2023-2024学年山东省青岛市集团校联考中考物理考试模拟冲刺卷含解析

2023-2024学年山东省青岛市集团校联考中考物理考试模拟冲刺卷注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．如图所示，把一根中间戳有小孔的轻质饮料吸管放在转动轴上，吸管能在水平面内自由转动，用餐巾纸摩擦吸管使其带电。用丝绸摩擦过的玻璃棒靠近吸管的一端，两者相互吸引。则A．吸管带正电B．吸管与玻璃棒带同种电荷C．餐巾纸与吸管摩擦时，吸管得到电子D．餐巾纸与吸管摩擦时，吸管上的部分正电荷转移到餐巾纸上2．如图，用带电棒接触原来不带电的验电器的金属球，发现验电器的金属箔张开，下列判断正确的是（）A．带电棒一定带正电 B．带电棒一定带负电C．两片金属箔一定带异种电荷 D．两片金属箔一定带同种电荷3．分别用如图所示的两个滑轮组，将同一物体提升到相同高度．若物体受到的重力为100N，动滑轮的重力为10N．把物体匀速提升1m的过程中，（不计绳重和摩擦）下列说法正确的是A．甲、乙两滑轮组所做的有用功都是100JB．甲滑轮组所做的有用功为200J，乙滑轮组所做的有用功为300JC．甲、乙滑轮组中绳子的自由端的拉力相等D．甲和乙两滑轮组的机械效率不相等4．下列物体的受力分析，错误的是A．放在水平面上的木块 B．挂在天花板上的小球C．静止在斜面上的木块 D．被细线拉住的氢气球5．生活离不开电，用电要讲安全．以下说法中不符合安全用电原则的是A．更换灯泡、搬动电器前应断开电源开关B．不弄湿用电器，不损坏绝缘层C．可以接触低压带电体，但不能靠近高压带电体D．保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换6．下列事例中，不是利用水的比热容大的特性的是A．夏天在地上洒水会感到凉快B．海边昼夜温差变化比沙漠中小C．北方楼房内的“暖气”用水作为介质D．生物体内水的比例高，有助于调节自身的温度7．图是往浴缸中匀速注水直至标记处的示意图．在图所示的图像中，能正确表示此过程中浴缸底部受到水的压强随时间变化的图像是A． B．C． D．二、填空题（本大题7小题，共21分）8．(1)如图圆柱形容器杯中100g水，放在水平桌面上，小明往杯中加入4g的盐充分搅拌后发现液面几乎不变，说明_________．此时水对杯底的压强_________（填“变大”或“不变”或“变小”），若忽略加盐过程中溶液体积变化，则盐水的密度是_________kg/m1．(2)小明记录一杯100g清水温度随时间变化并绘制出了图像，如图，但14分钟后图像遗忘了，他补充了a，b两条图像，其中正确的图线是_________．9．在如图1所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表的指针如图2所示，R2两端电压为______V，R1：R2=______，当开关S断开，甲、乙均为电流表时，甲、乙两表示数之比为______．10．甲、乙两种物质，质量相同．如图是他们的自然凝固图像，其中乙物质在t分钟后慢慢变成固体．观察图像可知，液态的甲和乙相比，比热容大的是__________．同时可以发现，同种物质的比热容与物质状态__________（选填“有关”或“无关”）．固态是晶体__________（选填“甲”或“乙”）．11．如图所示，物体A的长度为_______cm。12．在某一温度下，两上电路元件A和B中的电流与其两端电压的关系如图所示．则由图可知，元件A的电阻为_____Ω；将A和B并联后接在电压为2.0V的电源两端，则通过A和B的总电流是_____A．13．水平桌面上两个完全相同的烧杯中分别盛有甲、乙两种液体，将两个完全相同的小球分别放入两烧杯中，当两球静止时，两液面高度相同，球所处的位置如图所示。小球在甲液体中所受浮力为FA、所排开甲液体的重力为GA、甲液体对容器底的压强为p甲；小球在乙液体中所受浮力为FB、所排开乙液体的重力为GB、乙液体对容器底的压强为p乙，则FA_____FB、GA_____GB、p甲_____p乙（均选填“＞”、“＝”或“＜”）。14．如图所示为一种保温电热水壶的电路示意图,烧水时,开关S2处于________状态,若电热水壶烧水时消耗的功率为1000W,则电阻R1为_____Ω．如果保温状态下电热水壶消耗的功率是烧水时的,则电阻R2消耗的功率为____W．三、作图题（共7分）15．如图所示蜡烛通过凸透镜在光屏上成清晰像，请在大致位置画出凸透镜后，作出光线AB经凸透镜折射后射向光屏的光路图。16．一小车水平向右匀速运动，在车厢顶用细绳竖直悬挂一个小球，小球与竖直车厢壁刚好接触但不挤压，如图所示。请画出小车突然减速时小球受力的示意图。17．根据平面镜成像的特点，在如图中画出物体AB在平面镜MN中成的像．（______）四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．学校实验室开放日，同学们可以选择自己感兴趣的器材进行科学探究。小明选择器材探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验，实验中弹簧测力计匀速拉动同一木块在水平放置的长木板上进行甲、乙、丙三次实验（木块各表面粗糙程度相同）。①实验中匀速拉动木块的目的是利用__________的知识，可以间接测出木块的滑动摩擦力大小。②对比如图甲、图乙所示，探究的问题是__________③另一小组的同学采用如图丙所示的装置，其优点是__________④在如图丙中画出摩擦力的示意图并标出其大小。小丽对手摇发电机非常感兴趣，她想：发电机产生感应电流在大小跟哪些因素有关呢？根据经验又想到可以根据小灯泡在亮度来判断电路中感应电流大小，于是她利用如图19所示的手摇发电机开始实验探究，得到如下表的所示的实验现象。请你根据小丽在实验数据表格中记录的实验现象回答下列问题：①小丽计划探究的问题中的自变量是________②根据实验记录的现象得到的初步结论是________③若还想探究产生的电流方向是否发生变化，可以将灯泡换成________19．小莉、小华和小明三人选择了一个焦距为10cm的凸透镜来探究凸透镜成像规律,实验装置如图示：(1)小莉同学做实验时,小华发现烛焰在光屏上的像如图所示,若要使烛焰在光屏中心成像,只调节透镜,小莉应将透镜向____（选填“上“或“下”)移动,改正后,当蜡烛距离凸透镜10.3cm时，却发现在光具座上无论怎么样移动光屏都得不到像,原因是_____________________(2)小明在凸透镜成像实验中,把蜡烛放在该凸透镜的焦点上,凸透镜固定不动,将光屏向远离凸透镜的方向移动的过程中,在光屏上观察到一个大小________________(选填逐渐变大、保持不变或逐渐变小)的光斑．(3)小华将烛焰移至距凸透镜15cm处,移动光屏,烛焰在光屏上可以得到倒立、_________清晰的实像．(4)小莉同学将自己的近视眼镜镜片放在了蜡烛与凸透镜(靠近凸透镜)之间,小明移动透镜和光屏,直到在光屏上得到了一个倒立缩小的清晰的像.将近视眼镜镜片取下,发现光屏上的像变模糊了．①为了使屏上的像重新变得清晰,在不移动蜡烛和凸透镜位置的前提下,小华应将光屏向__（选“左”或“右”)移动②表示小莉同学近视眼成像和近视矫正情况的分别是_________．(5)蜡烛通过凸透镜恰好在光屏上得到放大的清晰的像，若保持凸透镜的位置不变把蜡烛和光屏的位置对调,则光屏上（________）A．不能成像B．可以成像,但要适当移动位置C可以成像,像大小不变D．可以成像,像变小20．如图甲所示是小宇同学探究“光的反射规律”的实验装置。平面镜M平放在水平桌面上，白色硬纸板垂直立在平镜面上。（1）小宇让一束光贴着纸板沿AO方向射向镜面，反射光沿OB方向射出，测出反射角和入射角大小，改变光的入射角度，多次重复上述实验步骤。①上述实验探究得到的规律是_____（选填字母）。A．光沿直线传播B．反射角等于入射角C．平面镜成像的特点②白色硬纸板在实验中的作用是_____（写出一条即可）。（2）实验过程中若将纸板倾斜，如图乙所示，让光仍贴着纸板沿AO方向射向镜面，此时反射光_____（选填“在”或“不在”）纸板这一平面内；通过平面镜观察镜中硬纸板的像，则看到的像与图丙中相符的是_____（选填序号）。21．小明同学利用A、B两物体、砝码、泡沫等器材探究“压力的作用效果与什么因素有关”的实验．如图所示．实验中小明是通过观察_____来比较压力作用效果的，这种科学探究方法是_____法．比较甲、乙两图所示实验，能够得到的结论是_____．若要探究“压力的作用效果与受力面积大小的关系”，应通过比较图_____和_____所示实验．小明同学实验时将物体B沿竖直方向切成大小不同的两块，如图所示．他发现它们对泡沫的压力作用效果相同，由此他得出的结论是：压力作用效果与受力面积无关．你认为他在探究过程中存在的问题是_____．22．创新小组的同学们要探究“液体内部压强有多大”。（1）如图甲所示，小明同学将一端带橡皮膜的玻璃管逐渐浸入水中时，他看到的现象是_____。（2）实验前，同学们认为还能利用此装置定量研究液体压强大小，分别进行了如下实验：①小明同学在玻璃管中分别倒入不同质量的细沙，将玻璃管竖直插入水中，直至橡皮膜没有凹凸时，并测出橡皮膜在水中的深度，数据记录在表中。次数123沙子的质量/g102030橡皮膜的深度/cm51015分析表中数据，可得出的结论是_____。②小聪同学将玻璃管浸入水中某一深度，然后往玻璃管中注入水，直至橡皮膜没有凹凸，观察玻璃管内水的高度，发现内外水面相平，如图乙，这是因为_____；她在此基础上进行理性探究，设水的密度是ρ，玻璃管内截面积是S，橡皮膜距水面的深度是h。他能得到的结论是：_____。（3）在课后反思时，小聪同学脑洞大开，她拔掉压强计的胶管，在U形管中分别倒入了水和煤油。待液体不流动时，测出如图丙所示的两段液体的高度。若水的密度是ρ，则煤油的密度的表达式是_____。五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．电饭锅是家中常用的用电器，下表是小宇家中一台电饭锅的铭牌，其内部结构简化如图所示，其中R1和R2都是电热丝（不考虑温度对电阻的影响）。额定电压220V频率50Hz额定功率加热880W保温44W（1）电饭锅正常工作时，在加热状态下的总电流是多少？电阻R2的阻值是多少？一天，小宇断开家中其它用电器，只接通电饭锅且处于加热状态，发现家中标有“220V10（20）A；3000r/kW•h”的电能表5min内转了200圈，求电饭锅此时的实际加热功率是多少？24．钓鱼岛自古以来就是中国固有领土，早在1373年我国渔民就已经发现了钓鱼岛，如图所示是我国一艘装备精良的现代化综合公务船正在钓鱼岛附近巡航。（海水密度取1.0×103kg/m2，g取10N/kg）求：若该船的声呐探头距海面深度为10m，则该声呐探头受到海水的压强是多少？该公务船以36km/h的速度匀速航行5h，若航行时受到的阻力为船重的0.05倍，则这一过程中动力所做的功是多少？六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．俗话说，瑞雪兆丰年，2019我省又迎来了一场大范围的降雪天气，大雪后，小明看到广场的雪地上有小朋友打雪仗，铲雪车在公路上进行铲雪作业，他用手机上网查阅到该型号铲雪车的额定功率是120kW，质量是5t，求：（g＝10N/kg）（1）小明看到一小朋友将一个雪球斜向上抛出后，若不计空气阻力，则雪球在下落过程中的机械能_____（选填“变小”“不变”或“变大”）；铲雪车工作时，将_____能转化为_____能。（2）假设铲雪车在一段长1.5km的平直路面上，以额定功率保持18km/h的速度匀速直线前进进行铲雪作业，求这一过程中铲雪车所做的功______和受到的阻力的大小______。（3）该过程中共消耗柴油5L，该铲雪车的效率是多少______？（柴油的热值为4.0×107J/kg，柴油的密度ρ＝0.8×103kg/m3）26．阅读短文，回答问题观光电梯电梯是一种用于多层建筑乘人或载物的运输工具．电梯的简易结构如图甲所示，电梯轿厢和配重分别挂在主电动机的两侧，在电梯半载时，轿厢总重和配重的重力基本相等．满载上升时，主电动机提供动力，驱动轿厢．如图乙所示，为某商业大厦安装的观光电梯，其相关参数如下表．为了安全，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图丙所示，控制电路的电源电压U为12V，压力传感器的电阻R与所受压力F的关系图像如图丁所示，电磁继电器阻值可忽略．当电流大于0.2A时，会启动警报系统，同时无论如何按压电梯控制器，门电动机均不工作．此外，电梯需经常保养，“运行频次比ω”是电梯养护的重要指标，ω一般用电梯每天平均待机时间与运行时间之比来表示．（1）为便于观光，电梯的外壁采用玻璃材料，主要是因为玻璃有较好的____性，该观光电梯配重的重力约为____N．（2）下列有关该电梯的说法中，正确的是____.A．主电机与钢丝绳之间的摩擦为有害摩擦B．超载自动报警系统中电磁铁的右端为S极C．电梯满载上行时，电动机需顺时针转动D．报警电铃的工作原理是电磁感应（3）乙图中，当站在上升的B电梯里的乘客看到A电梯在上升，则可推知A电梯在______且速度__（大于/小于/等于）B电梯的速度．（4）控制电路中R0=____Ω．若使用一段时间，电梯未满载就报警，则说明R0的阻值变____（大/小）．（5）该商业大厦每天营业时间为12h，设电梯均在额定功率下运行．经测算，该观光电梯平均每天耗电72kW•h，则该观光电梯的“运行频次比”ω=____（结果写成小数形式）.27．如图甲所示为某初中小组设计了一种测定风力的装置，迎风板与压敏电阻Rx连接，工作时迎风板总是正对风吹来的方向．压敏电阻的阻值随风力变化而变化，其阻值Rx与风对迎风板的作用力F关系如图乙所示．已知电源电压恒定，定值电阻R=5Ω，灯泡L标有“6V6W”的字样（不考虑灯丝电阻的变化），电压表的量程为0～3V．闭合开关S，无风时电压表的示数为2.5V．（1）灯泡L的电阻为多少？．（2）求无风时，压敏电阻Rx消耗的电功率？（3）求该装置所能测量的风对迎风板的最大作用力？（4）若提高该装置所能测量的风对迎风板的最大作用力，请说出两种改进方法．

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、C【解析】

丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；通电电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；物质失去电子带正电。【详解】AB、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；玻璃棒能吸引吸管，说明玻璃棒与吸管带有异种电荷，故AB错误；CD、用餐巾纸摩擦吸管时，餐巾纸失去电子带正电，吸管得到了电子带负电，故C正确，D错误；2、D【解析】

用带电棒接触原来不带电的验电器的金属球，带电体上的电荷传递到金属箔上，是两个金属箔带有同种电荷，根据同种电荷相互排斥原理，因此金属箔张开，故D符合题意．3、A【解析】

AB、甲乙两滑轮组所提的重物相同、上升的高度相同，则两滑轮组所做的有用功相同，即W有=Gh=100N×1m=100J，故A正确、B错误；C、由图可知滑轮组绳子的有效股数n甲=2，n乙=3，因为动滑轮的个数和重力以及物体的重力相同，根据F=1n(G+D、不计绳重和摩擦时，滑轮组的额外功是由克服动滑轮重力所做的功，根据W=Gh可知，动滑轮重和上升高度相同时，两者的额外功相等，由W总=W有+W额可得，两滑轮组的总功相同，有用功和总功的比值等于机械效率，故两滑轮组的机械效率相等，故D错误．故选A．4、C【解析】

力是物体对物体的作用，在分析物体受力情况时，一定要找到对应的受力物体，否则这个力就是不存在的，据此分析即可．【详解】放在水平桌面上的木块，受重力和桌面支持力的作用，故A正确；挂在天花板上的小球受到重力和线的拉力的作用，故B正确；静止在斜面上的木块受到竖直向下的重力、斜面对它的垂直于斜面向上的支持力及沿斜面向上的静摩擦力，沿斜面向下滑的力F是重力的分力，该力不存在，故C错误；被细线拉住的氢气球受重力、细线的拉力、浮力三个力的作用，故D正确，故只有C符合题意，故选C．5、C【解析】

A.更换灯泡、搬动电器时容易碰到金属部分，切断电源可以保证金属部分不带电，故A符合安全用电的原则．B.弄湿用电器，损坏绝缘层会造成人体直接或间接与火线接触，从而造成触电事故，故B符合安全用电的原则；C.不接触低压带电体，不靠近高压带电体，故C不符合安全用电的原则；D.保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换，故D符合安全用电的原则．故选C.故选C.（1）更换灯泡、移动用电器之前必须断开开关，防止发生触电事故；（2）生活用水属于导体，非常容易导电，绝缘层损坏后非常容易发生触电事故；（3）安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；（4）保险装置、插座、导线、家用电器等老化后要及时更换，防止发生触电事故．6、A【解析】

A．夏天在地上洒水感到凉快是利用了水的蒸发吸热，而不是利用水的比热容大的特点，故A符合题意；B．沿海地区和沙漠地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，昼夜温差小；沙漠地区多砂石，砂石的比热容较小，在相同的吸热条件下，砂石的温度变化大，故B不符合题意；C．因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以北方楼房内的“暖气”用水作为介质，故C不符合题意；D．生物体内水的比例很高，在外界环境温度升高时，生物体即使吸收较多的热量，由于水的比热容较大，体温不会升的过高；同理在在外界环境温度降低时，由于水的比热容较大，即使放出较多的热量，体温也不会过低，所以生物体内的水分有助于调节生物体自身的温度，故D不符合题意。7、B【解析】

据图可知，浴缸的形状是上宽下窄，所以在向浴缸中倒水时，相同时间倒入相同质量的水，但水在浴缸中的增加的高度越来越小，所以容器底部所受的液体的压强的增加量也会越来越小，故B是正确的；二、填空题（本大题7小题，共21分）8、分子间有空隙变大1.04×101kg/m1a【解析】

（1）小明往杯中加入4g的盐充分搅拌后发现液面几乎不变，说明分子间有空隙；小明往杯中加入4g的盐充分搅拌后发现液面几乎不变，即液体的体积不变，但液体总质量变大，所以液体的密度变大，根据p=ρgh可知，此时水对杯底的压强变大；根据ρ=可得，水的体积：V水===1×10﹣4m1，忽略加盐过程中溶液体积变化，则盐水的体积：V盐水=V水=1×10﹣4m1，则盐水的密度：ρ盐水====1.04×101kg/m1．（2）根据图象可知，14分钟后水全部凝固成冰，该过程中质量不变，但冰的比热容比水的比热容小，由Q=cm△t可知，在放出相同热量的情况下，比热容越小，温度降低的越快，所以冰降温要快；由图可知，b段比水降温要慢些，a段比b段温度降低的要快些，所以正确的图线是a．9、61:31:4【解析】

电压表自身电阻非常大，识别电路时可以看作断路．由电路图可知，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测串联的总电压，乙测R2两端电压，根据串联电路的电压特点可得甲电压表的量程是0-15V，从图甲中得到甲电压表的示数是8V，乙电压表的量程是0-3V，从图乙中得到乙电压表的示数是2V，R2两端电压U2=U-U1=8V-2V=6V；串联电路中各处的电流相等，两个电阻的阻值之比；当开关S断开，甲、乙为电流表时，两电阻并联，甲测通过R2的电流，乙测干路电流，两表示数之比．10、甲有关甲【解析】

由图象可看出，甲物质温度降低到一定时不再降低，乙继续降低，说明放热一段时间甲物质在熔化，由此可知甲是晶体，乙是非晶体；t分钟后，降低相同的温度时，甲物质所用时间更长，所以甲的比热容较大；同时观察甲的图像可知，甲在熔化前后，甲在相同时间内改变的温度不同，说明了同种物质的比热容与物质状态有关．11、3.40【解析】

由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体A左侧与0.00cm对齐，右侧与3.40cm对齐，所以物体A的长度为L=3.40cm。12、5；0.1．【解析】

从A图象中读出任意一定的电压和电流，根据欧姆定律求出元件A的电阻；将A和B并联后接在电压为2.0V的电源两端时，它们两端的电压均为2.0V，根据图象读出通过的电流，根据并联电路的电压特点求出总电流．【详解】由图象可知，当UA=2V时，IA=0.4A，根据欧姆定律可得A的电阻；将A和B并联后接在电压为2.0V的电源两端时，它们两端的电压均为2.0V，由图象可知：IA=0.4A，IB=0.2A，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，通过A和B的总电流：I=IA+IB=0.4A+0.2A=0.1A．13、＝＝＞【解析】

由图可知，A球漂浮，B球悬浮，所以根据悬浮和漂浮条件可知两球受到的浮力都等于各自的重力，由于两个小球是相同的，重力相等，所以FA＝FB＝G。根据阿基米德原理可知：排开液体重力GA＝FA，GB＝FB，所以GA＝GB；由于A球漂浮，B球悬浮，根据物体的浮沉条件可知：ρ甲＞ρ球，ρ乙＝ρ球，则两种液体的密度大小关系是：ρ甲＞ρ乙。且两烧杯中液面相平即h甲＝h乙，根据液体压强的计算公式p＝ρgh可知：p甲＞p乙。14、闭合48.490【解析】当开关S2闭合时,只有R1工作,电路电阻最小,功率最大,所以烧水时开关闭合,

电阻R1的阻值

保温状态下电热水壶消耗的功率电路电流为：

此时电阻的功率为：

所以消耗的功率为：

因此，本题正确答案是:闭合48.490三、作图题（共7分）15、【解析】解答：由图可以看出,蜡烛经凸透镜成清晰的像在光屏上是倒立放大的,由凸透镜成像规律可知,此时2f>u>f,连接AA′，与主光轴的焦点即为凸透镜的中心，然后即可确定凸透镜的位置；光屏上蜡烛的像是实像，是由实际光线会聚而成的。来自烛焰尖部的光经透镜折射后会聚在光屏上组成烛焰尖部的像，所以，将入射光线与像中的烛焰尖部连接起来即可得到折射光线，如图所示：点睛：由图可以看出，蜡烛经凸透镜成清晰的像在光屏上是倒立放大的，由凸透镜成像规律可知，此时2f>u>f，然后即可确定凸透镜的大体位置，再根据通过凸透镜光心的光线传播方向不改变可确定凸透镜的具体位置，再根据光屏上成的是实像，将入射光线分别与像中的烛焰尖部连接起来即可得到相应的折射光线．16、【解析】试题分析：小车突然减速时，小球由于惯性保持原来的运动状态，挤压车厢，车厢给小球一个向左的支持力，因此小球受到三个力的作用：竖直向下的重力、竖直向上的拉力、水平向左的支持力。答案如上图。考点：力的示意图17、【解析】

因为像与物的连线垂直于镜面，像与物到镜面的距离相等，所以分别由A、B两点向镜面作垂线，使A和A'，B和B'到镜面的距离相等，连接A'B'，那么A'B'就是物体AB在平面镜MN中的像，因为平面镜成的是正立等大的虚像，所以A'B'要画成虚线并在上方标上箭头，如图：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、二力平衡滑动摩擦力的大小是否与接触面的大小有关不需要使长木板做匀速直线运动或弹簧测力计示数稳定方便读数线圈转速发电机产生感应电流大小跟线圈转速有关发光二极管【解析】

（1）①实验时，用弹簧测力计拉木块使它在水平木板上做匀速直线运动，根据二力平衡知识可知，这时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。②由图可知，图甲和图乙相比，木块对木板压力相同，接触面的粗糙程度相同，所不同的是甲图木块平放，乙图木块立放，即木块与长木板的接触面大小不同，是探究滑动摩擦力大小与接触面积大小的关系；③木块稳定时相对地面处于静止状态，在水平方向上木块受到的测力计的拉力与木板施加的摩擦力为一对平衡力，大小相等，而与木板的运动状态无关，故此过程长木板不需要匀速拉动；④因为木块静止在木板上，所以它受到拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反，因为拉力为2.4N，所以摩擦力也为2.4N，拉力向右，摩擦力方向向左，如图所示：（2）①由题表中记录数据可知探究发电机产生感应电流的大小是否与线圈转速有关，即自变量是线圈的转速；②线圈转速越快，灯泡的亮度越亮，通过灯泡的电流越大，由此可得手摇发电机线圈转速越快，产生的感应电流越大；③由于发光二极管具有单向导电性，若还想探究产生的电流方向是否发生变化，可以将灯泡换成发光二极管。19、下像距很大，光具座不够长保持不变放大左丙、甲D【解析】

（1）由图知，像偏上，所以烛焰应相对于凸透镜向上移动，所以若只调节透镜，应将透镜向下移动．当蜡烛距离凸透镜10.3cm时，此时物距处于f和2f之间，且稍大于焦距，所以物距远大于2f，无论怎么样移动光屏都得不到像，原因可能是因为光具座不够长而造成的；（2）把蜡烛放在该凸透镜的焦点上，通过凸透镜后的光线是平行的，所以将光屏向远离凸透镜的方向移动的过程中，在光屏上观察到的现象是大小不变的光斑；（3）15cm处于f和2f之间，所以烛焰在屏上得到清晰的倒立、放大的实像，投影仪就是应用这一原理制成的．（4）近视眼镜是凹透镜，将近视眼镜镜片取下，像的位置会向凸透镜靠近，所以光屏上的像变模糊了．①为了使屏上的像重新变得清晰，应将光屏向左移动．②近视眼是由于晶状体的折光能力太强，使像成在视网膜的前方，丙图正确，需用凹透镜进行矫正，甲图正确；（5）蜡烛通过凸透镜恰好在光屏上得到放大的清晰的像，根据光路的可逆性，若保持凸透镜的位置不变把蜡烛和光屏的位置对调，则光屏上仍可以成像，此时成的是倒立缩小的实像；D符合题意．20、B显示光路不在③【解析】

(1)①[1]已知入射光线AO和反射光线OB，多次改变光的入射角度，测反射角与入射角的大小，并比较得出反射角与入射角的大小关系，因此该实验探究了反射定律中的反射角等于入射角，故选B。②[2]白色硬纸板在实验中的作用显示光的传播路径。(2)[3][4]根据光的反射定律可知，在反射现象中，反射光线、入射光线分居法线两侧；反射光线、入射光线和法线在同一平面内，因此若将纸板倾斜，如图丙所示，让光线仍贴着纸板沿AO方向射向镜面，此时反射光线与入射光线仍在同一平面内，但不在纸板这一平面上，看不到反射光线，若此时通过平面镜观察纸板，因为物像关于镜面对称，则看到的图象应为丙图中的③。考点：光的反射定律。21、泡沫的凹陷程度转换法在受力面积相同时，压力越大，压力的作用效果越明显甲丙没有控制压力大小相同【解析】(1)实验中小明是通过观察泡沫的凹陷程度来比较压力作用效果的,这种科学探究方法是转换法;

(2)甲乙两图中,受力面积相同,乙图中压力更大,故得出的结论是:在受力面积相同时,压力越大,压力的作用效果越明显;

(3)若要探究“压力的作用效果与受力面积大小的关系”,应控制压力大小相同,只改变受力面积大小,故应比较图甲丙两实验;

(4)研究压力作用效果与受力面积的关系,应控制压力大小相同,将物体B沿竖直方向切成大小不同的两块

时,受力面积不同的同时,压力大小也改变了,即没有控制压力大小相同,得出结论是错误的.

因此，本题正确答案是:(1)泡沫的凹陷程度;转换法;

(2)在受力面积相同时,压力越大,压力的作用效果越明显;

(3)甲;丙

(4)没有控制压力大小相同.22、橡皮膜向内凹，且随着浸入深度的增加凹陷的越明显种液体内部的压强与深度成正比橡皮膜处于二力平衡状态液体压强p＝ρghρ煤油＝ρ【解析】

（1）当小明同学将玻璃管逐渐浸入水中时，橡皮膜会逐渐向内凹，且随着浸入的深度的增加凹陷的越明显；因为液体有向上的压强，且液体的压强随深度的增加而增大；（2）①由表中数据可知，沙子质量是原来的2倍，橡皮膜受到的压强也原来的2倍，此时橡皮膜的深度也是原来的2倍，因而可得出的结论是：同种液体内部的压强与深度成正比。②设水的密度是ρ，玻璃管的内截面积是S，橡皮膜距水面的深度是h，向玻璃管中倒水，直至橡皮膜变平，橡皮膜它受到玻璃管中水向下的压力即F向下和烧杯中水向上的压力即F向上，因为橡皮膜处于二力平衡状态，受平衡力。所以F向下＝F向上，即：F向下＝F向上＝G＝pS，p＝＝ρgh。得到的结论是液体压强p＝ρgh；（3）由于左侧管中装有密度为ρ的液体水，液体水的深度为h1，则产生的向右的压强为p1＝ρgh1；右侧管中装有密度为ρ煤油的液体煤油，液体煤油的深度为h2，则产生的向左的压强为p2＝ρ煤油gh2；因为两种液体不流动，则p1＝p2；即：ρgh1＝ρ煤油gh2；所以，ρ煤油＝。五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）4A（2）1100Ω（3）800W【解析】

（1）知道电饭锅正常工作时在加热状态下功率，利用P＝UI求电路总电流；（2）分析S、S0闭合和S闭合、S0断开时的电路组成、电阻大小关系，据P＝可知，什么情况为保温档，再利用P＝求R2的阻值；（3）3000r/kW•h表示电饭锅每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，据此求电能表转盘转200r消耗的电能，再利用P＝求电饭锅此时的实际加热功率。【详解】（1）由题知，电饭锅正常工作时，在加热状态下功率P＝880W，由P＝UI可得总电流：I＝＝4A；（2）当S、S0闭合时，R1和R2并联，当S闭合、S0断开时，电路中只有R2，因并联电路总电阻小于支路电阻，因此当S闭合、S0断开时，电路总电阻较大；由P＝可知，此时电功率较小，为保温档；P保温＝44W，由P＝可得：R2＝＝1100Ω；（3）3000r/kW•h表示电饭锅每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，则电能表转盘转200r消耗的电能：W＝kW•h＝kW•h，电饭锅此时的实际加热功率：P实＝＝0.8kW＝800W。24、（1）1×105Pa；（2）2.7×1011J。【解析】

（1）探头受到海水的压强为：p＝ρ海水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×10m＝1×105Pa；（2）因为匀速，所以动力F＝f阻＝0.05G船＝0.05m船g＝0.05×3000×103kg×10N/kg＝1.5×106N，又船在5h内通过的路程为s＝vt＝36km/h×5h＝180km＝1.8×105m，所以在这一过程中动力所做的功为W＝Fs＝1.5×106N×1.8×105m＝2.7×1011J。答：（1）该声呐探头受到海水的压强是1×105Pa；（2）这一过程中动力所做的功是2.7×1011J。六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25、不变内机械3.6×107J2.4×104N22.5%【解析】

（1）雪球在下落过程中，高度减小，重力势能减小；速度增大，动能增大，因此由重力势能转化动能。因不计空气阻力，雪球在下落的过程中，重力势能全部转化为动能，故机械能的总量守恒；铲雪车工作时，内能减小，机械能增大，故将内能转化为机械能。（2）除雪车前进1.5km所用的时间：t====300s，除雪车做的功：W＝Pt＝1.2×105W×300s＝3.6×107J，除雪车的推力F===2.4×104N，因为匀速直线运动，受到的阻力推力是平衡力，阻力f＝F＝2.4×104N；（3）消耗汽油的体积V＝5L＝5×10﹣3m3，消耗汽油的质量m＝ρV＝0.8×103kg/m3×5×10﹣3m3＝4kg，汽油完全燃烧放出的热量Q放＝mq＝4kg×4.0