2023届重庆市普通高中高三猜题联考卷三物理试题（解析版）

2023年重庆市高考物理猜题联考试卷（三）

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只

有一项是符合题目要求的.

1.（4分）如图所示是激光产生的原理示意图，当外来光子的能量等于原子相应的能级差时,

就会把原子从低能态激发到高能态，同时发出光辐射，1916年，除了上述两种过程之外，还

存在第三种过程——受激辐射跃迁，处在高能态的原子向低能态跃迁，并同时辐射出能量相

同的光子，光速为c,下列说法正确的是（）

E,

受激辐射

4-------------

A.原子吸收外来光子，从低能态激发到高能态的过程叫自发辐射跃迁

B.处于激发态的原子自发跃迁到低能态的过程叫受激吸收跃迁

C.受激辐射跃迁与受激吸收跃迁的区别是，一个是吸收光子从高能态跃迁到低能态，一

个是吸收光子从低能态跃迁到高能态

D.若某束激光的动量为p,则光子的能量为0.5pc

K解析》解：A.原子吸收外来光子，故A错误;

B.处于低能态的原子吸收光子跃迁到激发态的过程叫受激吸收跃迁，故B错误:

C.受激辐射跃迁指吸收光子从高能态跃迁到低能态，故C正确;

D.根据E=hV=h-安，p-:，故D错误。

故选：Co

2.（4分）关于下列五幅图像说法正确的是（

P

胡椒粉在热半杯水与半打开开关K,P中的

水中翻滚杯酒精混合气体自由扩散到Q铝块与金块叠在一起

甲乙丙T

A.对甲图，加热一锅水时发现水中的胡椒粉在翻滚，说明温度越高布朗运动越剧烈

B.对乙图,半杯水与半杯酒精混合之后的总体积要小于整个杯子的容积，说明液体分子

之间有间隙

C.对丙图,自由膨胀和扩散现象都具有双向可逆性

D.对丁图、扩散现象不能在固体之间发生

K解析》解：A.对甲图，是水的对流引起的，布朗运动用肉眼观察不到的，故A错误;

B.对乙图，说明液体分子之间有间隙；

C.对丙图，不具有双向可逆性；

D.对丁图，故D错误。

故选：B。

3.(4分)根据我国道路交通管理的相关规定，同一车道行驶的机动车，后车必须根据行驶

速度、天气和路面情况，标出了一般情况下汽车在不同行驶速度下所对应的大致安全距刹车

距离。在通常情况下，驾驶者的反应时间平均为0.4〜1.5s()

40kinh

60kmM

80km1i

A.反应时间是指刹车后的0.4s至l.5s一段时间

B.驾驶员酒后的反应时间一定会大于3s

C.由图像看出，当行驶速度为60km/h,停车距离与反应距离的比值为9：4

D.由图像看出，随着行驶速度的增大，反应距离与刹车距离的比值逐渐减小

K解析》解：A.反应时间指刹车前的0.4〜6.5s时间内；

B.不同人反应时间不同，故B错误；

C.当行驶速度为60km/h“X3=35：15=7：3,故C错误；

D.不同速度行驶

S6：xi=10：10=1：7

S2：X2=15：20=5：4

S3：X3=20：40=1：2

比值逐渐减小，故D正确。

故选：D。

4.（4分）如图所示是远距离输电的示意图，远距离输电要采用高压输电，输电电压330kV、

550kV乃至750kV的线路，输电交流电压为1000kV（直流电压为±800kV）及以上的线路,

构建了大规模“西电东送'”'北电南送”的能源配置格局，2018年（）

H7R受用器

国K交电所

A.远距离输电的输送电压指升压变压器原线圈端电压

B.远距离输电的输送电压可以无限制地提高

C.远距离输电的输送电流指一次高压变电站副线圈的电流

D.特高压远距离输电可以采用交、直流结合的方式输电

K解析］解：A.远距离输电的输送电压指升压变压器副线圈端电压，故A错误；

B.因为电压越高，对输电线绝缘的要求就越高，这样不经济，并不是输电电压越高越好，故

B错误；

C.远距离输电的输送电流指一次高压变电站原线圈的电流，也可以是升压变压器副线圈中的

电流；

D.为了增加输电效率，特高压远距离输电可以采用交，故D正确

故选：D。

5.（4分）某研究性学习小组用激光束照射圆孔和不透明圆板后，分别得到如图甲、乙所示

的图样，则下列说法错误的是（）

甲乙

A.甲图属于圆孔衍射

B.乙图的亮斑是“泊松亮斑”，最早由泊松先推算出这个亮斑，后来泊松发现圆板中心的

确有这个亮斑

C.不管是圆孔衍射还是圆盘衍射，影像的边缘轮廓都是模糊不清的

D.发生圆孔衍射时，圆形光环的图样半径远大于圆孔的半径，即光绕到障碍物的影子里

K解析力解：A.根据衍射条纹的特点可知甲图属于圆孔衍射，即图乙为著名的“泊松亮斑；

B.乙图的亮斑是“泊松亮斑”，但泊松认为这是非常荒谬的，故B错误；

C.不管是圆孔衍射还是圆盘衍射，故C正确；

D.发生圆孔衍射时，即光绕到障碍物的影子里。

本题选择错误的，故选：B。

6.（4分）在某个点电荷所产生的电场中画一个圆，如图所示，O为圆心，B是AC优弧的

中点，下列说法正确的是（）

A.A、。两点的电场强度大小相同

B.四点中0点的电势最高

C.电子沿直线从A到C,电场力先做正功后做负功

D.正电荷沿圆弧从B到C,电势能减小

K解析［解：AB.A、C两点的电场强度方向反向延长线的交点为点电荷所在位置

点电荷

Q

由图可知，点电荷为带正电

因为A点到点电荷的距离最近，则A点的电场强度大于O点的电场强度，可知四点的电势

大小关系为

<pA=<pC>（pO><pB

故AB错误；

C.电子沿直线从A到C,所以电子受到正点电荷的库仑引力，电场力先做正功后做负功;

D.正电荷沿圆弧从B到C,根据Ep=q<p可知电势能增加，故D错误。

故选：Co

7.（4分）如图所示，场强为E的匀强电场方向竖直向下，磁感应强度为B的匀强磁场垂直

电场向外（视为质点）获得某一垂直磁场水平向右的初速度，正好做匀速圆周运动，下列说

法正确的是（）

小球必须带正电

小球的质量为昌

Eq

小球做匀速圆周运动的周期为2誓

D.若仅把电场的方向改成竖直向上，小球正好做匀速直线运动，则其速度为与

K解析》解：A.小球受到重力，小球做圆周运动，可知，电场力方向与电场强度方向相反,

故A错误；

B.根据上述有qE=mg

解得：m-.故B错误；

C.小球在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动qvB=d,丁上工

结合上述解得

—，故C正确；

D.若把电场的方向改成竖直向上，根据平衡条件有

mg+qE=qv（）B

结合上述解得：VnT，故D错误。

UD

故选：Co

二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分.在每小题给出的四个选项中，有

两个或两个以上选项符合题目要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的

得0分.

（多选）8.（5分）如图所示是宇宙中存在的某三星系统，忽略其他星体的万有引力，三个

星体A、B、C在边长为d的等边三角形的三个顶点上绕同一圆心0做匀速圆周运动。已知

A、B、C的质量分别为2m、3m、3m,则下列说法正确的是（）

A.三个星体组成的系统动量守恒

B.A的周期小于B、C的周期

C.A所受万有引力的大小为业巨露

D.若B的角速度为3,则A与圆心0的距离为呼粤

K解析》解：AB、该系统属于稳定的三星系统、周期相同，系统动量守恒，故A正确;

GX2mx5m6\/5Gm2

C、A所受万有引力的合力大小为：F=2x*cos30

d2d2

D、若B的角速度为3,则根据牛顿第二定律可得：至返箕=2m32r

dJ

所以A与圆心0的距离为：尸可。：,故D正确。

d2W7

故选：ADo

（多选）9.（5分）法拉第展示人类历史上第一台直流发电机——法拉第圆盘发电机，结构

示意图如图甲所示，圆盘所处的匀强磁场的磁感应强度为B（ABS）的轮速传感器示意图,

铁质齿轮P与车轮同步转动，当轮齿在接近和离开磁铁时，线圈中出现感应电流。下列说法

正确的是（)

（爹…窗…

甲乙

A.对甲图，若圆盘不动，磁体转动（磁感线与盘面垂直），电流表的指针不会偏转

B.对甲图，当圆盘的角速度为3,边缘的线速度为v,则感应电动势为应•

23

C.对乙图，穿过线圈的磁通量会发生变化，则此装置是利用电磁感应现象来测量车轮转

速的

D.对乙图，同样初速度的同一辆汽车，安装了ABS的刹车距离小，不易发生侧滑

K解析X解：A.对甲图，磁体转动（磁感线与盘面垂直）圆盘的半径相对于磁感线是运动

的，产生电磁感应现象，故A错误；

B.感应电动势为：E=BR-^-

其中V=R3

联立解得：E上工

口43

故B正确；

CD.此装置利用电流检测器D检测电流，为制动器提供合适制动力，有效避免汽车车轮侧

滑现象，故C错误。故选：BD。

（多选）10.（5分）如图所示，倾角为。=37。的斜面体固定在水平地面上，在斜面上固定

一个半圆管轨道AEB,其最低点A、最高点B的切线水平，AB是半圆管轨道的直径（视为

质点）从A点以一定的水平速度滑进圆管，圆管的内径略大于小球的直径、重力加速度为

g,下列说法正确的是（）

A.当小球到达B点时受到沿斜面方向的弹力刚好为0,则小球在B点的速度为

B.小球离开B点做平抛运动的时间为2宿

C.若小球在B点的加速度大小为2g,则A点对小球沿斜面方向的弹力大小为5mg

D.若小球到达B点时受到沿斜面方向的弹力刚好为0,则小球的落地点与P点间的距离

为

D

K解析11解：A、小球到达B点时受到沿斜面方向的弹力刚好为0,则由牛顿第二定律有

mgsin370=m-

r

解得：v°=、匡，故A错误；

BV6

B、小球离开B点后做平抛运动

1q

2rsin320=^-gt，

解得：t=2^：

V8g

C、小球在B点的加速度大小为

7

2gzi

r

小球由A运动到B过程，由动能定理有

~mg・2rsin37o=春mu；--z_mvJ

oLZA

2

小球在A点有：N-mgsin37°=mZA.

r

解得A点对小球沿斜面方向的弹力大小：N=5mg,故C正确。

D、若小球到达B点时受到沿斜面方向的弹力刚好为0

为詹,t噫

小球的落地点与P点间的距离为X=VBt

解得：x-rr-故D正确。

4

故选：BCDo

三、非选择题：本题共5小题，共57分.

H.（6分）某同学用如图甲所示的实验装置来测量当地的重力加速度，让重物从高处由静

止开始下落，打点计时器在重物拖着的纸带上打出一系列的点。实验结束后，用刻度尺只测

出如图乙所示的两段距离就可以达到实验目的，交流电源的频率为f

打点计

时器

\

I

TT

甲乙

(1)B点的速度为VB=,F点的速度为VF=。(用题中和图中所给

的已知物理量符号来表示)

(2)当地的重力加速度g=o(用题中和图中所给的已知物理量符号来表示)

(3)若再测出B、F两点之间的距离为X3,当地的重力加速度可另表示为名=。

(用XI、X2、X3、f来表示)

K解析［解：(1)重物做匀加速直线运动，某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速

度，则

(2)根据匀变速直线运动的规律有

Ax=aT2

结合纸带分析有

X8-Xl=2g(y)2

解得

(x-x)f2

8-----2-----3------

8

(3)根据速度一位移关系式有

Vp-Vg=2gx7

结合上述解得

故K答案2为：（1）5fxi,]fx2；（2）（X2-X7）f：（3）f（X2-X3）。

2388X5

【点评】本题关键掌握某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，根据逐差法计算加

速度。

12.（9分）某同学利用如图甲所示的电路探究规格为“3V1.8W”的小灯泡的伏安特性，根据

实验情况，回答下列问题：

（1）在小灯泡接入电路前，使用多用电表直接测量小灯泡的电阻，则应将选择开关旋至哪

个挡进行测量（填选项前字母）。

A.直流电压3V

B.直流电流0.6A

C.电阻“xlO”

D.电阻“xl”

（2）图甲中R为滑动变阻器（阻值范围0〜20。，额定电流LOA）,L为待测小灯泡，V为

电压表（量程3V,内阻10k）（量程0.6A,内阻IC）,E为电源（两极间电压6V）,S为开

关。

①在实验过程中，开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于（填“最左”或“最

右”）端；

②在实验过程中，已知各元器件均无故障，但闭合开关S后，电压表和电流表的示数总是调

不到零，其原因可能是导线没有连接好（图甲中的小圆点表示接线点，并用

数字标记，请用图甲中的数字说明存在断路的导线，如“2点至3点的导线”）；

③排除故障后进行实验，该同学描绘出的小灯泡的I-U特性曲线如图乙所示，则可以看出

小灯泡的阻值随着两端电压的增大而,电压为U=1V时，小灯泡的电阻为

C,功率为W。

K解析》解：（1）小灯泡未接入电路时的电阻为

M9

R=.y_=—Q=5Q

p18

使用多用电表直接测量小灯泡的电阻，则应将选择开关旋至电阻“xl”,ABC错误。

故选：D。

（2）①滑动变阻器起保护电路作用，滑片P应置于最左端；

②闭合开关S后，无论如何调节滑片P,滑动变阻器实际上被接成了限流接法；

③根据小灯泡的I-U特性曲线可以看出小灯泡的阻值随着两端电压的增大而增大；

电压为U=IV时，电流I=0.4A

R=—=—Q=2.5Q

J0.4

此时的电功率为P=UI=1x0.4W=0.4W

故K答案U为：（1）D；（2）①最左，②1点至5点；③增大，2.5,0.4。

13.（10分）如图所示，水平面上固定一劲度系数为k=100N/m的轻弹簧，弹簧上端有一个

两端开口的绝热汽缸（图中未画出），两绝热活塞A和B封住一定质量的理想气体，活塞A

的质量m=2kg,平衡时，两活塞间的距离为d=12cm。已知大气压强为po=1.0xl（）5pa,初

始时气体的温度为Ti=300K,重力加速度大小为g=10m/s2,两活塞A、B的面积均为S=

2cm2且均可无摩擦地滑动而不会脱离汽缸，汽缸与活塞接触良好而不会漏气，汽缸侧壁始

终在竖直方向上，弹簧始终在弹性限度内且保持竖直.求：

（1）若将气体的温度加热到400K,则活塞A移动的距离为多少；

（2）保持温度不变，给活塞A施加一个竖直向上F=10N的拉力平衡后活塞A移动的距

离。

K解析X解：（1）将气体的温度加热到T2=400K,气体进行等压变化，设活塞A移动的距

离为x

dS（d+x）S

解得：x=4cm

（2）设平衡后两活塞间的距离增加了Ad。

初始时气体压强为：

Pl=P3+詈

施加拉力平衡后气体的压强为：

P2=P0+\^-

气体进行等温变化，根据玻意耳定律得：

p4ds=p2（d+Ad）S

解得：Ad=4cm

设汽缸与活塞B的总质量为Mo

初始弹簧压缩量为：掇3=（卜八

k

施加拉力平衡后弹簧的压缩量为：△x0=（M+IU）

乙k

可得活塞B上升的距离为：h=Axi-AX2=E=巴m=0.lm=10cir

Bk100

平衡后活塞A移动的距离为：hA=Ad+hB=6cm+1Ocm=14cm

答：（1）若将气体的温度加热到400K,则活塞A移动的距离为4cm；

（2）保持温度不变，给活塞A施加一个竖直向上F=10N的拉力平衡后活塞A移动的距离

为14cm。

14.（14分）如图所示，半径为R的圆形边界，圆心为O,圆形边界内除扇形区域jOe外,

存在垂直纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场，间距为2R,圆形边界与ac相切于e点,

在平行板的右侧放置一荧光屏，荧光屏与bd平行（不计重力），从p点以指向圆心O的速

度垂直进入磁场，然后从e点进入匀强电场；再让与粒子甲相同的粒子乙从p点垂直射入磁

场，速度的大小与甲相同、方向与甲不同，进入电场，最后打在荧光屏上的f点

（1）匀强电场的场强;

(2)粒子乙从p点到f点的运动时间。

K解析》解：(1)作出甲粒子的运动轨迹如图所示

轨迹几何关系可知，粒子圆周运动的轨道半径为

r=R

粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力，则有

8

Vn

qvoBD=m__y.

r

粒子在电场中做类平抛运动，则有

56

R=voto,R=—ato

2

根据牛顿第二定律有

m

解得：E=2qRB、；

m

(2)作出乙粒子的运动轨迹如图所示

粒子在磁场中圆周运动的周期

结合解得T审

粒子在磁场中运动的时间

_兀m

t8=—1=—~

2qB

粒子进入电场前做匀速直线运动，经历时间

R

t4=—

V0

解得：12=当

qB

粒子在电场中做类平抛运动，根据上述

R=v4t3

IT

解得：t3=f

qB

粒子飞出电场后做匀速直线运动，水平方向有

解得:t

则粒子乙从P点到f点的运动时间为

t=ts+t2+t3+t8

解得：

qB

5

答：(i)匀强电场的场强为2避一；

m

(2)粒子乙从p点到f点的运动时间为

qB

15.(18分)如图所示，表面光滑的平台ABC由斜面AB和水平面BC组成，与倾角为。的

斜面体ODE一起固定在地面上加,O点在C点的正下方，AB与BC在B处平滑连接，

AK的高度为H=1.65m。a、b两小球(视为质点)大小相同，把小球b放置在C点，让a

球从A点由静止开始下滑，碰后b球做平抛运动落到OD上，不计空气阻力。

(1)求a、b发生碰撞前的瞬间，a的速度vo的大小；

(2)a、b碰撞后的瞬间，若b的动能是a的动能的8