2024届甘肃省白银市物理高二年级上册期末经典试题含解析

2024届甘肃省白银市物理高二上期末经典试题

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2.答题时请按要求用笔。

3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5.保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、关于两个点电荷间相互作用的电场力，下列说法正确的是

A.电量大的点电荷受力大，电量小的点电荷受力小

B.他们一定大小相等，方向相反

C.当两个点电荷间距离增大而电量保持不变时，这两个电场力的大小可能增大

D.当两个点电荷间距离不变而其中一个电荷的电量增大时，两电荷间的相互作用力减小

2、如图所示，金属棒ab置于水平放置的U形光滑导轨上，在ef右侧存在有界匀强磁场B,磁场方向垂直导轨平面向

下，在ef左侧的无磁场区域cdef内有一半径很小的金属圆环L,圆环与导轨在同一平面内.当金属棒ab在水平恒力

F作用下从磁场左边界ef处由静止开始向右运动后，下列有关圆环的说法正确的是()

d

eb

A.圆环内产生变大的感应电流，圆环有收缩的趋势

B.圆环内产生变小的感应电流，圆环有收缩的趋势

C.圆环内产生变大的感应电流，圆环有扩张的趋势

D.圆环内产生变小的感应电流,圆环有扩张的趋势

3、在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r,小、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，r<Rn

C为电容器，电流表、电压表为理想电流表和理想电压表.在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列

说法中正确的是()

A.电压表示数变小，电流表示数变小

B.电容器C所带电荷量增多

C.电源的输出功率增大，效率降低

D.a点的电势升高

4、如图所示直线A为某电源的U-/图线，曲线3为某小灯泡Li的U-1图线的一部分，用该电源和小灯泡Li串联

起来组成闭合回路时灯泡Li恰能正常发光，则下列说法中正确的是（）

A.此电源的内电阻为0.67Q

B.灯泡Li的额定电压为3V,额定功率为6W

C.把灯泡Li换成阻值恒为1。的纯电阻，电源的输出功率将变小，效率将变低

D.由于小灯泡Li的。/图线是一条曲线，所以灯泡发光过程中欧姆定律不适用

5、如图所示，在竖直向上的匀强磁场中，水平固定放置一根通电的长直导线，电流方向垂直纸面向外，a.氏c、d

是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中

A.a点磁感应强度最大B.c点磁感应强度最大

C.a,c两点磁感应强度相同D.5、d两点磁感应强度相同

6、某物体运动的速度图象如图所示，根据图象可知（

A.0〜2s内的加速度为Im/52B.0〜5s内的位移为10/n

C.第2s末与第3s末物体的位置相同D.第1s末与第5s末加速度方向相同

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图甲，固定在光滑水平面上的正三角形金属线框，匝数"=20,总电阻衣=2.5。，边长L=0.3m,处在两个半

径均为的圆形匀强磁场区域中.线框顶点与右侧圆心重合，线框底边中点与左侧圆心重合.磁感应强度后垂直

水平面向上，大小不变；&垂直水平面向下，大小随时间变化.国、用的值如图乙所示，贝!1()

A.通过线框的感应电流方向为逆时针方向

B.f=0时刻穿过线框的磁通量为0.1Wb

C.在0.6s内通过线框中的电荷量约为0.13C

D.经过0.6s线框中产生的热量约为0.07J

8、如图所示电路中，电源电动势为E,内阻为r,当变阻器R的滑片位于中点时，额定功率相同的A、B、C三个小

灯泡均正常发光，则下列说法正确的是()

A.三个灯泡中，C灯电阻最大，5灯电阻最小

B.当滑片P向左移动时，A、C两灯变亮，3灯变暗

C.当滑片P向左移动时，B、C两灯变亮，A灯变暗

D.当滑片P向左移动时，电源的总功率减小

9、如图所示的正方形区域存在垂直纸面向里的磁场，两个质量相等、电荷量相等的异种电荷1、2,以不同速率垂直

于磁感线方向从。点垂直ad射入磁场中，。点为ad的中点，两粒子运动的轨迹如图所示，取sin53o=0.8,cos53°=0.6o

不计粒子受到的重力。下列关于两粒子的运动速率「在磁场中的运动时间人圆周运动周期T及角速度”的关系正确

的是（）

A.vi：V2=5：2B.tI：&=53：180

C.Ti：乃=1：1D.a）i：02=180：53

10、国庆期间小明去逛超市，遇促销打折买了一个电吹风，电吹风的使用说明书上给出了如表所示的参数及图示电路

图。下列说法正确的是（）

电吹风铭牌参数

额定电压220V50Hz

热风1000W

额定功率

冷风250W

,R

—(g)~S2

—220Vo—

A.该电吹风发热电阻R的阻值约为64.5。

B.该电吹风电动机M的内阻为193.60

C.当开关S］断开、S2闭合时，电吹风吹冷风

D.当开关Si、S2均闭合时，电动机每秒钟消耗的电能为1000J

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）小华和小明在“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验中，将实验数据记录在下表中：

电压UN0.000.200.400.701.001.301.702.102.50

电流〃A0.000.140.240.260.370.400.430.450.46

⑴实验室有两种滑动变阻器供选择：

A.滑动变阻器（阻值范围0〜10。、额定电流3A）

B.滑动变阻器（阻值范围0〜2000。、额定电流1A）

实验中选择的滑动变阻器是.（填写字母序号）

⑵在图甲中用笔画线代替导线，将实验电路连接完整.

（3）开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑至_______（选填“左”或“右”）端

12.（12分）现要测量一段粗细均匀的新型导电材料棒的电阻率

67m

1X

TTTTT十I

36

o2-4-8O

丙

（1）首先用多用电表欧姆档粗测电阻，指针位置如图甲所示，其读数为Q

（2）用螺旋测微器测量此新型导电材料棒的直径d,测量结果如图乙所示，则8=机九用游标卡尺测量此新型

导电材料棒的长度，测量结果如图丙所示，则乙=mm

（3）然后，采用伏安法尽可能准确地测量电阻，在测量电阻的实验中需要直接测量的物理量是（填物理量的符号

）,用已知物理量和所测得物理量的符号表示样品的电阻率夕=

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104v/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的5c部分是半径

为R的,圆环，轨道的水平部分与半圆环相切.A为水平轨道上的一点，而且A5=R=O.2m,把一质量机=O.lkg,带电

4

量为g=+l（）TC的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

E

⑴小球到达C点的速度大小

⑵小球在C点时，轨道受到的压力大小

14.（16分）如图，两根间距为L=0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E=3V、内阻r=l。的电源，导轨平面与

水平面间的夹角0=37。.金属杆ab垂直导轨放置，质量m=0.2kg.导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不

计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中.当Ro=l£2时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g=10m/s2,$也37。=0.6,

cos37°=0.8

（1）求磁感应强度B的大小；

（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度

15.（12分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板。、分相距d=0.10m,a、b间的电场强度为E=5.0X105N/C,b

板下方整个空间存在着磁感应强度大小为8=6.OT、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为/M=4.8xl0-25kg,电荷

186

量为9=1.6X10C的带正电的粒子（不计重力），从贴近。板的左端以vo=l.OxlOm/s的初速度水平射入匀强电场，刚好

从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的。处（图中未画出）.求P、0之间的距离L

XXXX-^XXXX

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、B

【解析】AB.两个点电荷间相互作用的电场力是一对作用力与反作用力，总是大小相等，方向相反，与两个点电荷的

电量大小无关，故A错误，B正确；

C.根据库仑定律：/=闻宴可知，当两个点电荷间距离增大而电量保持不变时，这两个电场力的大小一定减小，故

r

C错误；

D.根据库仑定律可知，当两个点电荷间距离不变而其中一个电荷的电量增大时，则两电荷间的相互作用力一定增大，

故D错误；

故选B

2、B

【解析】因为金属棒ab在恒力F的作用下向右运动，则abed回路中产生逆时针方向的感应电流，则在圆环处产生垂直于

纸面向外的磁场，随着金属棒向右加速运动，圆环的磁通量将增大，根据楞次定律可以知道，圆环将有收缩的趋势以阻碍圆

环的磁通量将增大;又因为金属棒向右运动的加速度减小，单位时间内磁通量的变化率减小，所以在圆环中产生的感应电

流不断减小，故B对；ACD错

【点睛】当导体棒变速运动时在回路中产生变化的感应电流,因此圆环内的磁场磁通量发生变化，根据磁通量的变化由楞

次定律可以判断圆环面积的变化趋势,其感应电流的变化要根据其磁通量的变化快慢来判断.

3、C

【解析】在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，根据欧姆定律分析

干路电流如何变化和电阻Ri两端电压的变化，即可知道电压表读数的变化.电容器C的电压等于电阻R2两端的电压,

分析并联部分电压的变化，即知道电容器的电压如何变化，根据干路电流与通过R2的电流变化情况，分析电流表的变

化.根据内外电阻的关系，分析电源的输出功率如何变化.a点的电势等于R2两端的电压

【详解】在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，滑动变阻器电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I

增大，电阻Ri两端电压增大，则电压表示数变大.电阻R2两端的电压U2=E-I(Ri+r),I增大，则U2变小，电容器

板间电压变小，其带电量减小.根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知，a的电势大于零，a点的电势等于R2

两端的电压，U2变小，则a点的电势降低，通过R2的电流L减小，通过电流表的电流IA=LL,I增大，L减小，则IA

增大.即电流表示数变大.故ABD错误.据题：r<Ri,当外电路总电阻减小时，内外电阻更加接近，电源的输出功

率增大.电源的效率〃='xlOO%=且xlOO%,路端电压U减小，则电源的效率降低，故C正确.故选C

ElE

【点睛】本题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，进行分析.根

据电流方向判断电势高低，由电压的变化判断电势的变化

4、B

【解析】A.由图读出电源的电动势

E=4V

内阻

U4-1

——Q=0.5Q

6

故A错误；

B.两图线的交点表示小灯泡L与电源连接时的工作状态，由于灯泡正常发光，则知灯泡的额定电压

U=3V

额定电流

7=2A

则额定功率为

p=U[=6W

故B正确；

C.灯泡Li的电阻

K=4=3=1.5。

换成阻值恒为的纯电阻，可知外电阻更接近电源的内阻，根据推论：电源的内外电阻相等时电源的输出功率最大,

知把灯泡L换成阻值恒为的纯电阻，电源的输出功率将变大，效率将变低，故C错误；

D.灯泡是纯电阻元件，欧姆定律适用，图象为曲线的原因是灯泡电阻随温度的变化而变化，故D错误。

故选B。

5、B

【解析】根据安培定则，直线电流的磁感应强度如图

根据平行四边形定则，a、b、c、d各个点的磁场情况如图

ab

显然，6点与d点合磁感应强度大小相等，方向不同；。点磁感应强度为两点之差的绝对值，最小；c点电磁感应强

度等于两个磁感应强度的代数和，最大；

A.与分析不符，故A错误；

B.与分析相符，故B正确；

C.与分析不符，故C错误；

D.与分析不符，故D错误；

故选B。

6、A

【解析】速度图象的斜率等于物体的加速度.速度的正负表示速度的方向，根据数学知识分析解答

2-0

【详解】根据速度图象的斜率等于物体的加速度，可知0〜2s内的加速度大小a=——m/s2=lm/s2,故A正确.0〜5s

2

内的位移为gx（2+5）x2%=77〃，选项B错误；从第2s末到第3s末物体做匀速运动，可知第2s末与第3s末物体

的位置不相同，选项C错误；第1s末所在位置的图象斜率为正值，第5s末的所在位置的图象斜率为负值，所以第1s

末与第5s末的加速度方向相反，故D错误.故选A

【点睛】解答速度时间图象问题，关键抓住：（1）速度的正负表示物体速度的方向；（2）面积的正负表示物体位移的

方向；（3）图象的斜率等于物体的加速度

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ACD

【解析】根据楞次定律判断感应电流的方向；根据磁通量①=BS求解，S是有效面积；由“=//=三。求解电荷量;

R

由Q=PRt求解热量

【详解】A.由磁感应强度Bi垂直水平面向外，大小不变；B2垂直水平面向里，大小随时间增大，故线框总的磁通量

减小，由楞次定律可得，线框中感应电流方向为逆时针方向，故A正确；

2222

B.t=0时刻穿过线框的磁通量为：0>=BiX-X7tr-B2x-xJIr=lx0.5x3.14x0.1-2x-x3.14x0.1Wb=0.005Wb,故B错误;

266

F小20xf5-2)x-x3x0.12

T

C.在t=0.6s内通过线框中的电量了t=E_①_'16________C〜013C，故C正确;

7RR2.5~

n①

D.由Q=PRt=(-------)2XAt=0.07J,故D正确

Rt

故选ACD

8、ABD

【解析】将电路改画如图

A.对于灯A、B：通过A的电流小于3的电流，当两灯泡的功率相同时，由公式代产衣分析可知，A的电阻大于5

的电阻。灯C的电压大于A的电压，当两个灯泡的功率相同时，C的电阻大于A的电阻。可见C灯电阻最大，5灯电

阻最小。故A正确。

BC.当滑片向左移动时，滑动变阻器电阻增大，则总电阻增大，总电流减小，路端电压增大，C灯变亮。流过5灯的

电流/B=/Jc,/减小，/C增大，则/B减小，则3灯变暗。A灯的电压UA=U-UB,U增大，0B减小，则UA增大，A灯

变亮。故B正确，故C错误；

D.当滑片向左移动时，总电流减小，根据尸=/E,知电源总功率减小，故D正确。

故选ABD„

9、BC

【解析】设正方形的边长为L,如图所示

由几何知识得

r2=^L,g=180°

片=（与+七,sin/

2《

解得

rx=|i,q=53。

A.粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得

V2

qvB=m——

r

解得

丫=幽

m

则

W：岭=4：&=5：1

故A错误；

C.粒子在磁场中做圆周运动的周期

2兀m

1=------

qB

由于加、q、6都相等，两粒子在磁场中做圆周运动的周期T相等，故

Tt:T2=1:1

故C正确；

B.粒子在磁场中在运动时间

由于两粒子在磁场中做圆周运动的周期T相等，则粒子在磁场中的运动时间之比

G:芍=4：2=53°:180°=53:180

故B正确。

D.粒子做圆周运动的角速度

vqB

CD----1—

rm

由于4、5、"7都相等，贝！I

：<»2=1：1

故D错误。

故选BC。

10、AC

【解析】A.由表格可知发热电阻的功率

PR=P—PM=1OOOW-250W=75OW

所以该电吹风发热电阻R的阻值

U22202

R=——=------Q«64.5Q

PR750

故A正确；

B.电动机正常工作过程为非纯电阻，不能使用公式

计算电动机内阻，故B错误

C.由图可知当开关S1断开、S2闭合时，发热电阻断路，电动机工作，故吹冷风，故c正确；

D.当开关Si、S2均闭合时，电动机正常工作，功率仍然为250W,故电动机每秒钟消耗的电能为

W=Pr=250xlJ=250J

故D错误。

故选AC。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、①.A③.左

甲

【解析】根据灯泡的电阻大小选择滑动变阻器；抓住灯泡电流、电压从零开始测起，滑动变阻器采用分压式，灯泡为

小电阻，电流表采用外接法

【详解】（1）由于灯泡的电阻大约在几欧左右，为了便于测量，滑动变阻器选择0-10Q的A即可

（2）由于灯泡的电压和电流从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法；电流表采用外接法.实物连线图如图所示

甲

（3）为了保护测量电路，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑至最左端

12、①.180（2）.6.12050.90④.电压U、电流/⑤.回生

4IL

【解析】欧姆表的读数为示数乘以倍率，螺旋测微器的读数为：主尺+半毫米+转筒，电流表用内接法，用电阻决定

式求电阻率

【详解】（1）多用电表欧姆档的读数为示数与倍率的积，由此看出导电材料的电阻值为：18xl0Q=180Q

（2）螺旋测微器的读数是由固定刻度和可动刻度两部分相加而得，导电材料的直径

d—6.0wn+12.0x0.01mm=6.120/wn.游标卡尺的读数也是两部分组成，此游标卡尺的精度为二-m7〃=0.057加〃，

20

所以导电材料的长度L—50mm+18x0.05mm=50.90mm

（3）要测电阻率必先测出这种导电材料的电阻，由伏安法知，还需用电压表和电流表测出导电材料的加电压。时通过

的电流/,则其电阻氏=彳.