高考化学专题《有机化合物》推断题综合检测试卷及答案

高考化学专题《有机化合物》推断题综合检测试卷及答案一、有机化合物练习题（含详细答案解析）1．聚戊二酸丙二醇酯（PPG）是一种可降解的聚酯类高分子材料，在材料的生物相容性方面有很好的应用前景。PPG的一种合成路线如图：①烃A的相对分子质量为70，核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢。②化合物B为单氯代烃：化合物C的分子式为C5H8。③E、F为相对分子质量差14的同系物，F是甲醛。④R1CHO+R2CH2CHO回答下列问题：(1)A的结构简式为___。(2)由B生成C的化学方程式为___。(3)由E和F生成G的反应类型为___。E中含有的官能团名称为___。(4)D的所有同分异构体在下列一种表征仪器中显示的信号（或数据）完全相同，该仪器是___（填标号）a．质谱仪b．红外光谱仪c．元素分析仪d．核磁共振仪【答案】+NaOH+NaCl+H2O加成反应醛基c【解析】【分析】烃A的相对分子质量为70，则分子式为C5H10；核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢，则其为环戊烷，结构简式为；A与Cl2在光照条件下发生取代反应，生成B为，B发生消去反应生成C为，C被酸性KMnO4氧化生成D为HOOCCH2CH2CH2COOH，E、F为相对分子质量差14的同系物，F是甲醛，则E为CH3CHO，由信息④，可推出G为HOCH2CH2CHO，与H2发生加成反应生成H为HOCH2CH2CH2OH。【详解】(1)由以上分析知，A的结构简式为。答案为：；(2)由与NaOH的乙醇溶液反应生成，化学方程式为+NaOH+NaCl+H2O。答案为：+NaOH+NaCl+H2O；(3)由E和F生成G的化学方程式为：CH3CHO+HCHOHOCH2CH2CHO，反应类型为加成反应。E为CH3CHO，含有的官能团名称为醛基。答案为：加成反应；醛基；(4)a．质谱仪，所测同分异构体所含原子、分子或分子碎片的质量不一定完全相同，a不合题意；b．红外光谱仪，所测同分异构体的基团存在差异，b不合题意；c．元素分析仪，所测同分异构体的组成元素完全相同，c符合题意；d．核磁共振仪，所测同分异构体中的氢原子种类不一定相同，d不合题意；故选c。【点睛】利用红外光谱仪所测同分异构体的最大碎片质量相等，但所有碎片的质量不一定相同，若我们不注意审题，按平时从质谱仪中提取相对分子质量的方法判断，易错选a。2．含绒量是决定羽绒服质量优劣最重要的指标，按照我国实施的羽绒服新国标，羽绒服的含绒量要在50%以上，一些不法厂家填充“飞丝”或“人造羊毛来假冒羽绒，严重损害消费者的利益。“飞丝”由鸭毛、鹅毛甚至鸡毛经粉碎而成，人造羊毛的主要成分是聚丙烯腈纤维。请回答下列问题：Ⅰ.鸭绒、蚕丝、人造羊毛都是高分子化合物，下列说法正确的是________(填序号)。A．通过灼烧的方法可鉴别羽绒服中填充的是鸭绒还是飞丝B．将人造羊毛和棉花进行混纺可提高纤维的性能C．鸭绒、蚕丝、人造羊毛都有固定的熔沸点D．鸭绒、蚕丝、人造羊毛燃烧过程中不会产生有毒气体Ⅱ.合成聚丙烯腈纤维的方法很多，如以乙炔为原料，其合成过程如下：CH≡CH+HCNCH2=CHCN聚丙烯腈(1)反应①的反应类型为__________。(2)写出反应②的化学方程式：__________________，其反应类型为_________。(3)CH2=CHCN在一定条件下可与苯乙烯()反应得到一种优良的塑料，该塑料的结构简式为__________。【答案】B加成反应nCH2=CHCN加聚反应(或)【解析】【分析】I.根据物质的组成成分、元素组成、物质的性质分析解答；II.乙炔与HCN发生加成反应产生CH2=CHCN，CH2=CHCN发生加聚反应产生聚丙烯腈。CH2=CHCN与苯乙烯()在一定条件下可发生加聚反应产生高聚物、。【详解】Ⅰ.A.鸭绒和飞丝的主要成分都属于蛋白质，在灼烧过程中都有烧焦羽毛的气味，故不能用灼烧的方法鉴别，A错误；B.人造羊毛属于合成纤维，优点在于强度高、弹性好、耐磨、耐化学腐蚀、不发霉、不怕虫蛀、不缩水等，其缺点在于不透气、不吸汗等，棉花则具有吸汗、透气性强的优点，但又有不耐磨、不耐腐蚀的缺点，若把它和棉花混纺，这样制成的混纺织物兼有两类纤维的优点，B正确；C.高分子化合物都属于混合物，混合物没有固定的熔、沸点，C错误；D.鸭绒飞丝、人造羊毛组成成分是蛋白质，含有C、H、O、N元素，有的蛋白质还含有S元素，在燃烧过程中会释放出如SO2、CO、氮氧化物等有毒气体，D错误；故合理选项是B；Ⅱ.(1)CH≡CH与HCN发生加成反应生成CH2=CHCN，故①反应的反应类型为加成反应；(2)CH2=CHCN在引发剂作用下发生加聚反应生成聚丙烯腈，反应方程式为：nCH2=CHCN；(3)CH2=CHCN在一定条件下可与苯乙烯()在一定条件下发生加聚反应产生高聚物或。【点睛】本题考查了有机高分子化合物的元素组成、鉴别方法、结构特点及合成方法。掌握物质的性质及结构的区别是进行鉴别和合理利用的基础。3．丙烯酰胺在水净化处理、纸浆加工等方面有广泛应用，由乙烯合成丙烯酰胺工艺流程如下：根据题意回答下列问题：(1)2-氯乙醇(Cl-CH2-CH2-OH)不能发生的反应有________(填写编号)；a.氧化反应b.加成反应c.消去反应d.水解反应e.取代反应f.加聚反应(2)写出丙烯腈(NC-CH=CH2)相邻同系物丁烯腈的结构简式：___________。(3)2-氯乙醇在石灰乳和加热条件下反应生成环氧乙烷，写出化学方程式________；(4)聚丙烯酰胺可用于管道的内涂层，写出丙烯酰胺发生聚合的化学方程式：____________(5)谷氨酸是一种酸性氨基酸，结构简式为：，聚谷氨酸（γ-PGA，侧链只有-COOH）具有水溶性好、易生物降解、不含毒性、极强的保湿能力等特点，主要用于化妆品生产，写出由谷氨酸合成γ-PGA的化学方程式：_____；(6)谷氨酸的稳定的同分异构体的一个分子中不可能同时含有______(填写编号)。a.2个-C-Hb.1个–NO2和1个-C-Hc.2个-C≡C-d.1个-COO-(酯基)和1个-C=C-【答案】bfCH3CH=CH-CN；CH2=CHCH2-CN；2Cl-CH2-CH2-OH+Ca(OH)2→2+CaCl2+2H2OnCH2=CH-C-NH2+nH2Oc【解析】【分析】(1)2-氯乙醇(Cl-CH2-CH2-OH)含有醇羟基和氯原子结合官能团的性质解答；(2)根据官能团的位置变化书写结构简式；(3)根据流程图和物料守恒书写方程式；(4)聚丙烯酰胺中的碳碳双键断开变单键，首尾相连，发生聚合反应；(5)谷氨酸是一种酸性氨基酸，结构简式为：，聚谷氨酸（γ-PGA）侧链只有-COOH，根据氨基酸合成蛋白质的过程分析，书写化学方程式；(6)根据要求书写同分异构体来分析判断，谷氨酸的不饱和度为2，2个-C≡C-的饱和度为4。【详解】(1)2-氯乙醇(Cl-CH2-CH2-OH)含有醇羟基和氯原子，醇可以发生氧化反应、消去反应等，卤素原子可以发生水解反应、取代反应等，该有机物中没有碳碳双键或三键，不能发生加成反应或加聚反应，答案选bf；(2)丙烯腈(NC-CH=CH2)相邻同系物丁烯腈，其分子结构中双键和取代基的的位置不同结构不同，则丁烯腈的结构简式有：CH3CH=CH-CN；CH2=CHCH2-CN；；(3)2-氯乙醇在石灰乳和加热条件下反应生成环氧乙烷，根据流程图和物料守恒，化学方程式为：2Cl-CH2-CH2-OH+Ca(OH)2→2+CaCl2+2H2O；(4)丙烯酰胺中的碳碳双键断开变单键，首尾相连，发生聚合反应生成聚丙烯酰胺，方程式为；(5)谷氨酸是一种酸性氨基酸，结构简式为：，聚谷氨酸（γ-PGA）侧链只有-COOH，根据氨基酸合成蛋白质的过程可知，谷氨酸分子间的氨基和羧基之间发生缩聚反应，化学方程式为；+nH2O；(6)谷氨酸的分子式为C5H9O4N，不饱和度为：×(碳的个数×2＋2－氢的个数－卤素的个数＋氮的个数)=×(5×2＋2－9－0＋1)=2，a．当结构中含有2个-C-H单键时，结构简式为，故a符合；b．当结构中含有1个–NO2和1个-C-H单键，结构简式为，故b符合；c．一个-C≡C-的不饱和度为2，2个-C≡C-的饱和度为4，不符合，故c错误；d．当结构中含有1个-COO-(酯基)和1个-C=C-，结构简式为，故d符合；答案选c。4．按要求完成下列各题。(1)从下列物质中选择对应类型的物质的序号填空。①CH3OCH3

②HCOOCH2CH3

③CH3COCH3

④

⑤CH3CHO

⑥

⑦

A．属于羧酸的是________；(填序号，下同)

B．属于酯的是________

；C．属于醇的是__________；

D．属于酮的是________。(2)下列各组物质：①O2和O3

；②乙醇和甲醚；③淀粉和纤维素；④苯和甲苯；⑤和；⑥和；⑦CH3CH2NO2和A．互为同系物的是_________；(填序号，下同)B．互为同分异构体的是________；C．属于同一种物质的是__________；

D．互为同素异形体的是________。(3)为了测定芳香烃A的结构，做如下实验：①将9.2g该芳香烃A完全燃烧，生成标况下15.68LCO2和7.2gH2O；②用质谱仪测定其相对分子质量，得如图所示的质谱图，由图可知该分子的相对分子质量是________，有机物A的分子式为_________。

③用核磁共振仪处理该有机物得到四个峰，且四个峰的面积之比是1∶2∶2∶3，则该有机物A的结构简式为_____________。【答案】④②⑦③④②⑦⑤①92C7H8【解析】【分析】(1)A.属于羧酸的是含有-COOH的有机物；B.属于酯的是含有-COO-的有机物；C.属于醇的是含有-OH(不与苯环直接相连)的有机物；D.属于酮的是含有-CO-的有机物。(2)下列各组物质：A．互为同系物的是官能团种类和数目分别相同的有机物；B．互为同分异构体的是分子式相同但结构不同的有机物；C．属于同一种物质的是分子式相同、结构也相同的有机物；D.互为同素异形体的是同种元素组成的不同性质的单质。(3)从质谱图中可提取该有机物的相对分子质量为92；由“将9.2g该芳香烃A完全燃烧，生成标况下15.68LCO2和7.2gH2O”，可计算出该有机物的分子式；由“用核磁共振仪处理该有机物得到四个峰，且四个峰的面积之比是1∶2∶2∶3”，可确定该有机物A的结构简式。【详解】(1)A.属于羧酸的是含有-COOH的有机物④；B.属于酯的是含有-COO-的有机物②；C.属于醇的是含有-OH(不与苯环直接相连)的有机物⑦；D.属于酮的是含有-CO-的有机物③。答案为：④；②；⑦；③；(2)下列各组物质：A．互为同系物的是官能团种类和数目分别相同的有机物④；B．互为同分异构体的是分子式相同但结构不同的有机物②和⑦；C．属于同一种物质的是分子式相同、结构也相同的有机物⑤；D.互为同素异形体的是同种元素组成的不同性质的单质①。答案为：④；②⑦；⑤；①；(3)n(有机物)==0.1mol，n(CO2)==0.7mol，n(H2O)==0.4mol。即0.1mol有机物+xO2→0.7molCO2+0.4molH2O，从而得出1mol有机物+10xO2→7molCO2+4molH2O，有机物A的分子式为C7H8。“用核磁共振仪处理该有机物得到四个峰，且四个峰的面积之比是1∶2∶2∶3”，则表明该有机物A的分子内有4种氢原子，且个数比为1∶2∶2∶3，由此可得结构简式为。答案为：92；C7H8；。【点睛】如果我们先利用信息“将9.2g该芳香烃A完全燃烧，生成标况下15.68LCO2和7.2gH2O”，可求出该有机物的最简式为C7H8，然后再利用相对分子质量92，可确定分子式为C7H8；如果先利用相对分子质量92，再利用“将9.2g该芳香烃A完全燃烧，生成标况下15.68LCO2和7.2gH2O”，可直接求出分子式，显然后一方法更简洁。5．结合已学知识，并根据下列一组物质的特点回答相关问题。(1)邻二甲苯的结构简式为____(填编号，从A～E中选择)。(2)A、B、C之间的关系为____(填序号)。a．同位素b．同系物c．同分异构体d.同素异形体(3)请设计一个简单实验来检验A与D，简述实验操作过程：_____________。(4)有机物同分异构体的熔沸点高低规律是“结构越对称，熔沸点越低”，根据这条规律，判断C、D、E的熔沸点由高到低的顺序：______(填编号)。【答案】Eb取少量A、D分别装入两支试管中，向两支试管中滴入少量酸性KMnO4溶液，振荡，若溶液褪色，则为间二甲苯；若溶液不褪色，则为苯；E＞D＞C【解析】【分析】(1)邻二甲苯表示苯环相邻位置各有1个甲基；(2)结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物；(3)苯不能被酸性KMnO4溶液氧化，间二甲苯能被酸性KMnO4溶液氧化；(4)根据结构越对称，熔沸点越低解题。【详解】(1)C为对二甲苯，D为间二甲苯，E为邻二甲苯，故答案为：E；(2)A、B、C的结构简式中都含有苯环，分子式依次相差1个“CH2”，符合通式CnH2n-6(n≥6)，所以它们互为同系物，故答案为：b；(3)苯不能被酸性KMnO4溶液氧化，间二甲苯能被酸性KMnO4溶液氧化，则检验苯与间二甲苯的操作为取少量A、D分别装入两支试管中，向两支试管中滴入少量酸性KMnO4溶液，振荡，若溶液褪色，则为间二甲苯；若溶液不褪色，则为苯；(4)对二甲苯的对称性最好，邻二甲苯的对称性最差，故熔沸点由高到低：E＞D＞C。6．肉桂醛F()在自然界存在于桂油中，是一种常用的植物调味油，工业上主要是按如下路线合成的：已知：两个醛分子在NaOH溶液作用下可以发生反应，生成一种羟基醛：+请回答：（1）D的名称为__________________。

（2）反应①～⑥中属于加成反应的是___________（填序号）。

（3）写出反应③的化学方程式：______________________________________；

反应④的化学方程式：_________________________________________。（4）在实验室里鉴定分子中的氯元素时，是将其中的氯元素转化为AgCl白色沉淀来进行的，其正确的操作步骤是__________（请按实验步骤操作的先后次序填写序号）。

A．滴加AgNO3溶液B．加NaOH溶液C．加热D．用稀硝酸酸化（5）E的同分异构体有多种，其中之一甲属于酯类。甲可由H（已知H的相对分子量为32）和芳香酸G制得，则甲的结构共有__________种。（6）根据已有知识并结合相关信息日，写出以乙烯为原料制备CH3CH＝CHCHO的合成路线流程图(无机试剂任选)。合成路线流程图例如下：_____________________【答案】苯甲醛①⑤+NaOH+NaCl2+O22+2H2OBCDA4【解析】【分析】CH2=CH2与水反应生成A，A为乙醇；乙醇催化氧化得到B，B为乙醛；与氢氧化钠水溶液反应生成C，C为；催化氧化得到D，D为；乙醛和反应生成E，E为；发生消去反应得到F，F为．再结合对应有机物的结构和性质，据此分析可得结论。【详解】（1）与氢氧化钠水溶液反应生成C，C为；催化氧化得到D，D为，故答案为苯甲醛；（2）由上述流程分析可知反应①、⑤为加成反应，故答案为①、⑤；（3）与氢氧化钠水溶液反应生成C，C为，方程式为：；催化氧化生成，故答案为；2+O22+2H2O；（4）检验卤代烃中的卤素时，应先在碱性条件下加热水解，然后用硝酸酸化后再加入硝酸银溶液，故答案为BCDA；（5）由题意可得H为甲醇，芳香酸G可以是苯乙酸、甲基苯甲酸、间甲基苯甲酸、对甲基苯甲酸四种，则甲也有四种结构，故答案为4；（6）以乙烯为原料制备CH3CH＝CHCHO，通为原料与目标产物的对比，发现可通过两个醛加成，然后再消去来实现制备，故答案为。【点睛】本题主要考查有机物的合成与推断，有机物结构简式书写不规范是一个较严重的失分点，另外苯甲醇的催化氧化方程式配平也是学生易忽视的地方。7．不饱和酯类化合物在药物、涂料等应用广泛。（1）下列有关化合物I的说法，正确的是____（填字母编号）。A．遇FeCl3溶液可能显紫色B．可发生酯化反应和银镜反应C．能与溴发生取代和加成反应D．1mol化合物I最多能与2molNaOH反应（2）反应①是一种由烯烃直接制备不饱和酯的新方法，化合物II的分子式为___________。（3）化合物II可由芳香族化合物III或IV分别通过消去反应获得，但只有化合物III能与Na反应产生H2，化合物III的结构简式为___________（任写1种）；由化合物IV生成化合物II的反应条件为___________。（4）聚合物可用于制备涂料，其单体结构简式为_______________。利用类似反应①的方法，仅以乙烯为有机物原料合成该单体，涉及的两个反应方程式为：Ⅰ.CH2=CH2+H2OCH3CH2OHⅡ.____________。【答案】ACC9H10或NaOH醇溶液，加热CH2=CHCOOCH2CH3【解析】【分析】（1）A．化合物I中含有酚羟基，则遇FeCl3溶液可能显紫色；B．化合物I中不含有醛基，则不能发生银镜反应；C．化合物I中含有碳碳双键，能与溴发生取代和加成反应；D．化合物I中含有2个酚羟基，1个酯基，1mol化合物I最多能与3molNaOH反应；（2）化合物II为；（3）化合物III能与Na反应产生H2，且消去之后的产物为化合物II，则化合物III含有醇羟基；卤代烃也能发生消去反应生成碳碳双键；（4）烯烃发生加聚反应生成聚合物，则的单体为CH2=CHCOOCH2CH3；根据反应①可知，2CH2=CHCOOH+2HOCH2CH3+2CO+O22CH2=CHCOOCH2CH3+2H2O。【详解】（1）A．化合物I中含有酚羟基，则遇FeCl3溶液可能显紫色，符合题意，A正确；B．化合物I中不含有醛基，则不能发生银镜反应，与题意不符，B错误；C．化合物I中含有碳碳双键，能与溴发生取代和加成反应，符合题意，C正确；D．化合物I中含有2个酚羟基，1个酯基，1mol化合物I最多能与3molNaOH反应，与题意不符，D错误；答案为AC；（2）化合物II为，其分子式为C9H10；（3）化合物III能与Na反应产生H2，且消去之后的产物为化合物II，则化合物III含有醇羟基，则化合物III的结构简式为或；卤代烃也能发生消去反应生成碳碳双键，则化合物IV发生消去反应的条件为NaOH醇溶液，加热；（4）烯烃发生加聚反应生成聚合物，则的单体为CH2=CHCOOCH2CH3；根据反应①可知，2CH2=CHCOOH+2HOCH2CH3+2CO+O22CH2=CHCOOCH2CH3+2H2O。【点睛】聚合物的单体的写法为去掉括号，主链上的碳碳键“单变双，双变单”即可。8．有机物A可由葡萄糖发酵得到，也可从酸牛奶中提取.纯净的A为无色粘稠液体，易溶于水。为研究A的组成与结构，进行了如下实验：（1）称取A9.0g，升温使其汽化，测其密度是相同条件下H2的45倍。则A的相对分子质量为：___。（2）将此9.0gA在足量纯O2充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰，发现两者分别增重5.4g和13.2g。则A的分子式为：___。（3）另取A9.0g，跟足量的NaHCO3粉末反应，生成2.24LCO2（标准状况），若与足量金属钠反应则生成2.24LH2（标准状况）。用结构简式表示A中含有的官能团为：___、__。（4）A的核磁共振氢谱如图：则A中含有___种氢原子。（5）综上所述，A的结构简式为___，跟NaHCO3溶液反应的离子方程式为___。【答案】90C3H6O3—COOH—OH4CH3CHOHCOOH+HCO3-=CH3CHOHCOO-+H2O+CO2↑【解析】【分析】【详解】(1)有机物质的密度是相同条件下H2的45倍，所以有机物质的分子式量为：45×2=90；(2)9.0g物质A的物质的量为0.1mol；浓硫酸增重5.4g，则生成水的质量是5.4g，生成水的物质的量为：=0.3mol，所含有氢原子的物质的量是0.6mol，碱石灰增重13.2g，所以生成二氧化碳的质量是13.2g，所以生成二氧化碳的物质的量是：=0.3mol，所以碳原子的物质的量是0.3mol，所以有机物中碳个数是3，氢个数是6，根据相对分子质量是90，所以氧原子个数是=3，即分子式为：C3H6O3；(3)只有羧基可以和碳酸氢钠发生化学反应生成二氧化碳，0.1molA可生成2.24LCO2(标准状况)即0.1mol二氧化碳，则含有一个-COOH；醇羟基和羧基可以和金属钠发生反应生成氢气，0.1molA与足量金属钠反应生成2.24LH2(标准状况)即0.1mol氢气，且已知含有一个羧基，则还含有一个-OH；(4)根据核磁共振氢谱图看出有机物中有4个峰值，则含4种环境的氢原子；(5)综上所述A的结构简式为；与碳酸氢钠反应生成二氧化碳和水以及相应的钠盐，离子方程式为：CH3CHOHCOOH+HCO3-=CH3CHOHCOO-+H2O+CO2↑。9．短周期元素X、Y、Z组成的化合物Y2X和ZX2。Y2X溶于水形成的溶液能与ZX2反应生成一种化合物Y2ZX3。已知三种元素原子的质子总数为25，且Z和Y的原子序数之和比X的原子序数2倍还多1，Z原子有2个电子层，最外层电子数是核外电子数的倍，试回答：（1）X、Y、Z元素的名称：X___，Y___，Z___。（2）用电子式表示ZX2的形成过程：___。（3）Y2X对应水化物的电子式___，其中存在的化学键有___。（4）写出Y2X溶于水的溶液与ZX2反应的化学方程式___。【答案】氧钠碳离子键和共价键2NaOH+CO2=Na2CO3+H2O【解析】【分析】Z原子有2个电子层，最外层电子数是核外电子数的倍，可设最外层电子数为n，则有关系式：n=(2+n)，解得n=4，所以Z为碳元素，质子数为6；设X、Y两种元素原子的质子数分别为x、y，由题知X、Y、Z三种元素原子的质子总数为25，则有x+y+6=25，且Z和Y的原子序数之和比X的原子序数2倍还多1，则有6+y=2x+1，联立方程解得：x=8，y=11，即X为氧元素，Y为钠元素，然后利用单质及化合物的性质来解答。【详解】Z原子有2个电子层，最外层电子数是核外电子数的倍，可设最外层电子数为n，则有关系式：n=(2+n)，解得n=4，所以Z为碳元素，质子数为6；设X、Y两种元素原子的质子数分别为x、y，由题知X、Y、Z三种元素原子的质子总数为25，则有x+y+6=25，且Z和Y的原子序数之和比X的原子序数2倍还多1，则有6+y=2x+1，联立方程解得：x=8，y=11，即X为氧元素，Y为钠元素。（1）由以上分析可知，X为氧元素，Y为钠元素，Z为碳元素；（2）ZX2是CO2，CO2是共价化合物，由化合价可知每个氧原子与碳原子之间有2对共用电子对，碳原子共有4个共用电子对，形成过程用电子式可表示为：；（3）Y2X为Na2O，对应水化物为NaOH，NaOH是离子化合物，由钠离子与氢氧根离子构成，电子式为：；钠离子与氢氧根离子之间为离子键，氢氧根离子中氢原子和氧原子之间为共价键；（4）Y2X为Na2O，溶于水生成NaOH，ZX2为CO2，二者反应的化学方程式为：2NaOH+CO2=Na2CO3+H2O。【点睛】用电子式表示离子化合物形成过程时，左边是原子的电子式，有几个原子写几个原子，不能合并，后面是化合物的电子式，中间用箭头连接。10．某烃在标准状况下的密度为3.215g/L，现取3.6g该烃完全燃烧，将全部产物依次通入足量的浓硫酸和碱石灰，浓硫酸增重5.4g，碱石灰增重11g，求：（1）该烃分子的摩尔质量为________。（2）确定该烃的分子式为___________。（3）已知该烃的一氯代物只有一种，写出该烃的结构简式_________。【答案】72g·mol－1C5H12【解析】【分析】【详解】（1）烃的摩尔质量为3.215g/L×22.4L/mol=72g/mol；（2）生成水的物质的量为n（H2O）==0.3mol，所以n（H）=2n（H2O）=0.3mol×2=0.6mol，生成CO2的物质的量为n（CO2）==0.25mol，所以n（C）=n（CO2）=0.25mol,烃中C原子、H原子的个数比为0.25mol：0.6mol=5：12，实验式为C5H12，实验式中C原子与H原子的关系满足烷烃关系，实验式即是分子式，所以该烃的分子式为C5H12；（3）分子中只有一种H原子，C5H12是烷烃，所以H原子一定位于甲基上，所以甲基数目为=4，剩余的1个C原子通过单键连接4个甲基，结构简式为。11．某天然油脂A的分子式为C57H106O6。1mol该油脂完全水解可得到1mol甘油、1mol不饱和脂肪酸B和2mol直链饱和脂肪酸C。经测定B的相对分子质量为280，原子个数比为N(C)：N(H)：N(O)=9：16：1。（1）写出B的分子式：__。（2）写出C的结构简式：__，C的名称是__。（3）写出含5个碳原子的C的同系物可能的结构简式：__。【答案】C18H32O2CH3(CH2)16COOH硬脂酸（或十八酸）CH3CH2CH2CH2COOH、、、(CH3)3CCOOH【解析】【分析】【详解】（1）设B的分子式为，即，，故B的分子式为C18H32O2，（2）根据油脂的水解反应，由A和B的分子式可以确定C中含碳原子数为，因为C为直链饱和脂肪酸，故C的结构简式为CH3(CH2)16COOH，其名称为硬脂酸（或十八酸）。（3）对于含5个碳原子的饱和一元羧酸（与C互为同系物），其结构由饱和烃基和羧基两部分构成，可表示为，有以下四种结构：、、、，与羧基连接后可得到酸的结构简式有CH3CH2CH2CH2COOH、、、(CH3)3CCOOH。12．聚乙二醇）电解质散剂，常用于肠镜检查前的肠道清洁准备。下图是以具有芳香气味的有机物A为原料制取聚乙二醇的过程（部分产物已略去）。烃C中碳与氢元素的质量比为6∶1，是同系物中最简单的物质；E不能发生银镜反应。（1）E物质的名称是_____。（2）D的键线式是_____。（3）反应④的化学方程式是_____。（4）下列说法正确的是_____。a．A在酸性或碱性条件下都可以反应得到B，反应②中的Br2可以是溴水或溴的CCl4溶液b．工业上获得C的的主要方法是催化裂化c．可以用饱和碳酸钠溶液除去B中混有的少量Ad．反应①的反应类型为水解反应【答案】环氧乙烷nHOCH2CH2OH+nH2Oad【解析】【分析】烃C中碳与氢元素的质量比为6：1，则C、H原子个数之比为，是同系物中最简单的物质，应为CH2=CH2，B到C的条件为浓硫酸加热，应为乙醇发生消去反应生成乙烯的过程，则B为CH3CH2OH，结合A的分子式可推知A应为CH3COOCH2CH3；C到D为乙烯的加成反应，则D为CH2BrCH2Br；根据E的分子式结合C的结构，可知E为。【详解】(1)E的结构简式为，其名称为环氧乙烷；(2)D的结构简式为CH2BrCH2Br，其键线式为；(3)反应④为乙二醇的缩聚反应，方程式为nHOCH2CH2OH+nH2O；(4)a．A为乙酸乙酯，在酸性或碱性条件下都可以水解生成乙醇，乙烯可与溴水或溴的四氯化碳溶液发生加成反应，故a正确；b．工业上获得乙烯的的主要方法是催化裂解，故b错误；c．乙酸乙酯不溶于碳酸钠溶液也不和碳酸钠反应，无法除去乙醇中的乙酸乙酯，应用蒸馏的方法将二者分离，故c错误；d．反应①为乙酸乙酯的水解，故d正确；综上所述选ad。13．苯酚是一种重要的化工原料。以苯酚为主要起始原料，经下列反应可制得香料M和高分子化合物N。(部分产物及反应条件已略去)(1)由苯酚生成A的化学方程式是______。(2)已知C的分子式为C5H12O，C能与金属Na反应，C的一氯代物有2种。C的结构简式是______。(3)B与C反应的化学方程式是_________。(4)生成N的反应类型是______，D的结构简式是_________。(5)以苯酚为基础原料也可以合成防腐剂F。已知F的相对分子质量为152，其中氧元素的质量分数为31%，F完全燃烧只生成CO2和H2O。则F的分子式是________。(6)已知F具有如下结构特征：①芳香族化合物F能与NaHCO3溶液反应，且不能发生水解反应；②F的分子中含有4种不同的氢原子；③分子结构中不存在“-O-O-”的连接方式。F的结构简式是____________。【答案】+NaOH→+H2O++H2O缩聚反应C8H8O3【解析】【分析】苯酚与氢氧化钠反应生成苯酚钠，故A为，由转化关系可知B为，C的分子式为C5H12O，C能与金属Na反应，属于饱和一元醇，C的一氯代物有2种，分子中有2种H原子，则C的结构简式是，B与C发生酯化反应生成M，则M为；苯酚与丙酮反应生成D，D的分子式为C15H16O2，再结合N的结构可知D为，据此解答。【详解】根据上述分析可知：A为，B为，C为，M为，D为。(1)苯酚与NaOH发生反应产生苯酚钠和H2O，反应方程式为：+NaOH→+H2O；(2)根据上述分析可知C结构简式为：；(3)B是，含有羧基，C是，含有醇羟基，二者在浓硫酸存在条件下加热，发生酯化反应产生M和水，该反应是可逆反应，化学方程式为：++H2O；(4)D是，D与发生缩聚反应产生N：和CH3OH，故由D生成N的反应为缩聚反应；(5)(6)以苯酚为基础原料也可以合成防腐剂F，经质谱分析F的相对分子质量为152，其中氧元素的质量分数为31%，则分子中氧原子数目N(O)==3，芳香族化合物F能与NaHCO3溶液反应，且不能发生水解反应，故分子中含有苯环、-COOH，假定为二元取代，则剩余基团的相对分子质量为152-76-45=31，且含有1个O原子，完全燃烧只生成CO2和H2O，故剩余基团为-OCH3或-CH2OH，故F的分子式为C8H8O3，F的核磁共振氢谱显示其分子中含有4种氢原子，分子结构中不存在“-O-O-”的连接方式，F的结构简式是。【点睛】本题考查有机物的推断，涉及酚、羧酸等性质与转化，注意根据苯酚、D的分子式、N的结构式推断D的结构，注意(5)中利用相对分子质量确定F的分子式，是对有机化合物知识的综合考查，能较好的考查学生思维能力。14．A是一种重要的化工原料，部分性质及转化关系如图：

请回答：（1）产物E的名称是

______________________（2）A→D的反应类型是

________

A．取代反应B