第一篇专题一第1讲力与物体的平衡

专题一力与运动知识体系第1讲力与物体的平衡1会分析物体的静态平衡问题，会选择合适的方法处理静态平衡问题。2会分析动态平衡问题，掌握常见的处理动态平衡问题的方法，并会处理动态平衡的临界与极值问题。目标要求内容索引考点一考点二高考预测静态平衡问题动态平衡问题专题强化练考点一静态平衡问题1.对物体进行受力分析2.处理平衡问题常用的四种方法合成法物体受三个共点力的作用而平衡，则任意两个力的合力一定与第三个力大小相等，方向相反分解法按效果分解：物体受三个共点力的作用而平衡，将某一个力按力的作用效果分解，则其分力和其他两个力分别满足平衡条件正交分解法：物体受到三个或三个以上力的作用时，将物体所受的力分解为相互垂直的两组，每组力都满足平衡条件矢量三角形法对受三个共点力作用而平衡的物体，将力的矢量图平移，使三个力组成一个首尾依次相接的矢量三角形，根据正弦定理、余弦定理或相似三角形等数学知识求解未知力(2020·全国卷Ⅲ·17)如图，悬挂甲物体的细线拴牢在一不可伸长的轻质细绳上O点处；绳的一端固定在墙上，另一端通过光滑定滑轮与物体乙相连。甲、乙两物体质量相等。系统平衡时，O点两侧绳与竖直方向的夹角分别为α和β。若α＝70°，则β等于A.45° B.55°C.60° D.70°例1√取O点为研究对象，在三力的作用下O点处于平衡状态，对其受力分析如图所示，根据几何关系可得β＝55°，故选B。(2023·江苏徐州市模拟)质量为m粗细均匀的麻绳如图所示悬挂，悬点处切线与竖直方向夹角分别为37°和53°，P点为最低点，sin37°＝0.6，重力加速度为g，则A.左侧悬点对麻绳拉力为0.6mgB.右侧悬点对麻绳拉力为0.8mgC.最低点P处张力为0.3mgD.P点右侧麻绳质量为0.36m√例2对麻绳受力分析，受重力mg、左侧悬点对麻绳拉力F1、右侧悬点对麻绳拉力F2，F1cos37°＋F2cos53°＝mg，F1sin37°＝F2sin53°，解得F1＝0.8mg，F2＝0.6mg，故A、B错误；对P点右侧麻绳受力分析，受重力m1g、最低点P处张力F、右侧悬点对麻绳拉力F2，则F＝F2sin53°＝0.48mg，m1g＝F2cos53°＝0.36mg，所以P点右侧麻绳质量为m1＝0.36m，故C错误，D正确。

如图所示，倾角为α的斜面固定在水平面上，在斜面和固定的竖直挡板之间有两个匀质球P、Q，P球质量是Q球质量的三倍，各接触面均光滑，系统处于静止状态，P、Q两球的球心连线与竖直方向的夹角为β，下列说法正确的是A.4tanα＝tanβ B.3tanα＝tanβC.2tanα＝tanβ D.tanα＝tanβ√例3以P、Q两球整体为研究对象，受力分析如图甲所示，由平衡条件可得F2＝4mgtanα，以Q球为研究对象，受力分析如图乙所示，由平衡条件可得F2＝mgtanβ，联立解得4tanα＝tanβ，故选A。整体法、隔离法的运用总结提升在处理共点力平衡的问题时，若出现了两个或多个物体，一般会使用整体法或隔离法，可以使用“整体法＋隔离法”或“隔离法＋隔离法”，可根据具体题目灵活应用。

如图所示，与水平面夹角均为θ＝37°的两金属导轨平行放置，间距为1m，金属导轨的一端接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的直流电源，另一端接有定值电阻R＝4Ω。将质量为0.025kg的导体棒ab垂直放在金属导轨上，整个装置处在垂直导轨平面向上的匀强磁场中。当开关S断开时，导体棒刚好不上滑，当开关S闭合时，导体棒刚好不下滑。已知导体棒接入电路的电阻R0＝4Ω，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，金属导轨电阻不计，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取g＝10m/s2。则导体棒与导轨间的动摩擦因数为√例4则BI1d－μmgcosθ＝mgsinθ，BI2d＋μmgcosθ＝mgsinθ，1.对于静电场、磁场中的平衡问题，受力分析时要注意静电力、磁场力方向的判断，再结合平衡条件分析求解。2.涉及安培力的平衡问题，画受力示意图时要注意将立体图转化为平面图。总结提升考点二动态平衡问题化“动”为“静”，将多个状态下的“静”态进行对比，通过矢量三角形图解法、动态圆法、正弦定理、三角函数、极值法等分析各力的变化或极值。(2023·海南卷·3)如图所示，工人利用滑轮组将重物缓慢提起，下列说法正确的是A.工人受到的重力和支持力是一对平衡力B.工人对绳的拉力和绳对工人的拉力是一

对作用力与反作用力C.重物缓慢拉起过程，绳子拉力变小D.重物缓慢拉起过程，绳子拉力不变√例5工人受到三个力，绳的拉力，地面支持力和重力，三力平衡，故A错误；人对绳和绳对人的拉力是一对作用力与反作用力，B正确；重物拉起过程，两绳的张角变大，拉力变大，C、D错误。(2021·湖南卷·5)质量为M的凹槽静止在水平地面上，内壁为半圆柱面，截面如图所示，A为半圆的最低点，B为半圆水平直径的端点。凹槽恰好与竖直墙面接触，内有一质量为m的小滑块，用推力F推动小滑块由A点向B点缓慢移动，力F的方向始终沿圆弧的切线方向，在此过程中所有摩擦均可忽略，下列说法正确的是A.推力F先增大后减小B.凹槽对滑块的支持力先减小后增大C.墙面对凹槽的压力先增大后减小D.水平地面对凹槽的支持力先减小后增大例6√对滑块受力分析，由平衡条件有F＝mgsinθ，FN＝mgcosθ，θ为F与水平方向的夹角，滑块从A缓慢移动到B点时，θ越来越大，则推力F越来越大，支持力FN越来越小，所以A、B错误；水平地面对凹槽的支持力为FN地＝(M＋m)g－Fsinθ＝(M＋m)g－mgsin2θ则θ越来越大时，水平地面对凹槽的支持力越来越小，所以D错误。

质量为M的木楔倾角为θ，在水平面上保持静止，当将一质量为m的木块放在木楔斜面上时，它正好匀速下滑。如果用与木楔斜面成α角的力F拉着木块匀速上升，如图所示(已知木楔在整个过程中始终静止，重力加速度为g)。(1)当α变化时，求拉力F的最小值；答案mgsin2θ例7方法一木块在木楔斜面上匀速向下运动时，根据平衡条件有mgsinθ＝μmgcosθ解得μ＝tanθ因其在力F作用下沿斜面向上匀速运动，根据正交分解法有Fcosα＝mgsinθ＋Ff，Fsinα＋FN＝mgcosθ且Ff＝μFN则当α＝θ时，F有最小值，即Fmin＝mgsin2θ。故β＝θ，则F合与竖直方向夹角为2θ可得拉力F的最小值Fmin＝mgsin2θ。(2)F取最小值时，求木楔对水平面的摩擦力是多少。由(1)可知，当F取最小值时，α＝θ因为木块及木楔均处于平衡状态，整体受到的水平面的摩擦力等于F的水平分力，即FfM＝Fcos(α＋θ)当F取最小值mgsin2θ时，则有1.三力作用下的动态平衡总结提升2.四力作用下的动态平衡(1)在四力平衡中，如果有两个力为恒力，或这两个力的合力方向恒定，为了简便可用这两个力的合力代替这两个力，转化为三力平衡，例如：如图所示，qE<mg，把挡板缓慢转至水平的过程中，可以用重力与静电力的合力F合＝mg－qE代替重力与静电力。(2)对于一般的四力平衡及多力平衡，可采用正交分解法。总结提升(3)在力的方向发生变化的平衡问题中求力的极小值时，一般利用三角函数求极值。也可利用“摩擦角”将四力平衡转化为三力平衡，从而求拉力的最小值。例如：如图所示，物体在拉力F作用下做匀速直线运动，改变θ大小，求拉力的最小值时，可以用支持力与摩擦力的合力F′代替支持力与摩擦力，Fmin＝mgsinθ，其中FN与Ff的合力方向一定，“摩擦角”θ满足tanθ＝

。总结提升高考预测1.(2023·江苏苏州市期末)图a是一种大跨度悬索桥梁，图b为悬索桥模型，六对轻质吊索悬挂着质量为M的水平桥面，吊索在桥面两侧竖直对称排列，其上端挂在两根轻质悬索上(图b中只画出了其中一侧的分布情况)，悬索两端与水平方向成45°角，则一根悬索水平段CD上的张力大小是(重力加速度为g)12√122.(2023·江苏三模测试补偿训练)家用燃气炉架有互相对称的四个爪，若将总质量为m的锅放在这个炉架上，如图所示，忽略爪与锅之间的摩擦力，重力加速度为g，设锅为半径为R的球面，则每个爪与锅之间的弹力A.等于

mgB.等于mgC.R越大，弹力越大D.R越大，弹力越小12√12设每个爪与锅之间的弹力为FN，根据对称性可知，正对的一对爪对锅的弹力的合力方向竖直向上，则四个爪对锅的弹力在竖直方向的分力等于锅的重力；专题强化练1.(2023·江苏卷·7)如图所示，“嫦娥五号”探测器静止在月球平坦表面处。已知探测器质量为m，四条腿与竖直方向的夹角均为θ，月球表面的重力加速度为地球表面重力加速度g的

。每条腿对月球表面压力的大小为123456789101112保分基础练√1234567891011122.(2023·江苏连云港市模拟)如图所示，某同学展示“旋转一字马”，用双脚撑在平行竖直墙壁间保持静止。关于该同学的受力，下列说法正确的是A.该同学单脚受到的摩擦力等于重力B.该同学单脚受到墙壁的作用力沿水平方向C.若墙壁间距离稍远一些，则该同学腿部承

受力增大D.若墙壁间距离稍近一些，则墙壁对该同学的作用力减小√123456789101112对该同学受力分析可知，该同学受重力、两脚摩擦力、墙壁的支持力，根据竖直方向受力平衡可知单脚受到的摩擦力小于重力，故A错误；该同学单脚受到墙壁的作用力是摩擦力和支持123456789101112力的合力，根据力的合成可知该力不沿水平方向，故B错误；若墙壁间距离稍远一些，则该同学两腿夹角变大，根据力的合成规律可知该同学腿部承受力增大，故C正确；对该同学整体分析，可知墙壁对该同学的作用力等于重力不变，故D错误。3.(2023·江苏南京市二模)如图甲所示，笔记本电脑支架一般有多个卡位用来调节角度，某人将电脑放在该支架上，由卡位4缓慢调至卡位1(如图乙)，电脑与支架始终处于相对静止状态，则A.电脑受到的支持力变大B.电脑受到的摩擦力变大C.支架对电脑的作用力减小D.电脑受到的支持力与摩擦力两力大小之和等于其重力大小123456789101112√根据题意，对电脑受力分析，如图所示，电脑始终处于静止状态，故电脑受力平衡。由平衡条件可得，电脑受到的支持力大小为FN＝Gcosθ电脑受到的摩擦力大小Ff＝Gsinθ123456789101112由原卡位4调至卡位1，θ减小，故FN增大，Ff减小，故A正确，B错误；支架对电脑的作用力，即电脑受到的支持力与摩擦力两力的合力，大小等于电脑的重力，方向竖直向上，始终不变，故C错误；电脑受到的支持力与摩擦力两力大小之和大于其重力大小，故D错误。4.(2023·江苏省南京外国语学校期末改编)如图所示，一水平光滑晾衣杆上晾晒有一双手套。两只手套由一细线连接，某同学在晾衣杆两侧细线间放置一水平轻杆，已知两只手套质量相等，轻杆长度不变且始终水平，轻杆粗细不计，则下列说法正确的是A.将轻杆向下移动，晾衣杆两侧细线的拉力变大B.当图中θ＝120°时，晾衣杆对细线的作用力最小C.将轻杆向上移动，晾衣杆对细线的作用力变小D.无论图中θ取何值，晾衣杆对细线的作用力都等于两手套的重力123456789101112√对细线、轻杆和手套整体受力分析有F＝G，G为整体的重力，轻杆移动过程中，晾衣杆对细线的作用力大小不变，B、C错误，D正确。对细线上与晾衣杆接触的点受力分析，晾衣杆对细线的作用力为F，设两侧细线上的拉力为F1，1234567891011125.(2022·浙江6月选考·10)如图所示，一轻质晒衣架静置于水平地面上，水平横杆与四根相同的斜杆垂直，两斜杆夹角θ＝60°。一重为G的物体悬挂在横杆中点，则每根斜杆受到地面的123456789101112√123456789101112以其中一斜杆为研究对象，其受力如图所示，6.如图所示，细线穿过固定在重物上的光滑小环C后，两端分别固定在天花板上的A、B两点，重物(包括小环)的质量为m，对重物施加一个水平向左的拉力F，使AC段细线竖直且重物静止，已知A、B间距离为L，细线长为3L，重力加速度为g，则F的大小为123456789101112√1234567891011127.耙在中国已有1500年以上的历史，北魏贾思勰著《齐民要术》称之为“铁齿楱”，将使用此农具的作业称作耙地。如图甲所示，牛通过两根耙索拉耙沿水平方向匀速耙地。两根耙索等长且对称，延长线的交点为O1，夹角∠AO1B＝60°，拉力大小均为F，平面AO1B与水平面的夹角为30°(O2为AB的中点)，如图乙所示。忽略耙索质量，下列说法正确的是123456789101112√1234567891011128.(2023·江苏南京市考前训练)质量为M、半径为R的光滑匀质球，用一根长度也为R的细线悬挂在互相垂直的两竖直墙壁交线处的P点，则球对任一墙壁的压力大小为(重力加速度为g)123456789101112争分提能练√对球进行受力分析，球受重力Mg、细线的拉力FT及两个墙壁对它的支持力，两个支持力大小相等，夹角为90°，设支持力的大小为FN、细线与竖直墙壁交线的夹角θ，1234567891011121234567891011129.凿子是中国传统的木工工具，一凿子两侧面与中心轴线平行，尖端夹角为θ，当凿子插入木板中后，若用锤子沿中心轴线方向以适当的力F敲打凿子上侧时，凿子仍静止，侧视图如图，此时凿子作用于木板1面、2面、3面的弹力大小分别为F1、F2、F3，忽略凿子重力和摩擦力，下列关系式中正确的是A.F1<F3

B.F1＝FcosθC.F＝F2sinθ

D.F＝√123456789101112对凿子受力分析并按图示建立平面直角坐标系由受力平衡可得F2sinθ＝F，F2cosθ＋F3＝F1所以可得F1＞F3，123456789101112A、B、D错误，C正确。10.(2023·江苏省学业水平考试押题卷)如图所示，倾角为θ＝30°、静置在水平地面上的斜面体顶端有一光滑的定滑轮，斜面上的物块A通过细线绕过定滑轮与物块B相连，此时物块A恰要沿斜面滑动，现在物块B上施加水平向右的力使物块B缓慢升高(图中未画出)，当物块B与滑轮间的细线与竖直方向的夹角φ＝60°时，物块A也恰要沿斜面滑动，已知物块B的质量为m，重力加速度为g，整个过程斜面体始终静止，则A.外力F的最大值为2mgB.物块A的质量为2mC.物块A和斜面间的最大静摩擦力为

mgD.地面和斜面体间的摩擦力一直减小√123456789101112123456789101112斜面体与两个物块组成的系统始终处于平衡状态，水平方向外力逐渐增大，故地面和斜面体间的摩擦力也增大，D错误。123456789101112