山东省邹城市实验中学2020-2021学年上学期高二期中考试物理模拟题参考答案

山东省邹城市实验中学20202021学年上学期高二期中考试物理模拟题参考答案1．C【解析】电源电动势的大小是由电源本身决定的量，与是否接入电路无关；选项A错误；闭合电路中，当电源不接入电路时，并联在电源两端的电压表的示数大小等于电源电动势的值，选项B错误；电源的电动势是表示电源把其它形式的能转化为电势能的本领的大小的物理量，选项C正确；在闭合电路中，电源的外电压就等于电源两端的电压，即路端电压，选项D错误；故选C.2．B图中电阻R2与R3并联后与R1串联，电路的总电阻为：根据欧姆定律，干路电流为：由于并联电路的电流与电阻成反比，故：；3．B由题意知通电导线在周围产生的磁感应强度B=，在OR区间磁感应强度叠加，设距离2I导线为x1处磁感应强度为零，则，解得，在r<时，B合=；在r>R时，B合=，根据右手螺旋定则可以判断磁感应强度的方向，所以选B.4．CAB.滑片向右滑动，滑动变阻器连入电路的阻值变小，总电阻变小，电流变大，灯泡逐渐变亮；电源输出功率最大时外电路电阻等于电源内阻，虽然外电路电阻变小，但不能确定外电路电阻是不是接近电源内阻，电源输出功率不一定增大，故AB错；C.电压表V1测的是电阻R两端电压，电压表V2测的是路端电压，电流表测的是干路中的电流，所以，，即均保持不变，故C正确；D.当电路稳定后，断开电键，小灯泡与电容器组成闭合回路，电容放电，小灯泡不立刻熄灭，故D错误．5．A设在位置1时磁通量大小为Φ1，位置2时磁通量大小为Φ2。第一次将金属框绕cd边翻转到2，穿过线框的磁感线的方向发生改变，磁通量变化量△Φ1=Φ1+Φ2第二次将金属框由1平移到2，穿过线框的磁感线方向没有改变，磁通量变化量△Φ2=Φ1Φ2故△Φ1＞△Φ26．CA、电磁波由真空进入介质，频率不变，速度变小，故A错误；B、均匀变化的电场一定产生恒定的磁场，故B错误；C、雷达的工作原理是：发射电磁波对目标进行照射并接收其回波，由此获得目标至电磁波发射点的距离、距离变化率（径向速度）、方位、高度等信息，故C正确；D、声波属于机械波，它的传播离不开介质，故D错误.7．C8．B线框在进入和穿出磁场的过程中，穿过线框的磁通量发生变化，有感应电流产生，而整个线框都在磁场中运动时，线框的磁通量不变，没有感应电流产生，故①正确②错误；线框在进入和穿出磁场的过程中，产生感应电流，线框的机械能减小转化为电能，故③正确；整个线框都在磁场中运动时，没有感应电流产生，线框的重力势能转化为动能，机械能守恒，故④错误．9．BCDA.由题意可知，物体A、B组成的系统不受外力作用，则系统动量守恒，故A错误；B.因为初状态，A的速度大于B的速度，末状态，A的速度小于B的速度，而物体A、B组成的系统不受外力作用，所以一定是A物体追及B物体发生碰撞，故B正确；C.由动量守恒定律得：，解得，故C正确；D.碰前的机械能；碰后的机械能，碰前的机械能等于碰后机械能，所以是该碰撞是弹性碰撞，故D正确。10．BCDA.由图读出电源的电动势为E＝4V，图线A的斜率大小表示电源的内阻，则：，故A错误；B.灯泡与电源连接时，AB两图线的交点表示灯泡的工作状态，则知其电压U＝3V，I＝2A，则灯泡L的额定电压为3V，功率为:，故B正确。C.把灯泡L的电阻：，换成一个1Ω的定值电阻，可知其电阻更接近电源的内阻，根据推论：电源的内外电阻相等时电源的输出功率最大，知把灯泡L换成一个1Ω的定值电阻，电源的输出功率将变大，而效率：，外电阻变小，效率变低，故C正确。D、小灯泡的U−I图线之所以是一条曲线，由图可以看出，小灯泡L的电阻随通过电流的增大而增大，故D正确；11．ABA、电池充电过程中电能转化为化学能和热能，根据能量守恒定律，有：，故电能转化为化学能的功率，即充电器把0.12W的功率储存在电池内，故A正确，D错误；

B、充电器输出的电功率为：，故B正确；

C、充电时，电池消耗的热功率为：，故C错误。12．AD煤气浓度越高气敏电阻R1阻值越小，电路总电阻越小，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流I越大，电阻两端电压U＝IR变大，即a、b间电压越高，故A正确，B错误；煤气浓度越大，气敏电阻R1越大，电路总电阻越大，电路电流I越小，电源功率P＝EI越小，故C错误；调整变阻器R的阻值会改变煤气浓度一定时a、b间的电压，回影响报警器的灵敏度，故D正确．13．偏转不偏转闭合回路磁通量发生变化（1）根据探究产生感应电流的条件，将螺线管B和电流表构成一个闭合回路，将螺线管A、电源、滑动变阻器构成一个闭合回路，如图所示（2）合上开关瞬间，通过A螺线管的电流增大，则通过螺线管B的磁通量增大，根据感应电流产生的条件判定：有感应电流产生，电流表的指针偏转；（3）电路稳定后，通过A螺线管的电流不变，则通过螺线管B的磁通量不变，根据感应电流产生的条件判定：无感应电流产生，电流表的指针不偏转；（4）感应电流产生的条件为：只要闭合回路磁通量发生变化，就有感应电流产生．14．（1）a点；（2）（3），（4）（均正确）试题分析：（1）利用伏安法测电阻，由图象可知热敏电阻的阻值远小于电压表电阻，所以采用电流表外接法；故导线c应接在a点。（2）根据串并联电路规律可知：外电压：。（3）电源两端的电压利用欧姆定律可知．利用电源的外特性曲线可知电动势和内电阻．把电流表、电阻箱、电源作为等效电源，等效电源的电动势为，内电阻为。（4）电源内阻，，当电阻箱的阻值调到时，根据闭合电路欧姆定律：，则。15．，2×10－6J电磁波传播过程中的频率和波长没有改变，故电波的波长不变，故：每平方米的面积每秒钟可接收到该电波的能量为：.16．（1）0.8A（2）6.4×105C；（3）3.2×105C试题分析：（1）当电键S闭合时，电阻R1、R2被短路．根据欧姆定律得，电流表的读数（2）电容器所带的电量Q=CU3=CIR3=20×106×0.8×4C=6.4×105C；（3）断开电键S后，电容器相当于电源，外电路是R1、R2相当并联后与R3串联．由于各个电阻都相等，则通过R2的电量为Q′=1/2Q=3.2×105C17．（1）（2）（3）mv02试题分析：（1）A、B两球碰撞过程动量守恒，以A球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=（m+m+m）v1，解得：；（2）以A、B、C三球组成的系统为研究对象，以A球的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=（m+m+m）v2，解得：；（3）由能量守恒定律得：•2mv12=•3mv22+EP，解得：EP=mv02；18．（1）3m/s；（2）1m/s；（3）0.5s。（1）子弹射入物块后一起向右滑行的初速度即为物块的最大速度，取向右为正方向，根据子弹和