模拟卷02-2023年中考物理模拟卷（全国通用）（解析版）

【赢在中考・黄金8卷】备战2023年中考物理模拟卷（全国通用版）

黄金卷01

（本卷共22小题，满分100分）

一、单选题（共10个小题，每题3分，共30分）

1.我们生活在充满声音的世界里，下列关于声现象的说法正确的是（）

A.甲：鼓面发声时，鼓面并不振动

B.乙：声呐是利用次声波发现障碍物的

C.丙：给摩托车安装消声器是在传播过程中减弱噪声

D.T：通过长管听到远处船只航行的声音，说明水能传声

【答案】D

【解析】鼓面发声时，鼓面是振动的，故A错误；声呐是利用超声波工作的，故B错误；给

摩托车安装消声器是在声源处减弱噪声，故C错误;通过水中长管听到远处船只航行的声音,

说明声音能在水中传播，故D正确。故选：D«

2.下列现象形成的过程中，放出热量的一组是（）

①我国北方冬季，窗玻璃上出现冰花

②夏天在地面上洒水会感到凉快

③钢水浇铸成机床底座

④利用干冰运输食物，防止食物腐烂变质

A.①③B.②③C.②④D.③④

【答案】A

【解析】窗玻璃上出现冰花，是凝华过程要放热；地面上洒水会感到凉快，是汽化过程要吸

热；钢水浇铸成机床底座，是凝固过程要放热：利用干冰运输食物，防止食物腐烂变质，是

升华过程要吸热.故选：Ao

3.如图所示的光现象中，由光的直线传播形成的是（）

ʌ.鸟的倒影B.水面“折”笔C.地面上的树影D.雨后的彩虹

【答案】C

【解析】鸟的倒影是平面镜成像，属于光的反射，故A错误；水中折笔和南后彩虹属于光的

折射，故B、D错误；地面上的树影，属于光沿直线播形成现象，故C正确。故选：C。

4.在“探究凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光

屏上恰好成一清晰的像（像未在图中画出），则下列说法错误的是（）

券ɪɪ1

IlnlIlnIplilIllllllll-lψlll∣llll∣llll∣llll∣llll∣llll∣I

ɔemlθ20607080901∞

A.保持蜡烛和光屏位置不动，移动凸透镜，光屏上能呈现出放大清晰的烛焰像

B.此凸透镜的焦距在7.5cm至15cm之间

C.更换一个焦距更小的凸透镜，只向左适当移动光屏，光屏上仍能得到清晰的像

D.更换一个焦距更小的凸透镜，只向左适当移动蜡烛，光屏上仍能得到清晰的像

【答案】D

【解析】由图可知u=30cm,V=15cm,u>v,成倒立、缩小的实像，此时u>2f,F<v<2f,

即u>30cm,f<15cm<2f,解得7.5cm<f<15cm;若保持蜡烛和光屏位置不动，只移动凸

透镜，当u'=v=15cm,v'=u=30cm时，u'VV',光屏上能得到倒立、放大清晰的烛

焰像，故A、B正确；将凸透镜换为焦距更小的凸透镜，相当于增大了物距，像距减小，则

光屏向左移才能得到清晰的像，故C正确：将凸透镜换为焦距更小的凸透镜，相当于增大了

像距，则物距需要减小，所以蜡烛向右移才能得到清晰的像，故D错误。故选：Do

5.2022年12月19日，梅西率领的阿根廷队战胜法国队，获得世界杯冠军，如图所示，

下列足球运动中描述正确的是（）

A.足球滚出后慢慢停下来是因为没有力维持足球的运动

B.头球破门时，足球对头的力是由于足球发生形变产生的

C.守门员踢出的足球，由于受到惯性的作用能够在空中继续飞行

D.梅西踢球瞬间，脚先给球一个力，然后球再给脚一个力，这两个力是相互作用力

【答案】B

【解析】足球最终会停下来，说明力可以改变物体的运动状态，不是因为没有力来维持它的

运动，故A错误；头球破门时，足球对头的力是由于足球发生形变产生的，故B正确；守门

员踢出的足球，足球具有惯性能够在空中继续飞行，但惯性不是力，不能说受到惯性作用,

故C错误；脚踢球时，脚对球的作用力和球对脚的反作用力是同时产生的，故D错误。故选：

Bo

6.甲、乙两车从同一地点沿同一方向运动，两车通过的路程和所用时间的关系如图所示。关

于甲、乙两车的运动情况，下列判断正确的是（）

A.0~5s,甲车速度是乙车速度的4倍

B.经过15s,甲、乙两车相距30m

C.经过18s,甲、乙两车相距4m

D.5~25s,乙车做匀速直线运动

【答案】C

【解析】0〜5s,甲车的路程是IOm,乙车的路程是40m,甲车的速度Vv=:更=1%=2m∕s;

t甲5s

乙车的速度V乙=注=她=8m∕s;甲、乙两车速度之比为：—ɪ2∏√s-ɪ.即甲

t乙5sV乙8m∕s4

车速度是乙车速度的』，故A错误；经过15s,甲车的路程是30m,乙车的路程是40m,甲、

4

乙两车相距40m-30m=IOm故B错误；C.由图可知，甲车一直做匀速直线运动，经过18s,

甲车的路程s甲I=V中t∣=2m∕sX18s=36m乙车在5s后运动到40m处，是静止的，经过18s,

甲、乙两车相距40m-36m=4m故C正确；D.5〜25s,乙车处于静止状态，故D错误。

7.在物理实验中,对物理量进行多次测量,有的是为了减小误差,有的是为了寻找普遍规律，

下列是为了减少实验误差的是（）

A.在“探究通过电阻的电流与两端电压的关系”时，测量多组对应的电流和电压值

B.在“探究串联电路电压的规律”时，测量多组对应的电压值

C.在“探究某种物质的质量与体积关系”时，测量多组对应的质量和体积

D.在“测量定值电阻的阻值”时，测量多组对应的电压和电流值

【答案】D

【解析】在“探究通过电阻的电流与两端电压的关系”、

“探究某种物质的质量与体积关系”、“探究某种物质的质量与体积关系”时，都是为了

测量多组实验数据，方便寻找普遍规律，故A、B、C错误；在“测量定值电阻的阻值”时,

是因为定值电阻的阻值受温度影响较小，便于求平均电阻值，故D正确。故选：D。

8.足球是同学们喜爱的运动。如图1所示是卡塔尔世界杯赛中，某球员传球后足球在空中

飞行的一段运动轨迹，图2是该足球落地后弹跳的过程。关于以上两过程下列说法正确的是

()

%。。B

P.0^1o.2r>c

5'°o∏ΛO°

5TfWc⅝

图1图2

A.图1中足球从P点移动至Q点的过程中，球员对球做了功

B.图1中足球在P点的重力势能小于Q点的重力势能

C.图2中A、C两点为同一高度，该足球在这两点机械能相等

D.图2中足球在从B点移动至D点过程中，足球的动能转化为重力势能

【答案】B

【解析】图1中足球从P点移动至Q点的过程中，球员没有对球施加力，对球不做功，故A

错误；图1中足球在P点的高度小于Q点的高度，足球的质量不变，所以在P点的重力势能

小于Q点的重力势能，故B正确；足球跳起的高度逐渐变小，这说明足球的机械能是逐渐变

小的，该足球在这AC两点的机械能不相等，故C错误；图2中足球在从B点移动至D点过

程中，足球的质量不变，高度变小，重力势能变小，速度变大，动能变大，是足球的重力势

能转化为动能，故D错误。故选：B。

9.下列说法中正确的是()

A.街头的杨花飞絮随风飘舞，说明分子在不停地做热运动

B.随着科技的发展，永动机将实现

C.内燃机的压缩冲程，主要通过做功的方式增大汽缸内物质的内能

D.我国“长征五号B”大型运载火箭使用氢作燃料，是因为氢的密度小

【答案】C

【解析】杨花飞絮随风舞是宏观物体的机械运动，不属于分子热运动，故A错误；永动机违

反能量守恒定律，永远不能发明出来，故B错误；内燃机的压缩冲程，活塞压缩气缸内物质，

把机械能转化为汽缸内物质的内能，是通过做功改变物体的内能，故C正确；运载火箭采用

液态氢作为火箭的燃料，原因液态氢具有较大的热值，完全燃烧相同质量的液态氢和其它燃

料相比，液态氢可以释放出更多的热量，故D错误。故选：C»

10.如图所示，轻质杠杆AB的转轴为0,杠杆两端点为A和B,且0A=20B,给B端施加竖

直向下的拉力，使挂在杠杆A端的物体缓缓上升，不计摩擦。下列关于轻质杠杆的说法正确

A.阻力臂不变B.阻力变大

C.动力臂逐渐变大D.动力F的大小不变

【答案】D

【解析】阻力为物体对杠杆的拉力，等于物体的重力，物体的重力不变，阻力不变；从支点

到阻力的作用线的距离为阻力臂，重物上升时，阻力臂逐渐变小，故A、B错误；从支点到

动力的作用线的距离为动力臂，重物上升时，动力臂逐渐变小，故C错误；因杠杆受到动力

和阻力的方向都沿竖直方向，则根据相似三角形的性质可知，动力臂和阻力臂的比值不变，

且阻力大小不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力大小不变，故D正确。故选：D。

二、多选题（共2个小题，每题5分，共10分）

11.如图所示，灯泡L标有“8V4W”字样，忽略温度对灯丝电阻的影响，滑动变阻器

R标有“50Q1A”字样，电压表的量程为0〜3V,电流表的量程为。〜0.6A,定值电阻Rz

的阻值为16Q。在保证电路安全和电表不超量程的情况下，当闭合开关S、S,>&时，通电

30s,电路中电流所做的功为120J；当闭合开关S,断开开关Si、S?时，灯泡的实际功率为

K;当闭合开关与、S2,断开开关S时，定值电阻Rz消耗的最小功率为Pz。下列判断正确的

B.灯泡L的电阻为16Q

C.灯泡的实际功率Pl为2WD.定值电阻Rz消耗的最小功率Pz约为L56W

【答案】BD

【解析】灯泡的电阻为：2故正确；由图甲可知，当闭合

LRL=-⅝-=(8V)=I6Ω,B

P额4W

2

开关S、Si、Sz时，滑动变阻器和L被短路，电路中只有R?；U=I⅛=120J×16Ω(8V)

t30s

2,则电源电压U=8V,故A错误；当闭合开关&、S2,断开开关S时，L被短路，R和t的

串联电路，电流表测电路中的电流，电压表测R两端的电压；当滑动变阻器接入电路的阻

值最大时，其两端的电压最大，由电压表的量程可知Rl两端的电压最大为U「大=3V,比两端

的电压最小为：Uz小=U-Ul大=8V-3V=5V,此时电路中最小电流为：I小=02小.=5V=

R216Ω

0.3125Λ,滑动变阻器接入电路的最大阻值为：R=JI生=—亚_=9.6Ω,滑动变阻器

I小0.3125A

的最大阻值50Q,符合条件；则Rz的最小功率为：P2=I小L小=0.3125AX5V=1.5625W≈⅛1.56W,

故D正确；C、当闭合开关S,断开开关8、Sz时，L和L串联，电流表测电路中的电流：

电路总电阻为:口=口2+区=16。+16。=32。，此时电路中的电流为：1=旦=_史_=0.25A,

R32Ω

22

此时灯泡L的实际功率为：PI=IRL=(0.25A)×16Ω=1W,故C错误。故选：BDo

12.两个相同的容器放在水平桌面上，分别装有甲、乙两种液体。将外形和体积均相同的a、

b两个实心长方体物块，分别投入两种液体中，静止时如图所示。此时，两容器中的液面相

平，两个物块下表面受到液体的压强相等，两个物块露出液面的高度也相等。则()

A.a、b物块受到的浮力关系：F,=FhB.a、b物块密度关系：PfIVPb

C.a物块和乙液体的密度关系：Pa>Pz.D.甲、乙液体质量关系：m甲Vm乙

【答案】BD

【解析】物块在甲、乙中漂浮，上表面受到液体的压力为0,下表面受到的压力等于浮力，

由于下表面受到液体的压强相同，而b的底面积较大，根据F=pS,则b的压力大小，也就

是浮力大，即E,<Fb,故A错误；物体漂浮时，受到的浮力等于自身的重力；由于KVA,

则a的重力较小，根据G=mg=PVg得P=且，体积相同，a的重力小，则a物体的密度

Vg

小，即PaVPb,故B正确；由于两个物块下表面受到液体的压强相等，根据P=Pgh知,

a在甲液体中的深度大，则甲液体的密度较小，即P.tl<P-由于两个物体都是漂浮，则

物体的密度比液体的密度小，即pa<p中，Pb<p乙，则P,,<PMVP乙，a物块和乙液

体的密度关系pa<pZ.

,故C错误；两容器中的液面相平，说明液体与物体浸入体积之和相等，但露出的高度相同，

a露出的体积较小，则a浸入的体积较大，因而甲液体的体积较小，由于P巾VPz,根据

m=PV,甲液体的质量较小，即甲、乙液体质量关系：m,<mz,故D正确。故选：BD»

三、填空题(共4个小题，每题空2分，共16分)

13.使用清洁能源天然气有助于国家提出的2060年前实现碳中和的目标。小明同学用他家

的天然气灶将质量为2kg、初温为15。C的水加热到65C,水吸收的热量是Ji若此

3i

过程的热效率为40%,则此过程消耗天然气mo[天然气热值为4.2X107j∕πf]

【答案】4.2X10$0.025

3

【解析】水吸收的热量为：Q19i=CmAt=4.2×10J∕(kg∙°C)×2kg×(65℃-15℃)=4.2

×105J;天然气完全燃烧放出的热量为：Q股=酶=4.2X1()5j=[05XlOliJ;需要燃烧

η40%

的天然气的体积为：v=%=l∙05X,θ6j025∏131)

q4.2×107J∕m3

14.法国科学家阿尔贝•费尔和德国科学家彼得•格林贝格尔由于发现了巨磁电阻(GMR)效应

而荣获2007年度诺贝尔物理学奖。图中GMR代表巨磁电阻，在磁场中，其阻值随磁场的逐

渐变强而减小。闭合开关，、S2,将滑片P向a端滑动，电磁铁磁性变,指示灯亮度

【解析】滑片向a端滑动，电路中电阻变小，电流变大，电磁铁磁性变强，在磁场中，GMR

的阻值阻值随磁场的逐渐变强而减小，GMR的阻值变小，指示灯所在电路的电流变大，指示

灯变亮。

15.如图所示，电源电压保持6V不变，电流表量程为0〜0.6A,电压表量程为0〜3V,定值

电阻R的规格为“10Q0.5A”，滑动变阻器R的规格为“20C1A”。闭合开关，为了保证

电路安全，在变阻器滑片移动过程中，该电路允许通过的最大电流为—A,滑动变阻器

R允许接入电路的阻值变化范围为o

【答案】0∙310Ω~20Ω

【解析】滑动变阻器R与定值电阻Rl串联，电压表测量定值电阻R两端的电压；当电压表

的示数达到最大值3V时，即定值电阻R,两端的最大电压U∣=3V,电路中的电流为：I=L

=£1_=_3V=03A<05A<06A<1A）所以电路中的最大电流为0.3A：此时滑动变阻器

R1IOQ

两端的电压：U2mi∏=U-U,=6V-3V=3V,变阻器接入电路的最小电阻：口加=%%=厘_

I0.3A

=IOQ;当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，整

个电路是安全的，则变阻器R接入电路的阻值允许变化范围为IOQ〜20Q。

16.如图甲所示，一底面积为IOOCnI2、高20CnI的长方体被固定在圆柱形容器底部的一根细

线拉住后浸没在液体中静止。如图乙所示，将细线剪断后，长方体静止时露出液面的高度为

4cm,此时液面下降了2cm,液体对容器底的压强减小了160Pao图乙中液体对长方体下表面

的压强为Pa,长方体在图甲中受到的浮力为No

【答案】128016

【解析】液体密度P=CJ=------均婚~--=800kg∕m3,图乙中长方体浸入液体

gʌh10N∕kg×2×10^m

的深度h=20cm-4Cm=I6cm=0.16m,图乙中液体对长方体下表面的压强P=Pgh=800kg∕m'

×10N∕kg×0.16m=1280Pa;图甲长方体中排开液体的体积VIt=VK方体=Sh=IOOCnI?X20Cm

3

=2000Cnr'=2X10%,图甲中长方体受到的浮力F浮=PgVjt=800kg∕mX10N∕kg×2×10'

⅛3=16N<,

四、作图题（共两个小题，每题3分，共6分）

17.如图所示是一个常用的插线板，插线板的开关控制指示灯（即发光二极管）和插座，指

示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压，而在开关闭合时指示灯发光，插孔能提

供工作电压；这种插座即使指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。发光二极管耐

压值很低，必须与电阻串联使用。根据上述说明，请你用笔画线代替导线在图中画出正确的

连接方式，并把插线板与电源线接通。

线

线

【答案】如图所示

【解析】开关接在火线上，使电流从“+”流入二级管从“-”流出，三孔插座是左零线、

右火线，上接地线。

18.完成光路图。

【解析】甲图中，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点;

乙图中，平行于主光轴的入射光线，经过凸透镜折射后，折射光线过焦点。

五、实验探究题（共两个小题，每空2分，共20分）

19.如图甲是“测量小灯泡额定功率”的实验电路，小灯泡的额定电压为2.5V。

（1）正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，出现

该状况的原因是（填字母序号）。

A.电流表内部断路了

B.灯座内部出现了短路

C.灯泡的灯丝断了

（2）排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P,使电压表的示数为2.5V,此时电

流表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为W。

（3）另一组的小芳在进行实验时发现电流表已损坏无法使用，老师给她一个已知阻值为R。

的定值电阻，同学们设计了如图丙所示的电路，并正确测出小灯泡的额定功率，已知电源电

压不变，实验步骤如下：

①闭合开关S、S“断开S2,调节滑动变阻器的滑片P,使电压表读数为小灯泡额定电压U88;

②闭合开关S,断开S”再闭合S2,保持滑动变阻器滑片P位置不动，读出此时电压表的示

数为U；

③小灯泡额定功率的表达式P额=。（用U额、U、R。表示）

（4）在完成小灯泡额定功率测量后，小芳发现把电路中的小灯泡换为定值电阻就可以研究

“电流与电阻的关系”。为完成实验，她更换了电源（恒为4.5V）,新增定值电阻R=5Q、

Rz=IOC'R3=15Q'R=20Q、RS=25Q0实验中她分别用定值电阻，依次替换重复实验，

并绘制出I-R图象如图所示，由图象可知：实验中电压表的示数保持V不变；为完

成该探究，小芳所使用的滑动变阻器的最大阻值至少为C。

U-Ugs

【答案】（I）B（2）0.75（3）USSX----生（4）2.520

RO

【解析】（1）若电流表内部断路「，则整个电路断路，两表都没有示数，故A错误；若灯座

内部出现了短路，电压表没有示数，电路为通路，电流表有示数，故B正确；若灯泡的灯丝

断/,电流表没有示数，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，故C错误；故选：B;

（2）由图乙可知，当电压表的示数为2.5V,电流表选用的量程是0~0.6A,分度值为0.02A,

示数为0.3A,小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；

（3）实验步骤：

①闭合开关5、S“断开S”调节滑片P使电压表读数为U独，此时小灯泡正常发光；

②不改变滑动变阻器滑片P的位置，闭合开关S、S2,断开记录电压表此时读数为U；

③在①中，电压表测灯的电压，灯正常发光，在②中，电压表测灯与定值电阻的电压，因此

时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，定值电阻的电压：Uo=U-U颁，灯泡的额定电

额

U-UU-Us5

流：L=Io=——"，小灯泡额定功率为：Ps=UsIl=UffiX——理；（4）由图丙可知，

RoRO

定值电阻两端的电压为：U∖=IR=0.5AX5Q=2.5V,变阻器分得的电压：U,tl=U-Uv=4.5V

-2.5V=2V,变阻器分得的电压为电压表示数的_空_=0.8倍，当接入25。电阻时，变

2.5V

阻器连入电路中的电阻为：R滔=0.8X25。=20。，即滑动变阻器连入电路的最大阻值至少

为20C。

20.小明用天平和量筒测量一个矿石的密度，实验步骤如下：

2(⅛20g5„

ðfið

∣lllψllφlll∣llll∣llll∣

012345g

甲乙丙丁

（1）小明先将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端，发现指针静止在分度盘中央的

左侧，则应将平衡螺母向调节（选填“左”或“右”），直至天平平衡。

（2）小明将矿石放在天平的左盘，向右盘加减祛码并移动游码在标尺上的位置使天平再次

平衡，盘中的祛码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则矿石的质量为go

（3）在量筒中倒入适量的水，水面到达的位置如图丙所示。然后小明将矿石用细线系好慢

慢放入量筒，浸没于水中，一段时间后水面到达的位置如图丁所示。由此可以算出矿石的密

度为kg/ɪnʒo

（4）考虑到矿石会吸收少量的水，小明测出的矿石的密度（选填“偏大”或“偏小”）。

（5）小超也想测出矿石的密度，但发现自己现有的器材中有天平（含祛码），但没有量筒,

聪明的小超于是灵机一动，找来一个烧杯，设计了另一种测量矿石密度的方案，步骤如下:

A.用天平测出矿石的质量为Hlo;

B.在烧杯中倒满水，称出烧杯和水的总质量m∣;

C将矿石轻轻放入装满水的烧杯中,矿石沉入杯底,烧杯溢出水后,将烧杯壁外的水擦干净，

重新放在天平左盘上，称出此时烧杯、杯内矿石和水的总质量∏h;

D.水的密度已知，记为P木；

E.则矿石密度的表达式：P矿石=（用m。、mi、m2、P水来表示）。

20.【答案】（1）右（2）46.8（3）2.34Xl（f（4）偏大（5）-------也----P*

mɪ+m°-1∏2

【解析】

(1)调节天平横梁平衡时，若发现指针偏向中央刻度的左侧，说明左侧质量偏大，此时应

将平衡螺母向右端移动；(2)小石块的质量为m=20g+20g+5g+1.8g=46.8g:(3)小石块的

体积为：V=40mL-20mL=20mL=20cm：',小石块的密度为:P=旦=46∙A=2.34g∕cm3

V20cm3

=2.34×103kg∕m3;(3)矿石块表面会吸收少量的水，使测得矿石体积偏小，由公式P=R

V

得，密度偏大；(4)矿石排开水的质量：m排=m∣+m0-m2,矿石的体积：V行=V排=」也=

P水

mɪ+m0-1∏2m石=叱=IQQ

矿石块的密度:

P水V石ιπ]+叫-私？ɪnɪ+ι∏Q-m2

P水

六、计算题(共两个小题，21题8分，22题10分，共18分)

21.体重为800N、双脚与地面的接触面积为400cr√的小宇用如图甲所示的滑轮组提升物体

M0已知被提升的物体M重为900N,人加在绳子自由端的拉力F将物体M以0.4m∕s的速度

匀速提升到8m的高度,拉力做的功W随时间t的变化图像如图乙所示。不计钢丝绳的重力、

摩擦力。求：

(1)滑轮组提升重物所做的有用功和拉力的功率。

(2)动滑轮的重力。

(3)小宇匀速提升物体M时地面的压强。

甲乙

【答案】(I)滑轮组提升重物所做的有用功是7200J；拉力的功率是400W(2)动滑轮的

重力是100N(3)小宇匀速提升物体M时地面的压强是7500Pa

【解析】(I)有用功：Wf,=Gh=900NX8m=7200J;物体上升的时间即拉力F作用的时间t

=2L=_®_=20s,由图乙可知，拉力F做的总功W总=8000J,拉力的功率P=

V0.4m∕s

⅛-=β°,θθJ-=4OOW;(2)由图甲可知，n=2,所以绳子自由端移动的距离：s=2×8m=

t20s

16m；拉力：F=2⅛=3g°L=5OON;不计钢丝绳的重、摩擦力大小，由F=∙l