2024届福州三校联盟高考适应性测试试卷（物理试题文）试题

2024届福州三校联盟高考适应性测试试卷（物理试题文）试题

考生请注意：

1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2.第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的

位置上。

3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图，若x轴表示时间，y轴表示位置，则该图像反映了某质点做匀速直线运动时，位置与时间的关系。若令x轴

和y轴分别表示其它的物理量，则该图像又可以反映在某种情况下，相应的物理量之间的关系。下列说法中正确的是

A.若x轴表示时间，y轴表示动能，则该图像可以反映某物体受恒定合外力作用做直线运动过程中，物体动能与时间

的关系

B.若x轴表示频率，y轴表示动能，则该图像可以反映光电效应中，光电子最大初动能与入射光频率之间的关系

C.若x轴表示时间，y轴表示动量，则该图像可以反映某物体在沿运动方向的恒定合外力作用下，物体动量与时间的

关系

D.若x轴表示时间，y轴表示感应电动势，则该图像可以反映静置于磁场中的某闭合回路，当磁感应强度随时间均匀

增大时，闭合回路的感应电动势与时间的关系

2、甲、乙两物体同时同地沿同一直线运动的速度一时间图象如图所示，下列说法正确的是（）

A.2时刻两物体的加速度方向相同

B."时刻两物体的速度方向相同

C.甲物体的加速度逐渐减小

D.2%时刻两物体相遇

3、“电子能量分析器”主要由处于真空中的电子偏转器和探测板组成。偏转器是由两个相互绝缘、半径分别为RA和

RB的同心金属半球面A和5构成，4、5为电势值不等的等势面电势分别为°A和9B,其过球心的截面如图所示。一

束电荷量为e、质量为机的电子以不同的动能从偏转器左端M的正中间小孔垂直入射，进入偏转电场区域，最后到达

偏转器右端的探测板N,其中动能为Eko的电子沿等势面C做匀速圆周运动到达N板的正中间。忽略电场的边缘效应。

下列说法中正确的是

A.A球面电势比3球面电势高

B.电子在A3间偏转电场中做匀变速运动

C.等势面C所在处电场强度的大小为

C（RA+RB）

D.等势面C所在处电势大小为久士经

2

4、质量为机的物体用轻绳43悬挂于天花板上。用水平向左的力尸缓慢拉动绳的中点O,如图所示。用7表示绳04

段拉力的大小，在。点向左移动的过程中

A.尸逐渐变大，7逐渐变大

B.尸逐渐变大，T逐渐变小

C.尸逐渐变小，7逐渐变大

D.尸逐渐变小，T逐渐变小

5、在某一次中国女排击败对手夺得女排世界杯冠军的比赛中，一个球员在球网中心正前方距离球网d处高高跃起，将

排球扣到对方场地的左上角（图中尸点），球员拍球点比网高出入（拍球点未画出），排球场半场的宽与长都为s,球网

高为H,排球做平抛运动（排球可看成质点，忽略空气阻力），下列选项中错误的是（）

A.排球的水平位移大小x=J(d+s)2+

B.排球初速度的大小83+5)-+(5广

C.排球落地时竖直方向的速度大小Vy=J2g(2+0

2(h+H)

排球末速度的方向与地面夹角的正切值

D.(d+S)2+(1)2

6、国务院批复，自2016年起将4月24日设立为“中国航天日”。1970年4月24日我国首次成功发射的人造卫星东方

红一号，目前仍然在椭圆轨道上运行，如图所示，其轨道近地点高度约为440km,远地点高度约为2060km；1984年

4月8日成功发射的东方红二号卫星运行在赤道上空35786km的地球同步轨道上。设东方红一号在近地点的加速度为

S,线速度为打，环绕周期为八，东方红二号的加速度为畋，线速度为以，环绕周期为T2,固定在地球赤道上的物体

随地球自转的加速度为“3,自转线速度为V3,自转周期为T3,则“1、。2、。3,VI、V2、V3,T1、？2、73的大小关系为()

A.Ti>Ti=TiB.。1>。2>的C.ai>a\>aiD.vi>vj>V2

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，质量为M的长木板A静止在光滑的水平面上，有一质量为机的小滑块B以初速度如从左侧滑上木板,

且恰能滑离木板，滑块与木板间动摩擦因数为分下列说法中正确的是

------►Vo

JE_________________.

不〃;〃〃〃〃〃〃思〃〃

A.若只增大如则滑块滑离木板过程中系统产生的热量增加

B.若只增大则滑块滑离木板过程中木板所受到的冲量减少

C.若只减小而，则滑块滑离木板时木板获得的速度减少

D.若只减小"，则滑块滑离木板过程中滑块对地的位移减小

8、如图所示，水平面内的等边三角形ABC的边长为L,顶点C恰好位于光滑绝缘直轨道CD的最低点，光滑直导轨

的上端点D到A、B两点的距离均为L,D在AB边上的竖直投影点为O.一对电荷量均为一Q的点电荷分别固定于

A、B两点.在D处将质量为m、电荷量为+q的小球套在轨道上（忽略它对原电场的影响），将小球由静止开始释放,

已知静电力常量为k、重力加速度为g,且左丝=走磔，忽略空气阻力，则

,L23

A.轨道上D点的场强大小为警

B.小球刚到达C点时，其加速度为零

C.小球刚到达C点时，其动能为中〃zgL

D.小球沿直轨道CD下滑过程中，其电势能先增大后减小

9、如图所示，a、b、c分别为固定竖直光滑圆弧轨道的右端点、最低点和左端点，Oa为水平半径，c点和圆心。的

连线与竖直方向的夹角a=53°。现从4点正上方的尸点由静止释放一质量/"=1kg的小球（可视为质点），小球经圆

弧轨道飞出后以水平速度v=3m/s通过0点。已知圆弧轨道的半径R=1m,取重力加速度g=10m/s2,sin53°=0.8，

cos530=0.6,不计空气阻力。下列分析正确的是（）

A.小球从尸点运动到0点的过程中重力所做的功为4.5J

B.尸、。两点的高度差为0.8m

C.小球运动到b点时对轨道的压力大小为43N

D.小球运动到c点时的速度大小为4m/s

10、分子动理论以及固体、液体的性质是热学的重要内容，下列说法正确的是

A.物体吸收热量同时对外做功，内能可能不变

B.布朗运动反映了悬浮颗粒中分子运动的无规则性

C.荷叶上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用

D.彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点

E.两分子间的分子势能一定随距离的增大而增大

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）小明想要粗略验证机械能守恒定律。把小钢球从竖直墙某位置由静止释放，用数码相机的频闪照相功能拍

摄照片如图所示。已知设置的频闪频率为力当地重力加速度为g。

⑴要验证小钢球下落过程中机械能守恒，小明需要测量以下哪些物理量______（填选项前的字母）。

A.墙砖的厚度dB.小球的直径OC.小球的质量m

⑵照片中A位置______（“是”或“不是”）释放小球的位置。

（3）如果表达式___________（用题设条件中给出的物理量表示）在误差允许的范围内成立，可验证小钢球下落过程中

机械能守恒。

12.（12分）为了测量木块与木板间动摩擦因数〃，某实验小组使用位移传感器设计了如图所示的实验装置，让木块从

倾斜木板上A点由静止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离。位移传感器连接计算机，描绘出滑块与传感

⑵根据上述图线，计算可得木块的加速度大小a=（）m/s2；

（3）现测得斜面倾角为37。，则片（）。（所有结果均保留2位小数）

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）一列简谐横波沿x轴正方向传播，波速为6m/s,UO时的波形如图。尸、。是介质中的两个质点，平衡位

置分别为xp=9m、XQ=11m。求：

（i）质点尸的振动表达式；

（ii）f=0.5s时质点Q偏离平衡位置的位移。

14.（16分）如图甲所示，玻璃管竖直放置，AB段和CD段是两段长度均为h=25cm的水银柱，BC段是长度为k

=10cm的理想气柱，玻璃管底部是长度为h=12cm的理想气柱.已知大气压强是75cmHg,玻璃管的导热性能良好,

环境的温度不变.将玻璃管缓慢旋转180。倒置，稳定后，水银未从玻璃管中流出，如图乙所示.试求旋转后A处的水

银面沿玻璃管移动的距离.

B

ED

图甲图乙

15.（12分）如图所示，在竖直面内有一个光滑弧形轨道，其末端水平，且与处于同一竖直面内光滑圆形轨道的最低

端相切，并平滑连接.A,B两滑块（可视为质点）用轻细绳拴接在一起，在它们中间夹住一个被压缩的微小轻质弹

簧.两滑块从弧形轨道上的某一高度P点处由静止滑下，当两滑块刚滑入圆形轨道最低点时拴接两滑块的绳突然断开,

弹簧迅速将两滑块弹开，其中前面的滑块A沿圆形轨道运动恰能通过圆形轨道的最高点，后面的滑块B恰能返回P

点.己知圆形轨道的半径R=0.72m,滑块A的质量7%=0.4kg,滑块B的质量=0.1kg,重力加速度g<10m/s2,

空气阻力可忽略不计.求:

（1）滑块A运动到圆形轨道最高点时速度的大小；

（2）两滑块开始下滑时距圆形轨道底端的高度h；

（3）弹簧在将两滑块弹开的过程中释放的弹性势能.

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解题分析】

图中的直线表示是一次函数的关系；

A.若物体受恒定合外力作用做直线运动，则物体做匀加速直线运动，其速度与时间图像是线性关系，由物体的动能

22

-mv=-m(vQ+at),速度的平方与时间的图像就不是线性关系了，所以此图像不能表示反映某物体受恒定合外力

作用做直线运动过程中，物体动能与时间的关系，故选项A错误；

B.在光电效应中，由于耳=/^-%，说明动能与频率是一次函数的关系，但是当频率丫=0时，动能应该是负值，

与现在的图像不相符，故选项B错误；

C.若物体在沿运动方向的恒定合外力作用下，物体做匀加速直线运动，由动量定理-可得物体的动量

p=Po+Ft,故C正确；

D.当磁感应强度随时间均匀增大时，电动势的大小是不变的，所以选项D错误。

故选C。

2、B

【解题分析】

A.由图象可知，斜率表示加速度，则务时刻两物体的加速度方向相反，选项A错误；

B.v-f图象中速度在时间轴的同一侧表示速度方向相同，则办时刻两物体的速度方向相同，选项B正确；

C.由斜率表示物体的加速度可知，甲物体的切线斜率越来越大，即加速度逐渐增大，选项C错误；

D.v-f图象所围面积表示位移，相遇表示位移相等，由图象可得，2%时刻两物体不相遇，选项D错误。

故选B。

3、C

【解题分析】

A.电子做匀速圆周运动，电场力提供向心力，受力的方向与电场的方向相反，所以B板的电势较高；故A错误；

B.电子做匀速圆周运动，受到的电场力始终始终圆心，是变力，所以电子在电场中的运动不是匀变速运动.故B错

误；

c.电子在等势面c所在处做匀速圆周运动，电场力提供向心力:

eE=m—

R

又:

%=3砂2

联立以上三式，解得：

E-4见

e(RA+RB)

故C正确;

D.该电场是放射状电场，内侧的电场线密，电场强度大，所以有:

UBC>UCA

即有:

(pB-(pc>(pc-(pA

所以可得：

故D错误；

故选C。

4、A

【解题分析】

以结点。为研究对象受力分析如下图所示:

由题意知点。缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，则可知:绳OB的张力

TR=mg

根据平衡条件可知：

TCOS0-TB=0,TsinO-尸=0

由此两式可得：

F=TBtanO=mgtanO

cosO

在结点为O被缓慢拉动过程中，夹角8增大,由三角函数可知：F和T均变大。

A.F逐渐变大，7逐渐变大与分析相符，故A正确。

B.F逐渐变大，T逐渐变小与分析不符，故B错误。

C.歹逐渐变小，T逐渐变大与分析不符，故C错误。

D.F逐渐变小，7逐渐变小与分析不符，故D错误。

5、B

【解题分析】

A.由勾股定理计算可知，排球水平位移大小为

x=J（d+si+（万）2

故A正确不符合题意；

B.排球做平抛运动，落地时间为

初速度

x卜［（"s）2+（；）2

%=7寸2（…

故B错误符合题意；

C.排球在竖直方向做自由落体运动可得

v；=2g（H+h）

解得与=J2g（H+/0,故C正确不符合题意;

D.排球末速度的方向与地面夹角的正切值

0J（d+S）2+（：）2

故D正确不符合题意。

故选B。

6、B

【解题分析】

A.根据开普勒第三定律a=左可知轨道半径越大的卫星，周期越大，由于东方红二号卫星的轨道半径比东方红一号

卫星的轨道半径大，所以东方红二号卫星的周期比东方红一号卫星的周期大；东方红二号卫星为同步卫星，与赤道上

的物体具有相同的周期，即有

故A错误；

BC.根据万有引力提供向心力，则有

GMm

——；—=ma

厂

解得

GM

-二

a=r

轨道半径越大的卫星，加速度越小，所以东方红二号卫星的加速度比东方红一号卫星的加速度小；东方红二号卫星为

同步卫星，与赤道上的物体具有相同的周期，根据a=拳-厂可知东方红二号卫星的加速度比固定在地球赤道上的物

体随地球自转的加速度大，即有

%〉出〉为

故B正确，C错误；

D.根据万有引力提供向心力，则有

GMmv2

=m—

r~r

解得

轨道半径越大的卫星，线速度越小，所以东方红二号卫星的线速度比东方红一号卫星的线速度小；根据v=宁可知

东方红二号卫星的线速度比固定在地球赤道上的物体随地球自转的线速度大，即有

匕〉%＞匕

故D错误；

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BCD

【解题分析】

A.滑块滑离木板过程中系统产生的热量等于滑动摩擦力与相对位移的乘积

。=己相=〃/咫4目

因为相对位移没变，所以产生热量不变，故A错误；

B.由极限法，当“很大时，长木板运动的位移XM会很小，滑块的位移等于XM+L很小，对滑块根据动能定理：

可知滑块滑离木板时的速度火很大，把长木板和小滑块看成一个系统，满足动量守恒

mv0-mvx+Mv'

可知长木板的动量变化比较小，所以若只增大则滑块滑离木板过程中木板所受到的冲量减少，故B正确；

C.采用极限法：当机很小时，摩擦力也很小，，”的动量变化很小，把长木板和小滑块看成一个系统，满足动量守恒,

那么长木板的动量变化也很小，故c正确；

D.当M很小时，摩擦力也很小，长木板运动的位移XM会很小，滑块的位移等于尤M+L也会很小，故D正确.

故选BCD.

8、BC

【解题分析】

由点电荷场强公式可得,轨道上D点的场强为:ED=2£?COS30°=磐，选项A错误；同理可得轨道上C点的场强

Lq

厂mg,一

也为:纥=，在C点，由牛顿定律可得：mgsin45cos45-ma,解得a=0,选项B正确；从D到C,电

q

场力做功为零，根据动能定理可得：EKc=mgLsin60=与ngL,选项C正确；小球沿直轨道CD下滑过程中，电

场力先做正功，后做负功，则其电势能先减小后增大，选项D错误；故选BC.

点睛：解答此题关键是搞清两个点电荷周围的电场分布情况，利用对称的思想求解场强及电势的关系；注意立体图与

平面图形的转化关系.

9、AC

【解题分析】

ABD.小球从c到。的逆过程做平抛运动，小球运动到c点时的速度大小

v3,_,

v=----=——m/s=5m/s

ccos<70.6

小球运动到c点时竖直分速度大小

4

以，=v-tan。=3x—m/s=4m/s

o3

则。、c两点的高度差

v242

h=—=------m=0,8m

2g2x10

设P、。两点的高度差为从尸到c,由机械能守恒得

mg(H+Reosa)=；m\rc

解得

//=0.65m

小球从P点运动到Q点的过程中重力所做的功为

W=77ig[(//+7?coscr)-//]=lxl0x[(0.65+lx0.6)-0.8]j=4.5J

故A正确，BD错误；

C.从尸到方，由机械能守恒定律得

mg(H+R)=%mvl

小球在8点时，有

片

N—mg=m——

R

联立解得

N=43N

根据牛顿第三定律知，小球运动到入点时对轨道的压力大小为43N,故C正确。

故选ACo

10、ACD

【解题分析】

A.物体吸收热量同时对外做功，二者相等时，内能不变，故A正确；

B.布朗运动反映了液体分子运动的无规则性，故B错误；

C.荷叶上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用，故C正确；

D.液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质与某些晶体相似具有各向异性，彩色液晶显示器利用了液晶的光学性

质具有各向异性的特点，故D正确；

E.分子间的作用力若表现为引力，分子距离增大，分子力做负功，分子势能增大，若分子力表现为斥力，分子距离

增大，分子力做正功，分子势能减少，故E错误;

故选ACDo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、A不是g=破2

【解题分析】

(1)[1].此题为粗略验证机械能守恒，对于小球直径没有必要测量，表达式左右两边都有质量，所以质量没有必要

测量，只需要测量墙砖的厚度.

(2)[2],图片上可以看出，AB:BC:CD:DE=1:2:3:4,所以A点不是释放小球的位置.

(3)[3].由匀变速直线运动规律

Ar=aT~

周期和频率关系

T=—

f

其中

Ax=d

若机械能守恒，则

a=g

即满足

g=df2

12、0.401.000.63

【解题分析】

⑴[1]木块在斜面上做匀加速直线运动，某段时间内的平均速度等于这段时间内中间时刻的瞬时速度，则木块在0.4s

时的速度大小

(30—14)x10—2,

v=------------------m/s=0.40m/s

0.6-0.2

⑵[2]木块在0.2s时的速度大小

“32-24)x10.5=0.2(^

0.4-0

木块的加速度大小

v—vr0.4—0.221/2

〃=-------=-------------m/s=1.0n0nm/s

Ar0.4-0.2

⑶[3]斜面倾角为37。，则对木块受力分析，由牛顿第二定律可得

mgsin37°-//mgcos37°

a=----------------------------------

m

解得

〃=*e0.63

8

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

1•,、

13、(i)y=-sm(7rt+7T)(ii)-0.05m

【解题分析】

⑴由图可知波长2=12m,振幅A=0.lm

周期

V

简谐振动的表达式

,+(P

y=Asin

由题意可知U0时P点从平衡位置向下振动，可得质点P的振动表达式为

y=\sin（加+乃）

（ii）振动从质点P传到