图为14．榴莲被誉为“果中之王”，切开榴莲时可闻到特殊香味，这说明（）A．分子在不断运动B．分子质量很小C．分子体积很小D．分子间有间隔15．煅烧石灰石可制得氧化钙（假设石灰石中的杂质不参与反应，且不含钙、碳元素）。测得煅烧后剩余固体中钙元素与碳元素的质量比为20:1，则石灰石中已分解的碳酸钙占原碳酸钙的质量分数为A．40.5% B．50.0% C．83.3% D．100.0%二、填空题（本大题共1小题，共6分）16．用化学符号表示：（1）2个碳原子_____；（2）3个二氧化硫分子_____；（3）分析次氯酸钙（Ca(ClO)2）的化学式，写出次氯酸根离子的符号_____。三、简答题（本大题共2小题，共25分）17．（8分）开发海洋，维持海洋的可持续发展是每个公民的职责。请回答下列问题:(1)海水中含量最多的金属阳离子是__________(填符号，下同)，含量最多的分子是___________。海水中除含有大量的氯化钠外，还有氯化镁、氯化钙等物质，则下图微粒结构示意图所表示的粒子一定在海水中含有的是______________(填序号)。(2)粗盐经过溶解、过滤后所得的氯化钠溶液中经常含有MgCl2、CaCl2、Na2SO4杂质。除去杂质所加的三种试剂:NaOH溶液、Na2CO3溶液、BaCl2溶液(均过量)。其加入顺序要求是:Na2CO3溶液必须在BaCl2溶液之____________(填“前”或“后”)加入。加入Na2CO3溶液的目的是:__________________。(3)某学生制作了一种家用环保型消毒液发生器，原理是电解饱和氯化钠溶液。请将化学方程式补充完整:________。(4)某实验小组配制11%的氯化钠溶液100g,具体的称量与量取操作如图所示。①图1中实际称得氯化钠质量为________________g，图2中实际量取蒸馏水体积为__________mL；②根据图1、图2操作，其他各步操作均规范无误，实际配得的氯化钠溶液的溶质质量分数是__________(精确至0.1%)。③写出该实验中正确称量氯化钠的操作过程:______________________。18．（8分）过氧化钠（Na2O2）是一种淡黄色粉末，可作为潜水艇的供氧剂。人呼出气体的主要成分有氮气、氧气、二氧化碳和水蒸气，二氧化碳和水能分别与Na2O2反应生成氧气。为了探究Na2O2在潜水艇中反应后的物质，小明同学设计了如图1所示的模拟实验。请回答：检验C中是否盛满氧气的方法是_____。取少量反应后干燥管中的固体样品配制成溶液没有气体产生。①取一定量（2）中溶液先滴加过量的BaCl2溶液，产生的现象是有白色沉淀生成，相关反应的化学方程式为_____。过滤、测得滤液的pH＞7，操作方法是_____，向溶液中滴加无色酚酞溶液，溶液变为_____色。②写出过氧化钠分别与水和二氧化碳反应的化学方程式_____。另取一定量（2）中溶液向其中逐滴滴加稀盐酸产生气体的质量与加入稀盐酸的质量的关系如图2所示。①请解释开始滴加稀盐酸时没有产生气体的原因_____。②计算该样品中碳酸钠的质量_____。四、探究题（本大题共1小题，共9.0分）19．（8分）某化学小组在探究碱的化学性质时，做了如图所示的两个实验。写出A试管中发生反应的化学方程式________。实验结束后，同学们将A、B两试管中的废液倒入同一洁净的烧杯，烧杯中出现蓝色沉淀．小组同学将烧杯中的物质进行了过滤，对滤液中成分有如下猜想：甲：滤液中的溶质是Na2SO4乙：滤液中的溶质是Na2SO4、H2SO4丙：滤液中的溶质是Na2SO4、CuSO4丁：滤液中的溶质是______同学们对以上的猜想提出质疑，认为猜想______不合理，理由是______同学们通过以下的实验对猜想进行验证，请你完成实验报告。实验内容预计现象预计结论①取少量滤液于试管中，观察溶液呈无色猜想_____不成立②继续在上述试管中加入____________猜想丁成立

参考答案一、单选题（本大题共15小题，共30分）1、C【解析】

A、在生活中化石能源和水资源是人类经常利用的能源，正确；B、可燃冰是甲烷的结晶水合物，将成为未来新能源，但目前在开采技术上还存在困难，正确；C、地球表面约有71%被水覆盖，不全是海水，故错误；D、世界上每年因腐蚀而报废的金属设备和材料相当于年产量的20%~40%，正确；故选C。2、B【解析】

A、CO2、SO2、H2O2三种物质均属于纯净物，均不含氧气，三种物质中都含有氧元素，故选项说法错误。B、N2、CO2能能做食品包装袋内的保护气，故选项说法正确。C、NaOH、Ca(OH)2都是常见的碱，但氢氧化钠具有强烈的腐蚀性，不能用于改良酸性土壤，故选项说法错误。D、有的铵盐很稳定，不易分解，不能产生氨气，故选项说法错误。故选：B。3、B【解析】

A、在用天平称量粗盐时，采用“左物右码”的原则，图中砝码和粗盐的位置放反了，故A错误；B、溶解粗盐要在烧杯中进行，并用玻璃棒不断搅拌，故B正确，C、在过滤粗盐时，要用玻璃棒引流，且漏斗下端管口紧贴烧杯内壁，故C错误，D、在蒸发结晶时，要用酒精灯加热，并用玻璃棒不断搅拌，防止液滴飞溅，故D错误。故选B。4、B【解析】

石墨具有良好的导电性；水是无色无味；一氧化碳具有可燃性；金刚石的硬度很大。【详解】A、石墨具有良好的导电性，因此可做电极，不是做电线，故A错误；B、一氧化碳具有可燃性，可以作为燃料，故B正确；C、水是无色无味，也可作溶剂，但是无色无味这种性质与溶剂这种用途不关联，故C错误；D、金刚石硬度大，可以刻画玻璃，与做首饰不关联，故D错误。故答案选B。【点睛】解答本题要掌握各种物质的性质方面的知识，性质决定用途。5、D【解析】本题主要考查酸碱的酸碱性变化规律，金属与酸反应生成氢气的规律，催化剂的特点与催化作用；电解水实验。加水稀释酸，酸性变弱，PH变大，但不能大于7，加水稀释碱，碱性变弱，PH变小，但不能小于7。等质量的金属与酸反应，相对原子质量小的生成氢气多，催化剂不能改变生成物的质量，电解水时，生成氢气与氧气的体积比为2：1，质量比为1：1．加水稀释酸，酸性变弱，PH变大，但不能大于7，加水稀释碱，碱性变弱，PH变小，但不能小于7。故A错误等质量的金属与酸反应，相对原子质量小的生成氢气多，铁的相对原子质量比镁大，所以铁生成的氢气少，且铁没有镁活泼，用的时间比镁多。故B错误催化剂只能改变化应的速率，不能改变生成物的质量。故C错误电解水时，生成氢气与氧气的体积比为2：1，质量比为1：1。故D正确6、A【解析】

A.CO（NH）2只含有氮、磷、钾中的氮元素，属于氮肥；B.Ca3（PO4）2只含有氮、磷、钾中的磷元素，属于磷肥；C.K2SO4只含有氮、磷、钾中的钾元素，属于钾肥；D.KNO3同时含有氮、磷、钾中的氮、钾两种元素，属于复合肥。故选A。7、D【解析】

A、一氧化碳和过量的氧气在密闭容器中完全反应产生二氧化碳，分子总数逐渐减小，待反应完全后，分子总数不变，也不为零；故选项正确，但不符合题意；B、等质量的Zn和Mg分别与足量相同浓度的稀硫酸反应，镁产生的氢气多，镁的金属活动性大于锌，镁产生的氢气快；故选项正确，但不符合题意；C、等质量CaCO3分别与足量相同浓度的稀盐酸反应产生的二氧化碳质量相等，粉末状碳酸钙产生的气体快；故选项正确，但不符合题意；D、在密闭容器中镁条与充足氧气反应时，产生固体氧化镁，则固体的质量逐渐增大，待反应结束后，固体质量不变；故选项错误，但符合题意；故选：D。8、A【解析】

本题考查的是灭火的原理和方法，灭火的原理：清除可燃物或使可燃物与其他物品隔离，隔绝氧气或空气，使温度降到可燃物的着火点以下。【详解】A、着火点是物质的固有的属性，是不会改变的，只能改变可燃物的温度，故A错误；B、Mg(OH)2分解吸热能降低可燃物的温度到可燃物的着火点以下，故B正确；C、Mg(OH)2分解的产物水蒸气和耐高温的MgO，可以隔绝氧气或空气，故C正确；D、碳酸镁和碳酸钙都不具有可燃性，受热都会分解出二氧化碳，都可作阻燃剂，故D正确。故选A9、B【解析】

A、除去二氧化碳中的一氧化碳不能够通氧气点燃，这是因为当二氧化碳大量存在时，少量的一氧化碳是不会燃烧的，选项A错误；B、KCl固体易溶于水，MnO2固体难溶于水，加适量水充分溶解，过滤，蒸发结晶，可以除去KCl固体中混有的少量MnO2固体，选项B正确；C、CaO固体能与水反应生成氢氧化钙，碳酸钙不溶于水，会把原物质CaO除去，不符合除杂原则，选项C错误；D、CaCl2溶液能与碳酸钾溶液反应生成碳酸钙沉淀和氯化钾，能除去杂质但引入了新的杂质氯化钾，不符合除杂原则，选项D错误。故选B。10、C【解析】

A.自然界的水，是由水和溶于水的多种物质组成，是混合物；B.石油是由多种物质组成的，是混合物；C.乙醇即酒精，是一种物质，属于纯净物；D.黄铜由铜和锌组成，是混合物。故选C。11、B【解析】

A、乙醇可通过粮食发酵制得，属于可再生资源，故选项说法正确，不符合题意；B、金属资源属于不可再生资源，尽管储量丰富，不能任意开采，故选项说法错误，符合题意；C、将煤球制成“蜂窝煤”是为了增大与空气的接触面积，使其燃烧更充分，减少固体颗粒物等有害物质的排放，故选项说法正确，不符合题意；D、我国南海海底储藏了大量的“可燃冰”，它将成为替代化石燃料的新能源，故选项说法正确，不符合题意；故选：B。12、C【解析】

A、根据不同种元素本质的区别是质子数不同，②和④核内质子数相同，属于同一种元素，图中共表示3种元素，故A错误；B、在②中，核内质子数=核外电子数=12，为镁原子，故B错误；C、粒子③的质子数是11，属于钠元素，是金属元素，故C正确；D、粒子①中，质子数=8，核外电子数=10，质子数<核外电子数，为阴离子，故D错误。故选C。13、C【解析】

根据微观示意图和质量守恒定律，可推知丁有两种可能，分别为NO和N2，但NO为大气污染物，是有毒气体；题目中给了丁气体是无毒的，故丁为N2。则该反应的表达式，配平后方程式。【详解】A、丁为N2，N2属于单质，故A错误；B、分析可得产物得到2分子CO2和1分子N2，故丙和丁的质量比应为22:7，故B错误；C、甲和乙的质量比为46:28×2=23:28，故C正确；D、丁分子是氮气，按照图中的微粒示意图应为“”，故D错误。故选C。14、A【解析】我们能闻到榴莲散发出来的特殊香味，是因为榴莲中含有特殊香味的分子在不断地运动，运动到了我们的鼻子中，说明了分子在不断运动。点睛：利用分子与原子的性质分析和解决问题就是指利用分子与原子的“质量小，体积小，总是在不停的运动，彼此之间有间隔；同种分子（或原子）性质相同，不同种分子（或原子）性质不同”。15、C【解析】

由于碳酸钙高温分解生成了氧化钙和二氧化碳，随着碳酸钙的分解放出了二氧化碳，碳元素的含量逐渐减少直到为零．由题意可知，碳酸钙中钙元素与碳元素的质量比为40：12=20：6，剩余固体中钙元素与碳元素的质量比为20：1，则已分解的碳酸钙占原碳酸钙的质量分数为×100%≈83.3%，故选C。【点睛】解答本题可用数据分析法，即解题时正确分析数据，找出数据的变化特征及彼此之间的关系，将综合复杂的问题分解为简单的计算，从而顺利解题。二、填空题（本大题共1小题，共6分）16、2C）3SO2ClO-【解析】

（1）原子用元素符号表示，多个原子则在元素符号前加上适当的计量数。2个碳原子为2C。（2）分子用化学式表示，多个分子则在化学式前加上适当的计量数。3个二氧化硫分子3SO2。（3）次氯酸钙【Ca(ClO)2】的化学式中，钙元素的化合价为+2，所以次氯酸根的化合价为-1，则次氯酸根离子是带一个单位的负电荷，离子符号为。三、简答题（本大题共2小题，共25分）17、Na+H2O②④后除去氯化钙和过量的氯化钡2NaOH9909.1%在右盘中放10g砝码，移动游码至1g,然后往左盘中慢慢加入食盐至托盘天平两边平衡。【解析】

（1）海水中含有大量的氯化钠，氯化钠溶解时解离出金属离子钠离子，因此可知海水中含量最多的金属离子为钠离子；水由分子构成，因此海水中含量最多的分子应该为水分子；根据“海水中除含有大量的氯化钠外，还有氯化镁、氯化钙等物质”的信息，可判断海水中含有钠离子、镁离子、钙离子、氯离子等，粒子结构示意图①质子数与核外电子数都为17的氯原子、②为质子数为11而核外电子数为10的钠离子、③质子数与核外电子数均为12的镁原子、④质子数为12而核外电子数为10的镁离子，因此结构示意图所表示的微粒一定在海水中含有的是②④。故填：Na+；H2O；②和④；（2）加入氢氧化钠是为了除去氯化镁，加入氯化钡是为了除去硫酸钠，加入碳酸钠是为了除去剩余的氯化钡和氯化钙，顺序加反后，剩余的氯化钡也就成了杂质，其中加入氢氧化钠和氯化钡的顺序可以颠倒，但Na2CO3溶液必须在BaCl2溶液之后加入；加入Na2CO3溶液的目的是：除去氯化钙和过量的氯化钡，故填：后；除去氯化钙和过量的氯化钡；（3）根据质量守恒定律，反应前后原子的种类和数目不变，化学方程式___在反应后还缺少2个钠原子、2个氢原子和2个氧原子，故填：2NaOH；（3）①根据天平的使用方法是左物右码，如果放错了，物体质量=砝码质量-游码质量，所以左码右物称得溶质质量是10g-1g=9g；用量筒读数时视线要与凹液面最低处保持水平，如果仰视读数，量取的水的体积会偏小，实际量取蒸馏水体积为90mL；故填：9；90；②根据图1、图2操作，其他各步操作均规范无误，实际配得的氯化钠溶液的溶质质量分数是：×100%≈9.1%。故填：9.1%；③实验中正确称量氯化钠的操作过程:在右盘中放10g砝码，移动游码至1g,然后往左盘中慢慢加入食盐至托盘天平两边平衡。故填：在右盘中放10g砝码，移动游码至1g,然后往左盘中慢慢加入食盐至托盘天平两边平衡。18、在C装置的导管口处放一根带火星的木条，若木条复燃，证明收集满了Na2CO3+BaCl2＝BaCO3↓+2NaCl取滤液少许红2Na2O2+2H2O═4NaOH+O2↑；2Na2O2+2CO2＝2Na2CO3+O2向氢氧化钠和碳酸钠的混合液中加入稀盐酸，稀盐酸先与氢氧化钠反应10.6g【解析】

（1）由于氧气具有助燃性，所以检验C中是否盛满氧气的方法是：在C装置的导管口处放一根带火星的木条，若木条复燃，证明收集满了。故填：在C装置的导管口处放一根带火星的木条，若木条复燃，证明收集满了；（2）①取一定量（2）中溶液先滴加过量的BaCl2溶液，产生的现象是有白色沉淀生成，该沉淀是碳酸钠与氯化钡反应生成的碳酸钡沉淀，相关反应的化学方程式为：Na2CO3+BaCl2＝BaCO3↓+2NaCl．过滤、测得滤液的pH＞7，操作方法是：取滤液少许，向溶液中滴加无色酚酞溶液，溶液变为红色，说明了溶液中含有氢氧化钠。故填：①Na2CO3+BaCl2＝BaCO3↓+2NaCl，取滤液少许，红；②过氧化钠分别与水和二氧化碳反应的化学方程式分别是：2Na2O2+2H2O═4NaOH+O2↑；2Na2O2+2CO2＝2Na2CO3+O2。故填：2Na2O2+2H2O═4NaOH+O2↑，2Na2O2+2CO2＝2Na2CO3+O2；（3）①开始滴加稀盐酸时没有产生气体的原因是：向氢氧化钠和碳酸钠的混合液中加入稀盐酸，稀盐酸先与氢氧化钠反应。②设样品中碳酸钠的质量为x。Na2CO3+2HC