2019年四川省绵阳市中考物理试题-含答案

2019年四川省绵阳市中考物理试卷一、填空题（每小题3分，共36分）1．下各种活动中，能通过互联网做到的是（）A传送网购的运动鞋B远程学习物理课程C．送发电厂的电能D．传输纸质信【析】根据互网功能、提供的服务分解答。【答】解：人们可以通互联网进远程教育远程医疗会诊、打IP电话查阅资料、送电子邮等；传送网购的动鞋输纸质信件利用交通工具完成送发电厂的电需要利用网完成B正确错误。故选：。2．如所示，将一把钢尺紧按在桌面边缘，一端伸出桌边。先用较小的力拨动钢尺，听它振动发出声音；保持钢尺位置不动，再用较大的力拨动钢尺，听到的声音（）A响度变大B．响度变小C音调变高D．音调变低【析】声音是物体的振动产生的，振停止，发也停止；度跟振幅有关，振幅越大响度越大。【答】解：将把钢尺紧紧按在桌面上一端伸出面适当的度，拨动钢尺，就可听到钢尺振动发出的声音；保持钢位置不动改用更大力拨动钢尺，钢尺的振幅变大，响变大；故选：。．用如图所示的装置探究通电导线磁场中的受力情况。接通电源，发现导向运动；把电源正负极对调后接入电路，发现导体ab向运动。这个实验事实说明通电导线在磁场中受力（）A方向与电流方向有关C．小与电流大小有关

B．方向与磁感线向有关．大小与磁场强弱有关【析】通电导在磁场中受力而运动，动方向跟流方向和场方向有关。【答】解：接电源，发现导体ab向左运，把电源负极对调接入电路，电流的方向改变了，发导体ab向右运动。明通电导在磁场中受力方向跟电流方向有关。故选：。4．如所示，用塞子塞紧瓶口，再用打气筒向瓶内打气，当瓶内气压达到足够大时，塞子从瓶口冲。下列关于瓶内气体的说法，正确的是（）．向瓶内打气，外界对气体做功，气体内能减少．向瓶内打气，气体对外界做功，气体内能增加．塞子从瓶口冲出，气体对外界做功，气体内能减少．塞子从瓶口冲出，外界对气体做功，气体内能不变【析】物体对做功，物体的内能减少外界对物做功，物的内能增加。【答】解：如，向瓶内打气时，外界瓶内气体功，瓶内体的内能增加，气体的压强增大，增大到一定程度，塞从瓶口冲，此时气对塞子做功（即对外界做功），气的内能转为塞子的械能，气的内能减少，C正确，ABD错。故选：。5．装半杯水的封闭玻璃杯，放入冰箱被冷冻较长时间，取出后用干毛巾擦干玻璃杯表面，放一会，玻璃杯表面会变湿。这是由于（）．空气中的水蒸气凝华成霜造成的．空气中的水蒸气液化成水造成的．玻璃杯中的冰升华成水蒸气造成的．玻璃杯中的冰熔化成水造成的【析】水蒸气到温度比较低的物体时就会遇冷化，形成水珠。【答】解：由从冰箱取出的玻璃杯，度比较低周围空气的水蒸气遇冷会发生液化，使玻璃杯表面会变湿，如果上擦去这水，又有的水蒸气在温度低的玻璃杯表面发液化，所一会儿又湿。故选：。6．分之间既有引力又有斥力。其中，分子之间的斥力大F随分子间距离r变化情况如图所示。斥根据图象可知：分子之间斥力的大小（）A随着分子间距离的增大先增大后减小B．着分子间距离的增大先减小后增大．随着分子间距离的减小而减小．随着分子间距离的减小而增大【析】分子间引力随分子间的距离增而减小。【答】解：由象知，分子间的距离增时，分子的斥力会小，则分子间的距离减小时，分子间的斥力会增大，故ABC错误，正确。故选：。7．如所示，灯泡L和L（泡中只要有电流就能发光）相同，电源电压小于灯泡的额定电压，且保持1

2不变，开关S由合到断开，电路中（）AL变，电压表示数变小1B．变，电流表示数变大1C．亮来，电压表示数变大2D．亮来，电表示数变小2【析】开关闭合，电路为灯L的单电路，压表测电的电压，电流表测电路中的电流；1当开关S断开时，泡和L串联灯泡L亮起来电压表测灯泡L两端的电，电流表电路中的流；1221根据串联电中总电阻于各分电之和，判断出电路中电阻的变化，据欧姆定判断出电中的电流变化和灯泡L两端的压的变化即电压表的示数的变化，根据P=UI可知灯泡际功率的化，进一步根据灯1泡的亮暗取于实际功的大小可亮暗的变化。【答】解：开闭时，电路为泡L的简电路，电表测电源的电压，电流表测电路中的电流；1当开关S断开时，泡和L串联灯泡L亮起来电压表测灯泡L两端的电，电流表电路中的流；12因串联电路总电阻等各分电阻和，

2

1所以，电路的总电阻大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流的示数变，故D正；由U=IR知，灯两的电压变小，即电压表示数变小故C错误1因P=UI且灯泡亮暗取决实际功率的大小所灯泡L的际功率变小灯泡L变故AB错误故选：。

1

18．舞训练室竖直墙壁上安装有平面镜，甲、乙、丙三位同学在平面镜前的位置如图所示，他们位连线是等腰直角三角形，甲在直角顶点，乙、丙连线平行于平面镜。则（）A甲与甲的像间的距离小于乙与乙的像间的距离B．与乙的像间的距离大于丙与丙的像间距离．甲的像与乙的像间的距离小于乙的像与丙的像间的距离．甲的像与乙的像间的距离大于乙的像与丙的像间的距离【析】根据平镜成像特点可知平面镜成的像与体关于平镜对称，分析解答即可。【答】解：由图知，甲平面镜的离大于乙平面镜的距离据平面镜成像特点可知甲甲的像间距离大于与乙的像间距离，故A错误；乙、丙连线行于平面，所以乙平面镜的距离等于丙到平面镜的距，根据平镜成像特可知，乙与乙的像间距离等于与丙的像的距离，故B错误、根据平面成像对称的特点，的像与乙的像间的距离（即甲与乙距离）小乙的像与的像间的距离（即乙与的距离）故C正，错误；故选：。9．如所示，斜面长20m高10m，固定在水平地面上。一位同学用平行于斜面向40N拉力，在20s内把重60N的体沿斜面向上匀速拉动了10m在此过中（）．斜面的机械效率是．斜面的机械效率是75%．该同学对物体做功的功率是．该同学对物体做功的功率是【析】由题知斜面长20m、高10m，则体沿斜面向上匀速运动10m时，体升高5m；（1W=Fs拉力F做的总功求拉力的有用功的机效率等于有功与总功比；（2）同学物体做功的率等于有功与所用间之比。【答】解：由题知，斜长20m高10m，则物体沿面向上匀速动s=10m时，物升高h=5m；（1）力F做的功：W=Fs=40N×10m=400J；总拉力做的有功：W=Gh=60N5m=300J；有用斜面的机械率：；（2）同学物体做功的率：。故选：。10．确使用插线板是安全用电的要求。使用右图所示的插线板时发现：只有开关闭合时，指示灯才能光，插孔才能提供工作电压；即使指示灯损坏，开关闭合插孔也能提供工作电压。根据上述现，插线板内线路及电源连接方式是（）AB．CD．【析】干路开控制所有的用电器。并电路各用器之间互影响，串联电路的用电器互相影响。【答】解：插线板上的示灯在开闭合时会光，插孔正常通电，说明开关同时制灯泡和座，灯泡插座之间能是串联可能是并如果两者并开关应该在干路上如指示灯损开关合时插孔能正常通，说明灯泡和座之间是联的，开接在灯泡、插座和火线之间控制火使用更安，故D正。故选：。11．水平力拉如图所示装置，使木A在糙水平面上向右匀速运动，物B在木板A上面相1对地面静止，连接B与直墙壁之间的水平绳的拉力大小为F．计滑轮重和绳重，滑轮轴光滑。则F2

1与F的大小关系是（）2A

B．F＜＜2F

C．F=2F

．＞2F1

2

2

1

2

1

2

1

2【析】在平衡的作用下，物体保持静或匀速直运动状态对动滑轮、物块B和木板进行受力分，明确各自受些力，方如何，确大小关系。【答】解：由知，（1）滑轮水平方向上到三个力作用：水向右的拉力F，墙对它水平向左的拉力F，木板A对它水平向左的力F，木板由于木板向匀速运动所以F=F+F，

1

墙1

墙

木板由于同一根子各处的力相等，以F

=F，木板

1由于力的作是相互的所以动滑对木板的拉力为F

=F----------①动

木板

1（2）块B在水平向上受到两个力的作用：绳子对它左的拉力F，板对它向右的擦力；由于物块B保静止，所=F；

2

A对B2对B木板A在平方向上到三个力作用：动滑轮对木板向右的拉力，体B对木板左的摩擦F，地面对木板向的摩擦力F，地面由于木板向匀速运动所以F=F+F-----------②动B对A地面由于力的作是相互的所以F=F----------③B对AA对2由②③可得F=F+F，

动

BA动

2

地面即F=F+f

，1

2

地面也就是F=2F+2f

，1

2

地面所以F＞。12故选：。12．国10万级的“新光华”号半潜船拥有两个标准足球场大的甲板，为亚洲最大2019年月“新光华”号半潜船从巴西运.5吨的超大型钻井平台回到广州。半潜船装载钻井台的工作过程示意图如图所示，半潜船先通过调整水舱里的压载水量，平稳地将船身和甲板潜入30米的水下，只露出船楼建筑；然后将漂浮的钻井平台拖拽到甲板正上方水面，半潜船开始排出水舱里的压载水上浮到甲板与钻井平台底部接触时，将钻井平台绑扎固定在甲板上，继续排出水舱里的压载水，半潜船身连同钻井平台一起上浮，浮出水面，最后静止。半潜船在上浮过程中（）．当排出的压载水重大于钻井平台重时才开始上浮．当排出的压载水重等于钻井平台重时才开始上浮．排出的压载水总重大于钻井平台重．排出的压载水总重等于钻井平台重【析】（1根据阿米德原理原和浮沉条分析排开载水重时半潜船的运动状态；（2）体漂时，浮力等重力；物的重力增，浮力增加，增加的物体的重力等于其排开的体的重力【答】解：半船在上浮过程中分为个状态如下：图1是潜船的船和甲板潜约米深水下的状态（此时漂浮；图2是浮到甲板钻井平台部刚刚接触时的状态；图3是潜船船身同钻井平一起上浮，浮出水面，最后处于静止状态；AB、图1中，半潜船在水下约30米深的位置处于漂浮状态，浮力等于重力；由图1到图2将压载水排出水舱半潜船的重力减小重力小于浮力半潜船会上浮，所以只要排出压载水，半潜船就会上浮，故AB错误；CD、图1中：F=G，图3中：F=G-G+G（其中G为整个过程中排浮1半船浮3半船总钻排总出的压载水总重），由图可知：V＞V；排1排3由于都是在水中，则由F=ρVg可知，＞F，浮液液浮1浮3即：G＞G-G+G，半潜船半船排总钻所以，G＞G，故C正确，错误。排总钻故选：C。二、填空题（共5个小题，每空2分，共分）13．进入老年后，眼睛睫状体对晶状体的调节能力减弱，太远、太近的物体都看不清楚。近视远视一眼镜（双光镜）可以解决这个问题，戴上这种眼镜，透过下半部分可以看清书上文字，透过上部分镜片可以看清远处景物。由此可知，近视远视一体眼镜下半部分________透镜，上半部分镜片对光有________（选填“会聚”或“发”）作用。【析（1）近视眼的因是只能清近处的体，看不清远处的物体，晶状体太厚，折光能太强，或眼球在前后方上太长，此来自远点的光会聚在视网膜前；对近视眼的正可通过透镜对光的发散作用进行纠正。（2）视眼成因是只能清远处的体，看不近处的物体，晶状体太薄，折光能力太弱，或眼球在前方向上太短因此来自处点的光聚在视网膜后；对远视眼的正可通过透镜对光的会聚作用进行纠正。【答】解：远眼是只能看清远处的物，看不清处的物体由题意可知，戴上这种眼镜，透过下半部分可以看清书文字，说近视远视体眼镜下半部分起到了远视眼镜的用，即是透镜；近视眼是只看清近处物体清远的物体视眼的正可通过凹镜对光线发散作用行纠正。由题意可知透过上半分镜片可看清远处景物，说明上半部分镜片凹透镜，部分对光有发散作。故答案为：；发散。142019年1日，嫦娥四号实现了人类探测器首次成功在球背面软着陆。嫦娥四号探测器在距离月球表面100米处悬停球表面识别主避障相对平坦的区域后始缓慢地竖下降，最后成功软着陆。从距离月球表面100米软着陆在月球表面的过程中，嫦娥四号探测器的重力势能________，机械能________。选填“增加”或“不变”或“减少”）【析】从重力能和动能大小的影响因进行判断又因为机能等于动能和势能的总和，然后判断机械能的变化。【答解：嫦娥号从距离月表面米到软着陆月球表面的过程中，质量不变，高度减小，重势能减少；该过中其速度小，动能少；探测器没有发生弹性形变，不有弹性势，则机械等于重力能与动能的总，所以其械能减少故答案为：少；减少15我国自行设计和自主研制的蛟龙号载潜水器创造了下潜7062米世界同类作业型潜水器最大下潜深度记录，其体积约为50m．蛟龙号某次在太平洋某海域下潜到上表面距海面2000m，进行预定的悬停作业此时上表面受海水压强________Pa号受到海水的浮力________Nρ×kg/m。海水【析】（1利用液压强计算公p=gh便可以出第一问答案；（2当蛟龙号潜到海面2000m时，它全浸入水中其排开水的体积等于自身的体积利用阿基米原理F=ρgV便可算出案；海水

排吸吸【答】解：（1）蛟龙下潜到上表距海面时其上表面到海水的压强：p=gh=1.03×1033××2000m=2.06×10pa。海水（2）时蛟号它完全浸水中，其开水的体等于自身的体积，蛟龙号受到水的浮力F=ρgV=1.03×33×10N/kg3×10N浮海水排故答案是：2.06×

7；5.15×10

5。16．个标准大气压下，将质量1.0kg的水℃加热到沸腾，水吸收的热量________J小明家天然气热水器的热效率是84%他某次洗澡，耗水40kg，自来水进热水器的温度是24，出热水器的温度是℃小明这次洗澡消耗天然________m．已知水的比热容是3J/（℃），天然气的热值是3.2J/m。【分析（）利用Q=cm△t求水吸收的热量；吸（2）利用Q=cm△t求洗澡时水吸收的热量；已知热水器的热效率，由η=吸

吸放可求得天然气放出的热量，再利用Q=Vq可求得天然气体积。【解答解：（1）水吸收的热量：Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×1.0kg×（100℃-20℃）=3.36×105J；吸（2）他某次洗澡时水吸收的热量：Q′=cm′△t′=4.2×3J/（kg•℃）×40kg×（40℃-24℃）=2.688106J；吸由η=

可得，天然气放出的热量：放；由Q=Vq可得，消耗天然气体积：放。故答案为：3.36×105；0.1。17某天晚上睡觉前小同学用有预功能的电饭煲为家人第二天早餐煲粥。小文将大米等食材放入电饭煲内，接通220V家庭电路，经过了待机、加热、保温三个过程，早餐前断开源，电饭煲消耗的电功率随时间变化的图象如图甲所示，电饭煲加热过程消耗的电能________kW．已知小文家电饭煲加热和保温部分基本电路原理如图乙所示S是通家庭电路的开关，是自动开关R和R为阻不变1

1

2的电热丝，则R=________Ω2【析】（1①从图中获取信息看0-5h这段时间待机状态，待机功率P；5-6h为加热状态，加热功率P；为温状态保温功率=220W

待加②电能的计公式：；

保（2）当开S、S闭合，R与R并，电路总电阻较小闭合断开时，路只有R工作总电阻1

1

2

1

2较大。电路总电压不，根据公

P＝

可知，R越功率越大所以R与R并时为加热状态，有R工作为保温状。2

1

2②利用公式可以求应的电阻。【答】解：（1由甲可知段时间是待机状态待机率P=44W5-6h为加热状态热功率P=880W；6-7h保温状态，保温功率P。

待

加保加热过程的间=1h，P=880W=0.88kW，加加则加热过程耗的电能W=Pt=0.88kW×1h=0.88kW•h加加加（2由乙可知当开关SS闭合时R与并联电总电阻较总率较大总率为。112当开关S闭合、断时，电路只工作，总阻较大，功率较小，其功率为P=220W

加1

2

2则R的阻值

。2故答案为：0.88；220。三、实验探究题（18小题第3问1，其余每空2，共19）18．“探究光折射时的特点”试验中，让光源发出的一束光从水中以不同的角度射入空气，观察到光在水中和空气中的径迹如图所示。回答以下问题：（）现象说________（填序号）．光路可逆．光在水面只发生了折射．光在水面只发生了反射射．光在水面既发生了折射又发生了反射（）大这一束光与竖直方向的夹角，发现射入空气的光的径迹与竖直方向的角也增大，此现象说明________（选填序号）．入射角增大，折射角减小．入射角增大，折射角增大．折射角的大小与入射角的大小成正比．折射角的正弦值与入射角的正弦值成正比（）这一束光垂直于水面射入空气。传播方________（填序号）。A向右偏B．向左偏．不偏【析】光从空斜射入水或其它透明介时，折射小于入射；光从水或其它透明介质斜射入空气中，折射角大于入角；光垂射到界面不改变方向；光射到界面上时同时生反射和射。【答】解：让光源发出一束光从中以不同角度射入空气，观察到光束在水中和空气的径迹如所示图可以看到反射线，同时看到折射线，故选。光源射出的线和竖直向的夹角入射角，空气中的光线和竖直方向夹角是折角；增大这一束与竖直方的夹角，增大了入射角，发现射入空气的光径迹与竖方向的夹也增大，就是折射角也大，此现说明入射增大，折射角增大，但不能得出成比的关系故选B（3）垂直到界面时不变方向；以，让这束光垂直于水面射入空气，其传播方向不偏转故选C故答案为：1）；（2B；（3）C19量标2.5V样小灯泡在额定电下工作时的电阻灯泡的额定功率估计在0.8W左右。实验室提供的器材有：两节干电池、电压V（程0-3V）、滑动变阻器、导线若干、开关、待测小泡。供选择的电流表A量程0-0.6A、A（程0-3A。回答下列问题：1

2（）流表应选________（“A”“”。1

2（）接好如图所示的实验电路，闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，压表有较大的示数。电路的故障可能是_______（选填号）A电压表断路．小灯泡断路C．压表短路，且小灯泡断路．电流表短路，且小灯泡断路（）除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器使电压表示数为2.5V，电流表数如图乙所示，小灯泡正常发光时的电阻________（小数点后保留一位数字）。【析】（1由小灯的额定电压2.5V，定功率估计在0.8W右，根P=UI求出灯的定电流确定选用的电流；逐一分析每选项，找符合题意答案；根据电流表用小量程定分度值数，由欧姆定律求出小灯泡正常发时的电阻【答】解（）灯泡的额电压为2.5V，定功率估在0.8W左右，据P=UI，灯额定电流为：，故电流表用A（程0-0.6A）；1（2）、若电压表断，电流有示数，不合题意；．若小灯泡路，灯光发光，电表示数为，电压表串在电路中电源电压电压表有较大示数，符合题意；．电压表短，电压表数为0不符合意；．电流表短，电流表数为0且小灯泡断路，灯不发光，电压表联在电路测电源电，电压表较大示数，符题意；故选BD；（3）除故后，闭合开，调节滑变阻器使压表示数为2.5V，电流示数如图乙所示，电流选用小量程，分度为0.02A电流为0.3A，由欧定律，小泡正常发光时的电阻是：。故答案为：1）A；2）B、D；（3）8.3。120．量小石块的密度。实验室器材有：托盘天平、量筒、细线、装有适量水的烧杯和待测小石块。请以下实验步骤完成实验：调节天平平衡。将天平放在水平桌面上，把游码放在标尺左端的零刻度线处，发现指针在分度的位置如图甲所示，应将右边平衡螺母________节（选填“左”或“右”）。用调节好的天平称小石块质量。三次测量结果记录在下表中。序号小石块质量m/g

152.8

252.4

352.4在量筒中装入60ml的，把小石块放入量筒内，量筒中的水面如图乙所示，则小石块的体积是________cm。小石块的密度是________g/cm（数点后留两位数字）。设计上小石块要吸水实测得的小石块的密_（选“大于“于“等于）小石块的真实密度。【析（天使用前的节①放把平放到水平桌面上移把游码到标尺左零刻线处③调调节平衡螺，使指针在分度盘中线处；分析3次测量结果找出错误的数值即可知石块质量读出水的体、水和石的总体积之差即为石块的体积；根据=求出石的密度；如果石块吸会导致水石块的总积变小，石块的质量不变，导致石的密度变。【答】解：天平要放在平台上或平桌面上游码到标尺左端零刻线处甲中指指在分度中央的左，应将平衡螺向其反方调节，故平衡螺母向右调节。由表格数据知，第一测量结果错误的，则小石块质量m=52.4g；由图知，石和水的总积V=80cm，则石块的体V=V-V

-60cm

3=20cm

3

；2

1石块的密度。如果石块具吸水性，导致测得和石块的总体积偏小，测得石块的积偏小，块的质量变，由ρ=可，测得小块的密度大。故答案为：1）右；（320；（4）2.62；5）大于。四、综合应用题（第1小题8分，第2小题12．要求写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤．有数值计算的题，必须写出数值和单位）21两地相距100km甲两地之间沿直线架设了两条用同种材料制成的细均匀的输电线，投入使用前，需要对输电线进行测试。技术人员在甲地用电源、电压表和电流表接成如图所示路进行测试，当在乙地输电线两端接入阻值为10Ω的电阻时（图中未画出），压表示数为5.0V，电流表示为0.10A保持电源电压不变，技术人员在某处将输电线线设置成短路（图中未画出），再次测试时，电流表示数为0.25A求：甲、乙两地间每条输电线的电阻值；短路位置离甲地的距离。【析一次测时知电路中压为和电流由欧姆律求出电路电阻根电阻的串得出甲、乙两地间每输电线的阻值；（2）处将电线线设置短路，已电路的电和电流，由欧姆定律得出电路的电阻，从而得短路位置甲地之间每输电线的阻；根据知条件求出短路位置离甲地的距离【答】解（）第一测试时，路中电压U=5.0V，电为=0.10A，由姆定律，路的电阻：1

1每条电线的电为乙输电线两接阻值为R′=10Ω据电阻的串联，0则有2R+R′=R，故；0（2）处将电线线设置短路U=5.0V，电流为I=0.25A再次测时，由欧姆律，1