2021年安徽省宣城市郎溪中学自主招生物理试卷

第1页（共1页）2021年安徽省宣城市郎溪中学自主招生物理试卷一、填空题（本项共9小题，每空1分，共20分）1．（3分）为了研究乘坐垂直电梯时人对地板的压力大小，小明在电梯内放置一个体重计，然后站立在体重计上。已知小明质量为60kg，则小明进入电梯等待关门的过程中，体重计的示数（选填“大于”“等于”或“小于”）60kg；当电梯加速下降的过程中，体重计的示数（选填“大于”“等于”或“小于”）60kg；据此，小明推测，若电梯失控，人和电梯一起做自由落体运动时，体重计的示数将为kg。2．（3分）如图所示，若小球沿粗糙轨道从左侧静止开始向下运动，则到达轨道右侧最高点后的运动轨迹可能是（选填“a”“b”或“c”），你判断的根据是；若小球到达最高点时所有外力都突然消失，则小球将沿乙图的方向做匀速直线运动。3．（2分）用同一个瓶子和水可以做成一个测量液体密度的装置。若瓶子质量为50g，装满水时质量为300g；则瓶子的容积为cm3；若装满另一种密度待测的液体，瓶子和待测液体的总质量为m，则待测液体的密度ρ与m的关系式是：。4．（1分）为了测量某根空心铁管的长度，小聪做了如下实验：在空铁管一端敲击一下，另一端听到两次声音，且听到两次声音时间间隔为0.14s，则铁管长度为m（已知声音在空气中传播速度为340m/s，在钢铁中传播速度为5100m/s）。5．（2分）如图所示，同时将同样的红墨水滴入质量相等的甲、乙两杯水中，相同时间后两杯水中墨水扩散情况如图所示，则（选填“甲”或“乙”）具有的内能多。若甲杯内水的温度为20℃，乙杯内水的温度为65℃，将两杯水混合，混合过程中热水放出的热量有80%被冷水吸收，则混合后的水的温度为℃。【水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）6．（3分）已知弹簧的弹力和伸长量成正比，即F＝kΔx，其中Δx是指弹簧的伸长量；而滑动摩擦力的大小可以用公式f＝μFN来计算，其中μ是动摩擦因数，由接触面的粗糙程度决定的，FN是指物体对接触面的压力大小。将重为12N的物体A挂在弹簧下端静止时（如图甲所示），弹簧伸长了4cm；将物体A放在水平面上，用甲图中的弹簧拉物体A沿水平面做匀速直线运动时（如图乙所示），弹簧伸长了1cm。则物体A在水平面上做匀速运动时所受摩擦力为N；物体A与水平面间的动摩擦因数μ＝。若在乙图中，继续用该弹簧拉物体A运动时，弹簧伸长了2cm，则物体A所受的滑动摩擦力为N。7．（2分）如图所示同种物质制成的甲、乙两正方体，甲物体对水平地面的压强为400Pa，乙物体对水平地面的压强为800Pa，则甲的底面积S甲和乙的底面积S乙之比S甲：S乙＝；若把甲叠放在乙的上方，则此时乙对水平面的压强为Pa。8．（2分）如图甲所示，G＝10N的木棒AB支在C点时刚好水平平衡，此时AC═60cm，BC＝30cm。若将支点移至D点（AD＝40cm）时，则需要在木棒的（选填“A”或“B”）端悬挂重为N的物体，木棒也能恰好也能在水平位置平衡。9．（2分）用电动机提升重物时，电动机的工作电压为220V，通过电动机线圈电流为2A，此时电动机可以将重400N的重物以1m/s的速度匀速提升，则电动机的效率为，电动机线圈电阻为Ω。二、选择题（每题3分，共24分）10．（3分）在物理学习过程中，有些现象不易观测，于是我们借用一些容易观测的现象来间接推知一些不易观测的现象，进而得出结论，这种方法叫做转换法。下列有关的现象及其推测的结论错误的是（）选项现象推测A将玻璃棒靠近丝线悬挂的泡沫小球，泡沫小球被吸引。该玻璃棒一定带电。B温度传感器放在色散光带红色光的外侧，传感器显示温度升高。该区域存在一种人眼看不见的光。C将一次性塑料杯罩在嘴上吸，发现塑料杯变扁。大气存在压强。D活塞压缩密闭玻璃筒内的空气，筒内的硝化棉燃烧。筒内空气温度升高。A．A B．B C．C D．D11．（3分）磁体周围存在磁场，电荷周围存在电场，电场和磁场有许多相似之处，根据磁场可以推知电场的相关性质，例如电场线起始于正电荷，终止于负电荷等等。某一电场区域有如图所示的电场线，关于电场下列说法错误的是（）A．电场线是虚拟的，所以电场也不是实际存在的 B．b点的电场比a点的电场强 C．电场线和磁感线一样，都不能相交 D．电场线上每一点的切线方向就是该点的电场方向12．（3分）如图所示是输液袋的示意图，在输液袋上除了输液管外，在输液管的旁边还有一个小细管，关于输液过程，下列说法正确的是（）A．闲置的管是可有可无的 B．瓶内液体上方空气压强大小保持不变 C．随着瓶内液体减少，输液管中水流速度越来越慢 D．瓶内液体压强和液体上方空气的压强之和始终保持不变13．（3分）如图所示，用一个大小与时间t成正比的力F＝kt（k为大于零的正数）垂直作用在初始状态为静止的重为G的物体上，已知竖直粗糙墙壁足够长，则该物体运动状态的变化情况为（）A．保持静止 B．一直向下做加速运动 C．先做加速运动，然后做减速运动 D．先做加速运动，后做匀速运动14．（3分）如图所示，重为G的木板和各个滑轮均处于静止状态，三个滑轮质量均相等，则甲、乙、丙、丁四点中所受拉力最大的点是（）A．甲 B．乙 C．丙 D．丁（多选）15．（3分）蹦极是勇敢者的游戏，如图所示，O点为起跳点，A点为弹性绳自然下垂时的位置，B点为弹性绳的弹力和蹦极者重力相等的位置，C位置为蹦极者下降的最低点。则蹦极者从O点到C点的过程中（空气阻力不能忽略，绳重忽略不计），下列说法正确的是（）A．人的机械能守恒 B．人和弹性绳的总的机械能守恒 C．速度最大的点为B点 D．人的机械能的减少量大于弹性绳弹性势能的增加量16．（3分）现有两种规格的灯泡L1“110V20W”和L2“110V40W”，为了使灯泡接入220V电路后都能正常发光，设计了如下所示电路，其中所有灯泡都能正常发光且电路总功率最小的是（）A． B． C． D．17．（3分）我们知道，实际电源是有电阻的，其等效电路如图甲所示，为了测量电源电压和电源内阻，小明设计了如图乙所示电路，并多次记录电流表和电压表示数，作出电压表示数U和电流表示数I之间的U﹣I关系图象如图丙（A）所示；丙（B）是某个灯泡的U﹣I图象。则下列说法中错误的是（）A．电源电压为6V B．电源电阻为4Ω C．若将该灯泡和该电源组成图丁电路时，灯泡两端电压UL＝4V D．图丁中用“4V，1A”的灯泡替换“4V，0.5A”的灯泡，灯泡两端电压将大于4V三、实验探究题（本题共4小题，每空2分，共计20分）18．（8分）小明用蜡烛、凸透镜和光屏做“探究凸透镜成像规律”的实验。（1）如图a所示，光屏上恰好成清晰的像，此时成像的规律可以制成（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）；若测得此时蜡烛与透镜的距离是18cm，透镜与光屏的距离是12cm，则这个透镜的焦距f的范围是：。（2）记录下成像性质，接着使烛焰向左移动5cm，此时应该将光屏向左移到某一位置，才能在光屏上成清晰的像，且光屏移动的距离（选填“大于”“小于”或“等于”）5cm；（3）在上一步实验获得清晰的像后，小明取了一副眼镜放在凸透镜前（如图b所示），观察到光屏上的像变模糊了，此时将光屏向右移动光屏上再次成清晰的像，则该眼镜为（选填“近视眼镜”或“老花镜”）。19．（4分）连接好电路后，若电路出现故障，则我们需要有利用手边的器材查找故障的能力。在如图所示的电路中，若闭合开关后无论怎样移动变阻器滑片，灯泡均不亮，小聪同学分别用导线和电压表查找电路故障：（1）将导线的一端接在B接线柱上，然后将另一端依次试触其他接线柱，现象如下：与导线另一端相连的接线柱灯泡发光情况A不亮C不亮D不亮E不亮F亮则电路存在的故障是。（2）将电压表的负接线柱接在B接线柱上，然后将另一端依次试触其他接线柱，现象如下：与电压表正接线柱相连的接线柱电压表示数/VA3C3D3E3F0则电路存在的故障是。20．（4分）为了测量一个不吸水的、密度比水小的木球的密度，小聪设计了如下方案（水的密度ρ水已知）：第一步，用调节好的天平测出木球的质量记为m；第二步，在量筒内加入适量的水，记下水的体积V1（如图甲所示）；第三步，在木球下面系上一个金属块，仅将金属块浸没入水中，记下水面刻度V2（如图乙所示）；第四步，将金属块和木球均浸没在水中，记下水面刻度V3（如图丙所示）。（1）木球的密度ρ＝。（2）小明认为，不需要使用天平，在删除第一步和第二步的操作后，在第三四步的基础上，只要再添加一个步骤，即可测出木球的密度，请你写出需要添加的步骤五（写出操作步骤，并用合适的物理符号表示需要记录的物理量）：；用小明的方法测出的木球密度的表达式为ρ＝。21．（4分）在探究“串联电路电压特点”实验中，小明取两只完全相同的灯泡连成如图所示串联电路，当电压表V并联在AB两点间或BC两点间时，电压表示数均为U1；当电压表并联在DE两点间时，电压表示数为U2，但U2＞2U1；发现与“串联电路两端的电压等于各部分电路两端电压之和”并不一致。于是他们检查电路并重新连接电路后再次进行实验，数据仍然与原来相同。于是他们从老师那里寻求帮助，老师告诉他们，电压表本身也有电阻，电压表的接入会对电路带来影响。他们找到了问题的答案后，推导出了电压表电阻RV和灯泡电阻＝的比值（用U1和U2表示）。四、计算题（本题共2小题，其中第22题8分，第23题8分，共计16分）22．（8分）伏安法测电阻的误差分析是实验的重要内容之一，测量结果的准确程度可以用“百分误差”（百分误差＝||×100%）来表示，如图为用伏安法测量电阻的原理图。图中电流表内阻为30Ω。电源电压保持不变，R为电阻箱，Rx为待测电阻，S为开关。（1）当开关闭合后电压表读数U＝1.2V，电流表读数I＝2.0mA。若将Rx＝作为测量值，所得结果的百分误差是20%，则电压表内阻是多少欧？若此时电阻箱接入电路阻值为800Ω，则电源电压为多少伏？（2）若将电流表改为内接。开关闭合后，重新测得电压表读数和电流表读数，仍将电压表读数与电流表读数之比作为测量值，这时结果的百分误差是多少？23．（8分）浮力产生的原因：浸在液体中的物体所受的浮力等于液体对物体下表面向上的压力和上表面向下的压力之差。某物体的下半部分是半径为R的半球体，上半部分为底面直径为R、高为R的圆柱体，且上半部分底面圆心与下半部分的圆心完全重合并紧密粘接在一起形成整体，如图甲所示。现将该物体浸没在密度为ρ的液体中，使其上表面距离液面的深度为R，如图乙所示。试求该物体下半部分的球面所受液体向上的压力的合力F。（球体体积

2021年安徽省宣城市郎溪中学自主招生物理试卷参考答案与试题解析一、填空题（本项共9小题，每空1分，共20分）1．（3分）为了研究乘坐垂直电梯时人对地板的压力大小，小明在电梯内放置一个体重计，然后站立在体重计上。已知小明质量为60kg，则小明进入电梯等待关门的过程中，体重计的示数等于（选填“大于”“等于”或“小于”）60kg；当电梯加速下降的过程中，体重计的示数小于（选填“大于”“等于”或“小于”）60kg；据此，小明推测，若电梯失控，人和电梯一起做自由落体运动时，体重计的示数将为0kg。【分析】（1）物体受力平衡时，运动状态保持不变，由运动状态判断受力情况；（2）根据二力平衡条件判断受力情况；（3）完全失重状态就是物体对支持物的压力或悬挂物的拉力等于零。【解答】解：当人体静止或匀速直线运动时，小明进入电梯等待关门的过程中，体重计对人体的支持力等于人的重力，所以体重计的示数等于60kg；当人做加速向下运动或减速向上时，都会产生失重，人受到的支持力小于人所受的重力，即小明对体重计的压力小于他的重力，体重计的示数将小于60kg；根据“完全失重状态就是物体对支持物的压力或悬挂物的拉力等于零”的现象可知，人和电梯一起做自由落体运动时，体重计的示数将为0kg。答案为：等于；小于；0。【点评】本题考查力与运动的相关知识，关键是二力平衡以及二力平衡的条件要熟知。2．（3分）如图所示，若小球沿粗糙轨道从左侧静止开始向下运动，则到达轨道右侧最高点后的运动轨迹可能是c（选填“a”“b”或“c”），你判断的根据是由于轨道粗糙，小球一部分机械能转化为内，机械能减小；若小球到达最高点时所有外力都突然消失，则小球将沿乙图的①方向做匀速直线运动。【分析】轨道粗糙，小球运动过程中克服摩擦做功，一部分机械能转化内能，机械能不守恒；据牛顿第一运动定律知，一切物体在没有受到任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。【解答】解：图甲：小球沿轨道运动过程中，由于轨道粗糙，一部分机械能转化为内，机械能减小，到达轨道右侧最高点要低于起始点，所以不可能沿a和b轨迹运动，可能沿c轨迹运动；图乙：小球运动到最高点时，在水平方向上速度不为零，由牛顿第一运动定律可知，物体不受外力时将保持原来的运动状态不变，所以所受到的外力突然全部消失，小球将沿水平方向做匀速直线运动，即图中①方向。故答案为：c；由于轨道粗糙，小球一部分机械能转化为内，机械能减小；①。【点评】本题考查了力和运动之间的关系、机械能守恒定律等知识的理解和应用，难度不大。3．（2分）用同一个瓶子和水可以做成一个测量液体密度的装置。若瓶子质量为50g，装满水时质量为300g；则瓶子的容积为250cm3；若装满另一种密度待测的液体，瓶子和待测液体的总质量为m，则待测液体的密度ρ与m的关系式是：ρ＝。【分析】先求出瓶中水的质量，利用密度公式得到水的体积，由于瓶子装满水，所以瓶子的容积等于水的体积；当瓶子装满另一种液体时，先求出液体的质量，再利用密度公式可得到待测液体的密度ρ与m的关系式。【解答】解：瓶子的容积V瓶＝V水＝＝250cm3；若装满另一种密度待测的液体，则液体的质量为m﹣50g，液体的体积V液＝V瓶＝250cm3；则待测液体的密度ρ与m的关系式是：ρ＝。故答案为：250；ρ＝。【点评】本题考查密度公式的应用，难度不大。4．（1分）为了测量某根空心铁管的长度，小聪做了如下实验：在空铁管一端敲击一下，另一端听到两次声音，且听到两次声音时间间隔为0.14s，则铁管长度为51m（已知声音在空气中传播速度为340m/s，在钢铁中传播速度为5100m/s）。【分析】根据时间差和声音在不同介质中的传播速度进行计算：。【解答】解：声音在空气和铁管中的时间差为0.14s，即：；解得：s＝51m。故答案为：51。【点评】本题考查的是声音的传播速度；会根据速度公式进行计算。5．（2分）如图所示，同时将同样的红墨水滴入质量相等的甲、乙两杯水中，相同时间后两杯水中墨水扩散情况如图所示，则乙（选填“甲”或“乙”）具有的内能多。若甲杯内水的温度为20℃，乙杯内水的温度为65℃，将两杯水混合，混合过程中热水放出的热量有80%被冷水吸收，则混合后的水的温度为40℃。【水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）【分析】（1）物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，分子无规则运动的速度与温度有关，且温度越高，分子的运动越剧烈；内能是指物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，与温度、质量、状态等有关；（2）假设混合后水的温度为t，根据Q吸＝cm（t﹣t0）表示出甲吸收的热量，根据Q放＝cm（t0﹣t）表示出乙放出的热量，根据题意可知，甲吸收的热量等于乙放出热量的80%，据此列出关系式并求出混合后水的温度t。【解答】解：（1）分子的运动与温度有关，红墨水在乙杯水中扩散得快，说明乙杯水的温度高，乙杯水的分子运动较剧烈；在甲、乙两杯质量相同，乙杯水的温度高，内能较大；（2）假设混合后水的温度为t，甲、乙两杯内水的质量相同，比热容相等，则甲杯内的水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0甲）＝cm（t﹣20℃），乙杯内水放出的热量：Q放＝cm（t0乙﹣t）＝cm（65℃﹣t），根据题意可知，甲吸收的热量等于乙放出热量的80%，即Q吸＝80%Q放，则cm（t﹣20℃）＝80%×cm（65℃﹣t），解得：t＝40℃。故答案为：乙；40。【点评】本题以红墨水的扩散为内容考查分子的热运动、内能的知识以及热平衡方程的应用，难度不大。6．（3分）已知弹簧的弹力和伸长量成正比，即F＝kΔx，其中Δx是指弹簧的伸长量；而滑动摩擦力的大小可以用公式f＝μFN来计算，其中μ是动摩擦因数，由接触面的粗糙程度决定的，FN是指物体对接触面的压力大小。将重为12N的物体A挂在弹簧下端静止时（如图甲所示），弹簧伸长了4cm；将物体A放在水平面上，用甲图中的弹簧拉物体A沿水平面做匀速直线运动时（如图乙所示），弹簧伸长了1cm。则物体A在水平面上做匀速运动时所受摩擦力为3N；物体A与水平面间的动摩擦因数μ＝0.25。若在乙图中，继续用该弹簧拉物体A运动时，弹簧伸长了2cm，则物体A所受的滑动摩擦力为3N。【分析】根据弹簧的弹力与伸长关系计算摩擦力，代入公式f＝μFN来计算A与水平面间的动摩擦因数μ，滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关。【解答】解：将重为12N的物体A挂在弹簧下端静止时（如图甲所示），弹簧伸长了4cm；弹簧的弹力和伸长量成正比，即F＝kΔx，可知：12N＝k×4cm；解得k＝3N/cm；将物体A放在水平面上，用甲图中的弹簧拉物体A沿水平面做匀速直线运动时（如图乙所示），弹簧伸长了1cm。f＝F＝kΔx'＝3N/cm×1cm＝3N；物体放在水平面上的压力FN＝G＝12N；根据公式f＝μFN知，μ＝＝0.25；若在乙图中，继续用该弹簧拉物体A运动时，弹簧伸长了2cm，拉力变大，但压力和接触面的粗糙程度不变，则物体A所受的滑动摩擦力不变，仍为3N。故答案为：3；0.25；3。【点评】本题考查弹力与摩擦力，属于中档题。7．（2分）如图所示同种物质制成的甲、乙两正方体，甲物体对水平地面的压强为400Pa，乙物体对水平地面的压强为800Pa，则甲的底面积S甲和乙的底面积S乙之比S甲：S乙＝1：4；若把甲叠放在乙的上方，则此时乙对水平面的压强为900Pa。【分析】（1）已知同种物质制成的甲、乙两正方体，则密度相同，由甲、乙物体对地面的压强可求得甲、乙物体高度之比，然后可知其底面积之比；（2）把甲叠放在乙的上方，则此时乙对水平面的压力等于二者重力之和，由p＝可求得此时乙对水平面的压强。【解答】解：已知甲、乙两正方体，密度相同，已知p甲＝400Pa，p乙＝800Pa，由p＝＝＝＝＝＝ρgh，可得，＝＝，则甲的底面积S甲和乙的底面积S乙之比S甲：S乙＝1：4，甲的体积V甲和乙的体积V乙之比V甲：V乙＝1：23＝1：8，因为两物体密度相同，由ρ＝可得，质量之比：m甲：m乙＝1：8，重力之比：G甲：G乙＝1：8，压力之比：F甲：F乙＝1：8，若把甲叠放在乙的上方，总重力为乙重力的倍，乙的底面积不变，由p＝可知，则此时乙对水平面的压强为原来乙物体对水平地面的压强倍，即p′＝p乙＝×800Pa＝900Pa。故答案为：1：4；900。【点评】本题考查了密度和压强的计算以及重力公式的应用等，灵活的运用压强公式是关键，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。8．（2分）如图甲所示，G＝10N的木棒AB支在C点时刚好水平平衡，此时AC═60cm，BC＝30cm。若将支点移至D点（AD＝40cm）时，则需要在木棒的A（选填“A”或“B”）端悬挂重为5N的物体，木棒也能恰好也能在水平位置平衡。【分析】根据杠杆平衡条件进行分析。【解答】解：图甲中，支点在C处时，杠杆平衡，则杠杆受到的支持力与重力平衡，说明重力的作用点（重心）在C点的正上方，图乙中，支点在D处时，要使杠杆平衡应在A处悬挂一重物G'，使得杠杆再次平衡，由杠杆平衡条件可知：G'×AD＝G×CD，则：G'＝×G＝×G＝×10N＝5N。故答案为：A；5。【点评】本题主要考查了杠杆平衡条件的应用，找出杠杆的重心是解题的关键。9．（2分）用电动机提升重物时，电动机的工作电压为220V，通过电动机线圈电流为2A，此时电动机可以将重400N的重物以1m/s的速度匀速提升，则电动机的效率为91%，电动机线圈电阻为10Ω。【分析】（1）电流通过直流电动机做功，消耗电能转化为机械能和内能，则由W＝UIt求得电能；（2）由速度公式可求得重物上升的高度，则由W有用＝mgh可求得电动机克服重力所做的功，有用功与电能的比就是电动机效率；（3）由电能减去增加的机械能即可求转化为的热量，热量来源于线圈电阻上电流所做的功，则由Q＝I2Rt可求得电阻。【解答】解：电动机的效率：P＝×100%＝×100%＝×100%≈91%；电动机的总功率：PM＝UI＝220V×2A＝440W；电动机输出的机械功率：；该电动机线圈因发热而损失的功率：P热＝PM﹣P机械＝440W﹣400W＝40W；由P＝I2R可得，该电动机线圈的电阻：．故答案为：91%；10Ω。【点评】本题解题的关键在于明确能量的转化的方向，知道消耗的电能转化为了机械能和热量，则可求得热量；同时明确热量是由于线圈内阻发热产生的。二、选择题（每题3分，共24分）10．（3分）在物理学习过程中，有些现象不易观测，于是我们借用一些容易观测的现象来间接推知一些不易观测的现象，进而得出结论，这种方法叫做转换法。下列有关的现象及其推测的结论错误的是（）选项现象推测A将玻璃棒靠近丝线悬挂的泡沫小球，泡沫小球被吸引。该玻璃棒一定带电。B温度传感器放在色散光带红色光的外侧，传感器显示温度升高。该区域存在一种人眼看不见的光。C将一次性塑料杯罩在嘴上吸，发现塑料杯变扁。大气存在压强。D活塞压缩密闭玻璃筒内的空气，筒内的硝化棉燃烧。筒内空气温度升高。A．A B．B C．C D．D【分析】根据实验中所描述的现象，利用转换法推测所得到的结论，并最终做出判断。【解答】解：A、将玻璃棒靠近丝线悬挂的泡沫小球，泡沫小球被吸引，则可能是玻璃棒带电，而泡沫小球不带电；也可能是玻璃棒不带电，泡沫小球带电；还可能是两者带异种电荷，故A错误；B、温度传感器放在色散光带红色光的外侧，传感器显示温度升高，可以推测该区域存在一种人眼看不见的光，且这种光的热效应比较强，故B正确；C、将一次性塑料杯罩在嘴上吸，发现塑料杯变扁，这是由于杯内气压减小，外界大气压的作用使塑料杯变扁了，故C正确；D、活塞压缩密闭玻璃筒内的空气，筒内的硝化棉燃烧，这是由于压缩气体做功，使筒内空气温度升高，内能增加，故D正确。故选：A。【点评】转换法是物理学中重要的探究方法，一定要根据物理方法，结合相关的原理等，确定现象与推测结果之间的关系。11．（3分）磁体周围存在磁场，电荷周围存在电场，电场和磁场有许多相似之处，根据磁场可以推知电场的相关性质，例如电场线起始于正电荷，终止于负电荷等等。某一电场区域有如图所示的电场线，关于电场下列说法错误的是（）A．电场线是虚拟的，所以电场也不是实际存在的 B．b点的电场比a点的电场强 C．电场线和磁感线一样，都不能相交 D．电场线上每一点的切线方向就是该点的电场方向【分析】电场线、磁感线都是假想的，都不存在，它们的疏密都表示场的强弱。电场线不闭合，磁感线是闭合的。电场线、磁感线都是不相交曲线。电场线的疏密表示电场的强弱。【解答】解：A、电场线、磁感线都是人为假想的曲线，不是真实存在的，但电场是实际存在的。故A错误。B、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可知b点的电场线密，则b点的电场比a点的电场强，故B正确。C、电场线、磁感线都不相交，否则交点处场的方向有两个，故C正确。D、电场线上的每一点的切线方向就是该点的电场方向，故D正确。故选：A。【点评】记住电场线和磁感线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念。电场线不是闭合曲线，磁感线是闭合曲线是本题容易出现错误的地方。12．（3分）如图所示是输液袋的示意图，在输液袋上除了输液管外，在输液管的旁边还有一个小细管，关于输液过程，下列说法正确的是（）A．闲置的管是可有可无的 B．瓶内液体上方空气压强大小保持不变 C．随着瓶内液体减少，输液管中水流速度越来越慢 D．瓶内液体压强和液体上方空气的压强之和始终保持不变【分析】随着瓶内药液的不断减少，瓶内药液压强减小；而闲置的管口与大气压相通，保证管口处的压强始终等于大气压，保证输液过程的压强不变，流速不变，据此分析解答。【解答】解：A．随着瓶内药液的不断减少，瓶内药液压强减小；闲置的管与大气压相通，保证管口处的压强始终等于大气压，保证输液过程的压强不变，流速不变，如果没有闲置的管子，瓶内压强会减小，最终无法流动，故AC错误；BD、闲置的管口与大气压相通，保证管口处的压强始终等于大气压，大小等于内部液体压强加上上方气体的压强，随着液体压强减小，上方的其他压强增大，因而瓶内液体压强和液体上方空气的压强之和始终保持不变，等于大气压，故B错误，D正确。故选：D。【点评】本题考查大气压的应用，属于中档题。13．（3分）如图所示，用一个大小与时间t成正比的力F＝kt（k为大于零的正数）垂直作用在初始状态为静止的重为G的物体上，已知竖直粗糙墙壁足够长，则该物体运动状态的变化情况为（）A．保持静止 B．一直向下做加速运动 C．先做加速运动，然后做减速运动 D．先做加速运动，后做匀速运动【分析】对物体进行受力分析，根据物体的受力情况，判定物体的运动情况，从而即可求解。【解答】解：物体向下滑动时，受到重力、垂直作用在物体上的压力、向上的滑动摩擦力、墙壁的支持力作用；开始时水平压力F＝kt较小，物体受到的滑动摩擦力f较小，小于物体的重力，物体受到的合力向下，物体向下做加速运动；随着时间的增加，水平压力F增大，滑动摩擦力f变大，当f＝G时，物体速度最大；然后滑动摩擦力f大于重力G，合力向上，物体做减速运动，最后物体静止（此时物体受到的静摩擦力等于重力）；所以，物体先做加速运动，然后做减速运动由上所述，故ABD错误，C正确；故选：C。【点评】本题分析清楚物体的运动规律，当滑动摩擦力小于重力时，物体加速运动，当滑动摩擦力大于重力时，物体做减速运动，直到静止，同时注意摩擦力的类型。14．（3分）如图所示，重为G的木板和各个滑轮均处于静止状态，三个滑轮质量均相等，则甲、乙、丙、丁四点中所受拉力最大的点是（）A．甲 B．乙 C．丙 D．丁【分析】根据动滑轮、定滑轮的特点进行分析可得甲、乙、丙、丁各点受力大小。【解答】解：三个滑轮质量均相等，则滑轮的重力为G动，假设丁点受力为F，根据同绳同力，甲点受力为G定+2F；乙点受力为F；分析中间滑轮可得：2F＝G动+F丙，则F丙＝2F﹣G动，所以甲点所受拉力最大，故选：A。【点评】本题考查动滑轮、定滑轮的特点的应用。（多选）15．（3分）蹦极是勇敢者的游戏，如图所示，O点为起跳点，A点为弹性绳自然下垂时的位置，B点为弹性绳的弹力和蹦极者重力相等的位置，C位置为蹦极者下降的最低点。则蹦极者从O点到C点的过程中（空气阻力不能忽略，绳重忽略不计），下列说法正确的是（）A．人的机械能守恒 B．人和弹性绳的总的机械能守恒 C．速度最大的点为B点 D．人的机械能的减少量大于弹性绳弹性势能的增加量【分析】影响重力势能大小的因素是质量和高度，高度越高，重力势能越大；影响动能大小的因素是质量和速度，速度越大，动能越大；根据高度和速度变化判断能量的转化；影响弹性势能大小的因素是弹性形变的程度。【解答】解：AB、蹦极者从O点到C点的过程中克服阻力做功，机械能减小，人和弹性绳总的机械能减小，故AB错误；C、B点为弹性绳的弹力和蹦极者重力相等的位置，合力为零，速度最大，动能最大，故C正确；D、c点是最低点，此时蹦极者的速度为0，动能为0，考虑空气阻力，蹦极者一部分机械能转化为内能，蹦极者一部分机械能转化为弹性绳的弹性势能，所以人的机械能的减少量大于弹性绳弹性势能的增加量，故D正确。故选：CD。【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法判断动能、重力势能、弹性势能的变化。16．（3分）现有两种规格的灯泡L1“110V20W”和L2“110V40W”，为了使灯泡接入220V电路后都能正常发光，设计了如下所示电路，其中所有灯泡都能正常发光且电路总功率最小的是（）A． B． C． D．【分析】根据P＝确定两灯的电阻大小关系，根据串、并联电路的电压规律确定两灯的实际电压，与额定电压相比，判断各灯能否正确发光；根据串、并联电路的电阻规律确定电路的总电阻，根据P＝比较各电路的总功率大小。【解答】解：根据P＝可知，当额定电压一定时，额定功率与灯的电阻成反比，因为两灯的规格为L1“110V20W”和L2“110V40W”，所以假设灯泡L2电阻为R，则L1的电阻为2R。A图中，两个L1串联、两个L2串联，之后再并联，根据串、并联电路电压规律可知，每个灯两端实际电压都是110V，所以都能正常发光；根据串、并联电路电阻规律可知，电路总电阻为RA＝＝；B图中，两组L1、L2分别并联，然后再串联，根据串、并联电路电压规律可知，每个灯两端实际电压都是110V，所以两灯都能正常发光，根据串、并联电路电阻规律可知，电路总电阻RB＝＝；C图中两个L1先并联，再与一个L2串联；两个L1并联后的电阻为R，根据串、并联电路电压规律可知，每个灯两端实际电压都是110V，所以都能正常发光，电路总电阻为RC＝＝2R；D图中，两个L2并联，再与一个L1串联，两个L2并联后的电阻为，小于L1的电阻，根据串、并联电路电压规律可知，此时L2两端实际电压小于110V，而L1两端电压大于110V，L1与L2都不能正常发光；根P＝可知，在电源电压一定时，C图电路中的总电阻最大，电路的总功率最小。故C符合题意，ABD不符合题意。故选：C。【点评】本题考查电功率公式的应用，正确判断各电路图的连接方式和确定电路中的总电阻大小是解题的关键。17．（3分）我们知道，实际电源是有电阻的，其等效电路如图甲所示，为了测量电源电压和电源内阻，小明设计了如图乙所示电路，并多次记录电流表和电压表示数，作出电压表示数U和电流表示数I之间的U﹣I关系图象如图丙（A）所示；丙（B）是某个灯泡的U﹣I图象。则下列说法中错误的是（）A．电源电压为6V B．电源电阻为4Ω C．若将该灯泡和该电源组成图丁电路时，灯泡两端电压UL＝4V D．图丁中用“4V，1A”的灯泡替换“4V，0.5A”的灯泡，灯泡两端电压将大于4V【分析】（1）乙中电阻和电源串联接入电路，由丙图可知通过电路的电流为0.5A时，电阻两端的电压为4V，通过电路的电流为1.5A时，电阻两端的电压为0V，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示电源电压U＝UV+Ir，代入数据解方程可得r和电源电压U；（2）将该灯泡和该电源组成图丁电路，即灯泡和电源串联接入电路，由丙可知灯泡两端的电压为4V时，通过灯泡的电流为0.5A，由（1）可知此时电源电阻两端的电压为2V，根据串联电路电压规律可知此时电源电压；（3）根据R＝可知用“4V，1A”的灯泡替换“4V，0.5A”的灯泡，灯泡的电阻变小，根据串联分压原理可知灯泡两端的电压变化。【解答】解：（1）乙中电阻和电源串联接入电路，由丙图可知通过电路的电流为0.5A时，电阻两端的电压为4V，通过电路的电流为1.5A时，电阻两端的电压为0V，串联电路总电压等于各部分电压之和，则电源电压U＝UV+Ir，代入数据可得4V+0.5A×r＝0V+1.5A×r，解方程可得r＝4Ω，U＝6V，故AB正确；（2）将该灯泡和该电源组成图丁电路，即灯泡和电源串联接入电路，由丙可知灯泡两端的电压为4V时，通过灯泡的电流为0.5A，由（1）可知此时电源电阻两端的电压为2V，根据串联电路电压规律可知此时电源电压为6V，故C正确；（3）根据R＝可知用“4V，1A”的灯泡替换“4V，0.5A”的灯泡，灯泡的电阻变小，根据串联分压原理可知灯泡两端的电压会小于4V，故D错误。故选：D。【点评】本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用。三、实验探究题（本题共4小题，每空2分，共计20分）18．（8分）小明用蜡烛、凸透镜和光屏做“探究凸透镜成像规律”的实验。（1）如图a所示，光屏上恰好成清晰的像，此时成像的规律可以制成照相机（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）；若测得此时蜡烛与透镜的距离是18cm，透镜与光屏的距离是12cm，则这个透镜的焦距f的范围是：9cm＞f＞6cm。（2）记录下成像性质，接着使烛焰向左移动5cm，此时应该将光屏向左移到某一位置，才能在光屏上成清晰的像，且光屏移动的距离小于（选填“大于”“小于”或“等于”）5cm；（3）在上一步实验获得清晰的像后，小明取了一副眼镜放在凸透镜前（如图b所示），观察到光屏上的像变模糊了，此时将光屏向右移动光屏上再次成清晰的像，则该眼镜为近视眼镜（选填“近视眼镜”或“老花镜”）。【分析】（1）根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；u＞v，且成实像，说明u＝18cm＞2f，2f＞v＝12cm＞f，由此可得焦距的范围；（2）凸透镜成实像，且物距大于像距时，物距变化的距离大于像距变化的距离；（3）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用。【解答】解：（1）由图a可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；由图a可知，u＞v，且成实像，说明u＝18cm＞2f，2f＞v＝12cm＞f，即9cm＞f＞6cm；（2）使烛焰向左移动5cm，将光屏向左移到某一位置，光屏上成清晰的像，此时物距大于像距，所以物距变化的距离大于像距变化的距离，即光屏向左移动的距离小于5cm；（3）在上一步实验获得清晰的像后，小明取了一副眼镜放在凸透镜前（如图b所示），观察到光屏上的像变模糊了，此时将光屏向右移动光屏上再次成清晰的像，说明该眼镜对光线具有发散作用，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会将光线推迟会聚成像。故答案为：（1）照相机；9cm＞f＞6cm；（2）小于；（3）近视眼镜。【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。19．（4分）连接好电路后，若电路出现故障，则我们需要有利用手边的器材查找故障的能力。在如图所示的电路中，若闭合开关后无论怎样移动变阻器滑片，灯泡均不亮，小聪同学分别用导线和电压表查找电路故障：（1）将导线的一端接在B接线柱上，然后将另一端依次试触其他接线柱，现象如下：与导线另一端相连的接线柱灯泡发光情况A不亮C不亮D不亮E不亮F亮则电路存在的故障是BF段某处断路。（2）将电压表的负接线柱接在B接线柱上，然后将另一端依次试触其他接线柱，现象如下：与电压表正接线柱相连的接线柱电压表示数/VA3C3D3E3F0则电路存在的故障是灯泡断路。【分析】通过已知现象，进行分析，判断故障所在。【解答】解：（1）将导线的一端接在B接线柱上，然后将另一端依次试触其他接线柱，接触A、C、D、E灯泡都不亮，接触F灯泡亮，说明与导线并联的BF段有断路；（2）将电压表的负接线柱接在B接线柱上，然后将另一端依次试触其他接线柱，与A、C、D、E接触电压表示数都是3V，与F接触，电压表示数为0V，说明EF处短路断路，即灯泡断路。故答案为：BF段某处断路；灯泡断路。【点评】本题考查学生分析故障的能力，锻炼学生分析能力。20．（4分）为了测量一个不吸水的、密度比水小的木球的密度，小聪设计了如下方案（水的密度ρ水已知）：第一步，用调节好的天平测出木球的质量记为m；第二步，在量筒内加入适量的水，记下水的体积V1（如图甲所示）；第三步，在木球下面系上一个金属块，仅将金属块浸没入水中，记下水面刻度V2（如图乙所示）；第四步，将金属块和木球均浸没在水中，记下水面刻度V3（如图丙所示）。（1）木球的密度ρ＝。（2）小明认为，不需要使用天平，在删除第一步和第二步的操作后，在第三四步的基础上，只要再添加一个步骤，即可测出木球的密度，请你写出需要添加的步骤五（写出操作步骤，并用合适的物理符号表示需要记录的物理量）：剪断细线让小木球在水中处于漂浮状态（或静止后），静止时记录此时量筒中水面的示数为V4；用小明的方法测出的木球密度的表达式为ρ＝ρ水。【分析】（1）木球的体积等于木球、水和铁块的总体积减去水和铁块的体积；根据ρ＝计算出木球的密度；（2）根据物体的浮沉条件，当物体漂浮时，浮力与重力相等，则木球的质量等于漂浮时排开水的质量；从而可以得出木球的密度公式。【解答】解：（1）木球的质量为m；根据排水法可知，木球的体积V＝V3﹣V2；则木球的密度为：ρ＝＝；（2）剪断细线让小木球在水中处于漂浮状态（或静止后），静止时记录此时量筒中水面的示数为V4；木球漂浮时受到的浮力为：F浮＝G排＝m排g＝ρ水（V4﹣V2）g，木球的重力为：G木＝m木g，由于浮力等于重力，则m木＝m排＝ρ水（V4﹣V2）；木球的体积为：V＝V3﹣V2；木球的密度为：ρ＝＝ρ水。故答案为：（1）；（2）剪断细线让小木球在水中处于漂浮状态（或静止后），静止时记录此时量筒中水面的示数为V4；ρ水。【点评】此题是测量木球的密度实验，考查了实验原理、物体的浮沉条件的应用，有一定的难度。21．（4分）在探究“串联电路电压特点”实验中，小明取两只完全相同的灯泡连成如图所示串联电路，当电压表V并联在AB两点间或BC两点间时，电压表示数均为U1；当电压表并联在DE两点间时，