物理-2024届湖南湘东九校联盟高三上学期第一次联考（一模）带答案

湖南省2024届高三九校联盟第一次联考1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在3.考试结束后，将本试题卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共桁架拱桥结构，位列同类桥梁中湖南第一、桥梁上层为机动车道桥上的六根竖直钢丝绳吊索，相邻两根吊索之间距离均相等，若减速直线运动，刚好在吊索E、F的中点N点停下，汽车3.如图所示，固定的倾角为37°的粗糙斜面上放置一长方体物块37°角斜向下的推力推动物块（力的作用线在斜面上的投影与斜面底边平行），物块4.如图所示，已知地球半径R=6400km，某资源探测卫星A沿半径为5R时，启动点火装置在极短时间内让卫星减速，然后沿着与地5.如图甲所示，公交车上的手拉吊环具有辅助乘客站稳的作用，当车静止或匀直状态，当车突然启动或刹车时，其会荡起一定的角度。某兴趣小组突发奇想：将其简然后保持恒定，手拉吊环稳定的偏离竖直方向某一角度（弹性绳始终在弹性限度内且遵），a二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共2符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，7.多个点波源在空间也可以形成干涉图样，如图甲是8.如图所示，两条不可伸长轻绳分别连接质量相同的两个可视为质点的小球能以相同的角速度在水平面内做匀速圆周运动，则关于两小球的位置关体的加速度随时间变化的情况如图乙所示。整个运动过程10.如图为某种旋转节速器的结构示意图，16gL255 E．滑动变阻器R1（0~5Ω,额定电流为1AF．滑动变阻器R2（0~50Ω,额定电流为0.01A）；14.（14分）世界上最早最精确的极光观测记能粒子流（太阳风）射向地球时，由于地磁场作用，部分进入地到激发态后辐射光子，而产生的发光现象。假设地磁场边界到地心的15.（16分）如图，光滑水平轨道上固定一个光滑圆弧轨道，圆弧的半径为R=1.2m，圆心角为60°,圆弧），弹簧，并用细线拴连使弹簧处于压缩状态，弹簧此时恰好与B湖南省2024届高三九校联盟第一次联考物理参考答案命题学校：株洲市二中审题学校：常德市一中-、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。题号2345答案CCDAB1.c【解析】得出相对论的科学家是爱因斯坦，故A错误；牛顿运用开普勒第三定律和自己的理论推出万有引力F定律，常数G没有得出，第一个"秤"地球质量的人是卡文迪什B错误；公式B=IL是比值定义法，故C正确；F通过单位运算m的单位为m4/s2，所以D错误。pt2.C【解析】由逆向思维法可知，汽车运动逆过程是一个初速度为零的匀加速直线运动，由2ar＝2得A=3E，所以A错误；然后又由=2at2得t总=3t所以通过AE的时间是2t所以B错误；再由0=t得AE=40EN所以C正确；由v=得全过程v＝u.5t>VE。所以本题正确答案选C。3.D【解析】将推力沿垂直斜面和平行斜面向下两个方向分解：F5=0.8mgFy1=0.6mg将重力沿平行斜面向下和垂直斜面向下两个方向分解F2=06mg，F2=08mg，物块做匀速直线运动，受力平衡，摩擦力f=、F2F2=mg弹力FN=Fy+Fy2=14==4A解析根据开普勒第定律可知3其中在近地圆轨道上运动时R2gT近 RT椭g22π，则卫星A制动后回到地球近地点的最短时间为tmin其中r=32000km,R＝6RT椭g210m/s2，代入数据可知tmin=1.3×104s，故A正确。5.C【解析】初始时系统保持静止有k0=mgo为弹性绳形变量此时弹性绳长1=L+相对静止时，有krcoθ=mg此时绳长2=+kcogsθg2十2又g2十2ag故小球升高h=02Cθ即Ah=L(16.B【解析】为了以最短时间到达机舱，一开始先以最大加速度匀加速度上升，当功率达到额定功率时，保持功率不变直到特种兵达到最大速度，接着做匀速运动，最后以最大加速度匀减速上升至机舱时速度刚好为零，第一阶段的匀加速上升过程中，根据牛顿第二定律可得FTmmg=maFTm＝l200N,当功率达到额定功率时，设的速度为,则有＝=m/s＝10m/s，此过程所用时间和上升高度分别为的速度为,则有＝=m/s＝10m/s，此过程所用时间和上升高度分别为t1=1s，h=FTm1200a112a1102P额P额120002×10FTg2 m=5m，特种兵以最大速度匀速时，有un==m102P额P额120002×10FTg2 mm2=12000J，D错误。由功能关系可知，电动机做的功为特种兵重力势能的增量mgh＝54000J所以C错误特种兵最后以最大加速度做匀减速运动的时间和上升高度分别为t3=a==28h3==m=20m，设重物从结束匀加速运动到开始做匀减速运动所用时间为t2该过程根据动能定理可得P额t2mgh2＝22mm2m21，又h2=90m5m20m=65m联立解得t2=4S，故特种兵运动的最短时间为tmin=t1十t2十22物理试题参考答案-1t3=ls＋4s＋2s＝7s,A错误，在减速阶段电动机就不需要做功了,所以电动机工作的最短时间为5s，B正确。、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。题号789答案ACADBDAC7.AC【解析】由于。点到三个波源的距离相同，根据波的叠加原理可知其振幅为6cm；根据入＝VT=1m，故能发生明显衍射现象。t=4畅5s时，仅s2与S3的波传播到C处，由于传播时间to=4s，故C处质点已经振动了0.5s，故c处质点与平衡位置距离y=2×2cm=2厂2cm。类比两列波的干涉可知，频率必须相同才能发生干涉。8.AD【解析】设两绳子1、l2与竖直线的夹角分别为α和β，则若两球在轴线同侧，则r2>r1。对下面小球，由牛顿第二定律得：T2Cosβ=m2g,T2sin=m22r2；即tanβ；对两个小球，由系统牛顿第二定律得：T1Cosα＝(m1＋m2)g，Tisina=m22r2十m21，即tanα==2=·tnβ·所以排除B和C·选A若两球位于轴线的异侧，如图D，选向左为正，则Tisinα=m202r2十m102r1,则因为T＞0,所以r1＞r2，同理，解得tnβ=·tnα=α和β可能相等可能不相等所以选D.综上,本题选AD。×1/s=.4m/s但由图乙可知，物块Q的at图像与t轴所围的实际面积大于加速度均匀增大时的面积，即速度变化量大于0.4m/s，则t=ls时Q的速度大小大于0.4m/s，所以A错误；在0～1s内，恒力F推p的瞬间，由at图像知p的加速度为ao＝1m/s2，有F=mpao＝2N，所以B正确；0～1s内PQ总动量增加量为2N·s，所以C错误；1s时两者的加速度相等，为a=0.8m/s2，对P、Q由牛顿第二定律有FKr＝mpak=mQa解得mQ=0.5kg，由动量定理可知Ft＝mpP＋mQQ撤去F后直至P、Q共速时，系统的动量守恒，有mpP＋mQQ＝(mp＋mQ)解得v=0.8m/s，即弹簧伸长量最大时，P和Q的速度大小都为0.8m/s，故D正确。10.AC【解析】对A受力分析，由平衡条件知2Tcos53。=mgB、C受力具有对称性，只需对B受力分析，由平衡条件知F弹=Tsin53。当轻杆与竖直方向的夹角为37。释放重物，当轻杆与竖直方向的夹角恢复为53时=L2L=L2L5此时重物的速度1与小环的速度2满足关系1Cos53。=2sin53。由全过程机械能守恒得mgh=2k222+2×222解得=入三、实验题：11题6分，12题10分。d2d2【解析】(1)由题图乙可知，主尺刻度为7mm；游标尺上对齐的刻度为5；故读数为：(7＋5×0.05)mm＝7.25mm＝0725cm。物理试题参考答案212d22to(2)若减小的重力势能等于增加的动能时，可以认为机械能守恒；则有：mgH＝m即：2gHo＝()12d22to电门的时间变小，测出的速度越接近实际速度，则EpEk将减小。12(10分，每空2分)(1)E(2)ADB或DAB(3)等于【解析】(1)变阻器采用分压式接法，为保证电路安全方便实验操作，滑动变阻器应选R1。(2)由于电压表的量程较大，测量电流表A1的电压测量误差较大选择电流表A1与定值电阻Ro并联，再与A2串联，结合欧姆定律得出A1两端的电压。IRo__I2-I(3)根据串并联电路的特点，通过定值电阻的电流：IR=I2I1,则电流表A1的内阻:r1=RIRo__I2-I并无误差，因此测量值等于真实值。四、解答题：13题10分，14题14分，15题16分。13.(10分)【解析】(1)圆环在AB段的加速度：Eqcos37。mgsin37。μ(mgcos37。+Eqsin37。)=ma代入数据解得：a1=6mS2……………………2分因为：AB=at2所以t=代入数据得t=182分…C2=02＋2a2x0＝a1t1离开C时的速度解得C=12mC2=02＋2a2x0＝a1t1从C点抛出后：水平方向=ct2+t22竖直方向：ABin37=2gt22解得t2=0.6…=10.8m14·(14分)【解析】(1)由题意可知，正对地心。的粒子恰好打到地球表面，其轨迹如图所示，由图可得入/T21十(R)21=R………2分由洛伦兹力提供向心力，可得qB=m21分………2分由粒子在磁场中运动的周期为T=2πR