云南省华宁一中高三复习第五次质量检测物理

绝密★启用前：考试时间：2018年3月15日云南省华宁一中2018届高三复习第五次质量检测高三理综物理明天教师：审题教师：一、单选题(共8小题,每小题6分,共48分)1.下列说法正确的是（）A．核反应U+n→X+Sr+n是核聚变反应，反应过程中会释放能量B．天然放射现象与原子核内部变化有关C．用比值法定义物理量是物理学研究常用的方法。其中a＝，I＝，B＝都属于比值定义式D．千克，库仑，米属于国际制单位中的基本物理量单位2.如图所示，物块在力F作用下向右沿水平方向匀速运动，则物块受到的摩擦力Ff与拉力F的合力方向应该是()A．水平向右B．竖直向上C．向右偏上D．向左偏上3.下图是物体做直线运动的vt图象，由图可知，该物体()A．第1s内和第3s内的运动方向相反B．第3s内和第4s内的加速度相同C．第1s内和第4s内的位移大小不相等D．02s和04s内的平均速度大小相等4.火星表面特征非常接近地球，可能适合人类居住。2010年，我国志愿者王跃参与了在俄罗斯进行的“模拟登火星”实验活动。已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，自转周期也基本相同。地球表面重力加速度是g，若王跃在地面上能向上跳起的最大高度是h，在忽略自转影响的条件下，下述分析正确的是()A．王跃在火星表面所受火星引力是他在地球表面所受地球引力的倍B．火星表面的重力加速度是C．火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍D．王跃在火星上向上跳起的最大高度是5.在竖直平面内有水平向右，场强为E的匀强电场，在匀强电场中有一根长为L的绝缘细线，一端固定在O点，另一端系一质量为m的带电小球，它静止时位于A点，此时细线与竖直方向成37°角，如图1所示．现对在A点的该小球施加一沿与细线垂直方向的瞬时冲量，小球能绕O点在竖直平面内做完整的圆周运动．下列对小球运动的分析，正确的是(不考虑空气阻力，细线不会缠绕在O点上)()A．小球运动到C点时动能最小B．小球运动到C点时绳子拉力最小C．小球运动到Q点时动能最大D．小球运动到B点时机械能最大6.(多选)如图所示，周定的光滑倾斜杆上套有一个质量为m的圆环，圆环与竖直放置的轻质弹簧上端相连，弹簧的下端固定在水平地面上的A点，开始弹簧竖直并且长度恰好为原长h．现让圆环由静止沿杆滑下，滑到杆的底端（未触及地面）时速度恰好为零，已知当地的重力加速度大小为g．则在圆环下滑的整个过程中（）A．圆环，弹簧和地球组成的系统机械能不守恒B．弹簧的弹性势能先增大后减小C．弹簧的弹性势能增大了D．弹簧的最大压缩量小于其最大伸长量7.如图所示，空间存在一有边界的条形匀强磁场区域，磁场方向与竖直平面(纸面)垂直，磁场边界的间距为L.一个质量为m，边长也为L的正方形导线框沿竖直方向运动，线框所在平面始终与磁场方向垂直，且线框上，下边始终与磁场的边界平行．t＝0时刻导线框的上边恰好与磁场的下边界重合(图中位置Ⅰ)，导线框的速度为v0.经历一段时间后，当导线框的下边恰好与磁场的上边界重合时(图中位置Ⅱ)，导线框的速度刚好为零．此后，导线框下落，经过一段时间回到初始位置Ⅰ(不计空气阻力)，则()A．上升过程中合力做的功与下降过程中合力做的功相等B．上升过程中线框产生的热量比下降过程中线框产生的热量多C．上升过程中，导线框的加速度逐渐减小D．上升过程克服重力做功的平均功率小于下降过程重力的平均功率8.图甲中的变压器为理想变压器，原线圈匝数n1与副线圈匝数n2之比为10∶1，变压器的原线圈接如图乙所示的正弦式交流电，电阻R1＝R2＝R3＝20Ω和电容器连接成如图甲所示的电路，其中电容器的击穿电压为8V，电表为理想交流电表，开关S处于断开状态，则()A．电压表V的读数约为7.07VB．电流表A的读数为0.05AC．变压器的输入功率约为7.07WD．若闭合开关S，电容器不会被击穿分卷II二、实验题(共2小题,每小题10.0分,共20分)9.图1是“研究平抛物体运动”的实验装置，通过描点画出平抛小球的运动轨迹。（1）以下实验过程的一些做法，其中合理的有________.a.安装斜槽轨道，使其末端保持水平b.每次小球释放的初始位置可以任意选择c.每次小球应从同一高度由静止释放d.为描出小球的运动轨迹描绘的点可以用折线连接（2）实验得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点O为坐标原点，测量它们的水平坐标x和竖直坐标y，图2中yx图象能说明平抛小球的运动轨迹为抛物线的是_________.（3）图3是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹，O为平抛起点，在轨迹上任取三点A，B，C,测得A，B两点水平距离为40.0cm，则平抛小球的初速度为______m/s,若C点的竖直坐标为60.0cm，则小球在C点的速度为______m/s（结果保留两位有效数字，g取10m/s2）.10.实际电流表有内阻，测量电流表G1内阻r1的电路如图1所示．供选择的仪器如下：①待测电流表G1(0～5mA，内阻约300Ω)②电流表G2(0～10mA，内阻约100Ω)③定值电阻R1(300Ω)④定值电阻R2(10Ω)⑤滑动变阻器R3(0～1000Ω)⑥滑动变阻器R4(0～20Ω)⑦干电池(1.5V)⑧电键S及导线若干．(1)定值电阻应选________，滑动变阻器应选________．(在空格内填写序号)(2)对照电路图用笔连线连接如图2所示实物图．(3)补全实验步骤：①按如图7所示电路图连接电路，将滑动变阻器的触头移至最________(填“左端”或“右端”)；②闭合电键S，移动滑动触头至某一位置，记录G1和G2的读数I1和I2；③多次移动滑动触头，记录G1和G2的读数I1和I2；④以I2为纵坐标，I1为横坐标，作出相应图线，如图3所示．(4)根据I2－I1图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式________________．三、计算题(共2小题,共30分)11（12分）.如图所示，质量mB＝3.5kg的物体B通过一轻弹簧固定在地面上，弹簧的劲度系数k=100N/m，轻绳一端与物体B连接，绕过无摩擦的两个轻质小定滑轮O1，O2后，另一端与套在光滑直杆顶端质量mA＝1.6kg的小球A连接。已知直杆固定，杆长L为0.8m，与水平面的夹角θ=37°，初始时使小球A静止不动，与A端相连的绳子保持水平，此时绳子中的张力F为45N。已知AO1=0.5m，重力加速度g取10m/s2，绳子不可伸长；现将小球A从静止释放，求：（1）在释放小球A前弹簧的形变量；（2）若直线CO1与杆垂直，求物体从A点运动到C点的过程中绳子拉力对物体A所做的功。12（18分）.如图所示，在xOy平面内，以O′(0，R)为圆心，R为半径的圆内有垂直平面向外的匀强磁场，x轴下方有垂直平面向里的匀强磁场，两区域磁感应强度大小相等．第四象限有一与x轴成45°角倾斜放置的挡板PQ，P，Q两点在坐标轴上，且O，P两点间的距离大于2R，在圆形磁场的左侧0<y<2R的区间内，均匀分布着质量为m，电荷量为＋q的一簇带电粒子，当所有粒子均沿x轴正向以速度v射入圆形磁场区域时，粒子偏转后都从O点进入x轴下方磁场，结果有一半粒子能打在挡板上．不计粒子重力，不考虑粒子间相互作用力．求：(1)磁场的磁感应强度B的大小；(2)挡板端点P的坐标；(3)挡板上被粒子打中的区域长度．【物理—选修33】15分.(1)下列说法正确的是（）(I)若某种实际气体分子的作用力表现为引力，则一定质量的该气体内能的大小与气体体积和温度的关系正确的是()A.如果保持其体积不变，温度升高，内能一定增大B.如果保持其温度不变，体积增大，内能一定增大C.如果吸收热量，温度升高，体积增大，内能不一定增大(II)有关热力学第二定律说法正确的是D.热量能够从高温物体传到低温物体，但不可能从低温物体传到高温物体E.任何热机都不可能使燃料释放的热量完全转化为机械能(2)如图所示，一圆柱形绝热容器竖直放置，通过绝热活塞封闭着摄氏温度为t1的理想气体，活塞的质量为m，横截面积为S，与容器底部相距h1。现通过电热丝给气体加热一段时间，使其温度上升到（摄氏）t2，若这段时间内气体吸收的热量为Q，已知大气压强为P0，重力加速度为g，求：①气体的压强．②这段时间内活塞上升的距离是多少？③这段时间内气体的内能如何变化，变化了多少？34、【物理—选修34】15分.(1)下列说法正确的是（）A．一根长为L的长杆相对观察者以速度v运动时，观察者测得的长度为B．光的偏振现象说了光是一种电磁波C．无线电波的发射能力与频率有关，频率越高发射能力越弱D．一个单摆在海平面上的振动周期为T，那么将其放在某高山之巅，其振动周期一定大E．根据单摆的周期公式，在地面附近，如果L→∞，则其周期T→∞F．利用红外摄影可以不受天气（阴雨，大雾等）的影响，因为红外线比可见光波长长，更容易绕过障碍物(2)如图所示，△ABC为一直角三棱镜的截面，其顶角为θ=30°。P为垂直于直线BCD的光屏，现一宽度等于AB的单色平行光束垂直射向AB面，在屏P上形成一条宽度等于的光带，试作出光路图并求棱镜的折射率。（其中AC的右方存在有折射率为在的透明介质）答案解析1.【答案】B【解析】A为裂变反应，所以A错误；天然放射现象揭示了原子核结构的复杂性，所以B正确；a＝和I＝是决定式，不是定义式，所以C错误；电量单位不是基本单位，所以库仑不是国际制单位中的基本物理量单位，所以D错误。2.【答案】B【解析】物体受向下的重力G，斜向上的拉力F和水平向左的摩擦力Ff三个力的作用下处于平衡状态，则任意两个力的合力与第三个力等大反向，故摩擦力Ff与拉力F的合力方向应和重力方向相反即竖直向上，向下B正确。3.【答案】B【解析】第1s内速度和第3s内速度都为正值，都与规定正方向相同，所以A错误;vt图像的斜率代表物体运动加速度，其中斜率的数值大小表物理加速度大小，斜率的正负代表加速度的方向，第3s内和第4s内图像的斜率相同，所以第3s内加速度和第4s内加速度相同，所以B正确;物体的位移大小等于vt图像的的图线与坐标轴围成的面积大小，所以C错误;物体的平均速度，位移是矢量，02s和04s的位移相同，时间不同，所以它们的平均速度不相同，所以D错误。4.【答案】C【解析】根据可知，，A错误；这样火星表面的重力加速度是，B错误；根据可得，可以求出火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍，C正确；根据，若起跳速度相同时，若在地球上跳起的最大高度为h，在火星上向上跳起的最大高度是，D错误。5.【答案】D【解析】由题意可知，电场力与重力的合力应沿着OA方向，因此小球在竖直平面内运动时，运动到A点时动能最大，C错误；运动到与A点关于圆心对称的点时动能最小，在该点时绳子拉力也恰好最小，A，B错误；而在运动过程中，运动到B点时电场力做功最多，因此机械能最大，D正确．6.【答案】CD【解析】圆环沿杆滑下，滑到杆的底端的过程中有两个力对圆环做功，即环的重力和弹簧的拉力；所以圆环的机械能不守恒，如果把圆环和弹簧组成的系统作为研究对象，则系统的机械能守恒，故A选项错误；弹簧的弹性势能随弹簧的形变量的变化而变化，由图知弹簧先缩短后再伸长，故弹簧的弹性势能先增大再减小，最后增大才对．故B选项错误；根据系统的机械能守恒，圆环的机械能减少了，那么弹簧的机械能即弹性势能增大，故C选项正确；由图可知，弹簧的最大压缩量在弹簧与杆垂直的时刻，此时的系统具有的能量为圆环的动能，势能和弹簧的弹性势能，当圆环速度减为零时，到达最底端，此时圆环的动能和势能都为零，系统所有的机械能全部转化成了弹簧的弹性势能，此时的弹簧处于伸长状态，所以弹簧的最大伸长量要大于最大压缩量，故D正确．7.【答案】BC【解析】线框在运动过程中要克服安培力做功，消耗机械能，故返回原位置时速率减小，由动能定理可知，上升过程动能变化量大，合力做功多，所以选项A错误；分析线框的运动过程可知，在任一位置，上升过程的安培力大于下降过程中的安培力，而上升，下降位移相等，故上升过程克服安培力做功大于下降过程中克服安培力做的功，故上升过程中线框产生的热量多，所以选项B正确；以线框为对象分析受力可知，在上升过程做减速运动，有F安＋mg＝ma，F安＝，故有a＝g＋v，所以上升过程中，速度减小，加速度也减小，故选项C正确；在下降过程中的加速度小于上升过程的加速度，而上升，下降的位移相等，故可知上升时间较短，下降时间较长，两过程中重力做功大小相同，由功率公式可知，上升过程克服重力做功的平均功率大于下降过程重力做的平均功率，所以选项D错误．8.【答案】AD【解析】由图象可得U1m＝200V，有效值U1＝V＝100V，根据变压器的原理＝，解得U2＝10V．S断开：电阻R2两端的电压＝5V≈7.07V，电流I2＝＝A，再由根据变压器的原理＝解得I1＝A，所以A正确，B错误；变压器的输入功率P＝I1U1＝5W，故C选项错误；若闭合开关S，R1，R3并联，并联电阻为10Ω，电容器上分压为U2＝V，电容器的两端的最大电压值为V，小于8V，电容器不会被击穿，故D选项正确．9.【答案】（1）ac（2）c（3）2.04.0【解析】（1）“研究平抛物体运动”的实验斜槽轨道末端保持水平为了保证水平初速度。从同一高度由静止释放为了保证每次使用水平初速度相同。a，c正确。（2）平抛物体运动规律：，得：，图象是一条倾斜直线。c正确。（3）由于得，则t1=0.1s，t2=0.3s，所以平抛小球的初速度。而，故C点的速度。10.【答案】(1)③⑥(2)见解析图(3)左端(4)r1＝(k－1)R1【解析】(1)因电流表G1的内阻约为300Ω，故定值电阻选择R1；为调节方便滑动变阻器选择R4.(2)根据电路图连接实物如图所示：(3)为保护测量电路，闭合开关时，测量电路应处于短路状态，故滑片移至最左端．(4)由电路图知I2＝I1＋，可得图象的斜率k＝1＋，解得r1＝(k－1)R1.11.【答案】（1）0.1m；（2）7J【解析】（1）释放小球A前，物体B处于平衡状态，kx=Fmg得x=0.1m故弹簧被拉长了0.1m（2）小球从杆顶端运动到C点的过程，由动能定理：①其中h=CO1cos370而物体B下降的高度②由此可知，此时弹簧被压缩了0.1m，则弹簧的弹性势能在初，末状态相同。再以A，B和弹簧为系统，由机械能守恒：③对小球进行速度分解可知，小球运动到C点时物体B的速度vB=0④由①②③④联立可得：12.【答案】(1)(2)[(＋1)R,0](3)R【解析】(1)设一粒子自磁场边界A点进入磁场，该粒子由O点射出圆形磁场，轨迹如图甲所示，过A点做速度的垂线，长度为r，C为该轨迹圆的圆心．连接AO′，CO，可证得ACOO′为菱形，根据图中几何关系可知：粒子在圆形磁场中的轨道半径r＝R，由qvB＝m得B＝.(2)有一半粒子打到挡板上需满足从O点射出的沿x轴负方向的粒子，沿y轴负方向的粒子轨迹刚好与挡板相切，如图乙所示，过圆心D作挡板的垂线交于E点，DP＝R，OP＝(＋1)RP点的坐标为[(＋1)R,0](3)设打到挡板最左侧的粒子打在挡板上的F点，如图丙所示，OF＝2R过O点作挡板的垂线交于G点，OG＝(＋1)R·＝(1＋)RFG＝＝REG＝R挡板上被粒子打中的区域长度l＝FE＝R＋R＝R13.【答案】（1）ABE(2)①P=P0+mg/S②Δh＝h2－h1＝②ΔU＝Q－W＝Q－(P0S＋mg)【解析】(1)分子力表现为引力，当体积不变时，外界对气体做功为零，