重组卷01-2023年高考物理真题重组卷（湖北）（解析版）

绝密★启用前

冲刺2023年高考物理真题重组卷01

湖北专用（解析版）

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮

擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：本题共11小题，每小题4分，共44分。在每小题给出的四个选项中，第1〜7

题只有一项符合题目要求，第8〜11题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全

的得2分，有选错的得0分。

1.（2022•湖北•高考真题）2022年5月，我国成功完成了天舟四号货运飞船与空间站的对接，形成的组合体

在地球引力作用下绕地球做圆周运动，周期约90分钟。下列说法正确的是（）

A.组合体中的货物处于超重状态

B.组合体的速度大小略大于第一宇宙速度

C.组合体的角速度大小比地球同步卫星的大

D.组合体的加速度大小比地球同步卫星的小

【答案】C

【解析】A.组合体在天上只受万有引力的作用，则组合体中的货物处于失重状态，A错误；

B.由题知组合体在地球引力作用卜绕地球做圆周运动，而第一宇宙速度为最大的环绕速度，则组合体的速

度大小不可能大于第一宇宙速度，B错误；

C.已知同步卫星的周期为24h,则根据角速度和周期的关系有

2万

ω=——

T

由于T阿＞TMM,则组合体的角速度大小比地球同步卫星的大，C正确；

D.由题知组合体在地球引力作用下绕地球做圆周运动，有

「Mm4乃2

G—丁=m—τ-r

r2T2

整理有

由于T同＞T组合体,则〃网＞r统合体，且同步卫星和组合体在天上有

「Mm

ma=G——

r

则有

a同＜a盘合体

D错误。

故选C。

2.（2022.江苏.高考真题）高铁车厢里的水平桌面上放置一本书，书与桌面间的动摩擦因数为0.4,最大静

摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g=∣°m∕s∖若书不滑动，则高铁的最大加速度不超过（）

ʌ2.0m/s2B.4.0ιn/s2ɑ6.0m/s2jɔ8.0m∕s2

【答案】B

【解析】书放在水平桌面上，若书相对于桌面不滑动，则最大静摩擦力提供加速度

fm=μmg=mam

解得

2

«m==4m∕s

书相对高铁静止，故若书不动，高铁的最大加速度4m⅛2.

故选Bo

3.（2022•天津高考真题）在同一均匀介质中，分别位于坐标原点和x=7m处的两个波源。和R沿y轴振

动，形成了两列相向传播的简谐横波”和6,某时刻“和6分别传播到x=3m和x=5m处，波形如图所示。

下列说法正确的是（）

C.α与〃相遇后会出现干涉现象D.O开始振动时沿y轴正方向运动

【答案】A

【解析】A.由同一均匀介质条件可得“和6两列波在介质中传播速度V相同，由图可知，”和。两列波的

波长之比为

4=2=1

4.42

根据

V

λ

可得々与。的频率之比为

faJb=2

A^Λ^1

故A正确；

r

B.因”和6两列波的波速相同，由α和b两列波分别传播到∙=3m和x=5m处的时刻相同，可知。与JP

开始振动的时刻不相同，故B错误；

C.因。与。的频率不同，α与6相遇后不能产生干涉现象，故C错误；

D.。波刚传到3m处，由波形平移法可知，3m处的质点开始振动方向沿丫轴负方向，而所有质点的开始振

动方向都相同，所以。点开始振动的方向也沿y轴负方向，故D错误。

故选Ao

4.（2022.北京.高考真题）如图所示，一定质量的理想气体从状态α开始，沿图示路径先后到达状态匕和

Co下列说法正确的是（）

A.从。到从气体温度保持不变B.从。到江气体对外界做功

C.从匕到c,气体内能减小D.从b到c,气体从外界吸热

【答案】D

【解析】AB.一定质量的理想气体从状态”开始，沿题图路径到达状态。过程中气体发生等容变化，压强

E=C

减小，根据查理定律T,可知气体温度降低，再根据热力学第一定律=Q+W,由于气体不做功，

内能减小，则气体放热，AB错误；

JC

CD.一定质量的理想气体从状态b沿题图路径到达状态C过程中气体发生等压变化,体积增大,根据T,

可知气体温度升高，内能增大，再根据热力学第一定律AU=Q+W,可知〃到C过程吸热，且吸收的热量

大于功值，C错误、D正确。

故选D。

5.（2021•湖北•高考真题）如图所示，理想变压器原线圈接入电压恒定的正弦交流电，副线圈接入最大阻值

为2R的滑动变阻器和阻值为R的定值电阻。在变阻器滑片从。端向6端缓慢移动的过程中（）

R

A.电流表Al示数减小B.电流表A2示数增大

C.原线圈输入功率先增大后减小D.定值电阻R消耗的功率先减小后增大

【答案】A

【解析】AB.由于原线圈所接电压恒定，匝数比恒定，故变压器副线圈的输出电压恒定，变阻器的滑片从

。端向心端缓慢移动的过程中，山数学知识可知，变压器副线圈所接的电阻值逐渐增大，则由欧姆定律得

I2U

%

可知副线圈的电流逐渐减小，由

n2A

可知变压器原线圈的电流//也逐渐减小，故A正确，B错误；

C.原线圈的输入功率为

P入=U3

由于〃逐渐减小，则原线圈的输入功率逐渐减小，故C错误；

D.由于副线圈的电流逐渐减小，则定值电阻与变阻器右半部分并联的总电流减小，又与定值电阻并联的变

阻器右半部分的电阻值减小，则由并联分流规律可知，流过定值电阻的电流逐渐减小，则由公式

PR=FR

可知，定值电阻R消耗的电功率逐渐减小，故D错误。

故选A。

6∙（2021∙湖北.高考真题）如图（a）所示，一物块以一定初速度沿倾角为30。的固定斜面上滑，运动过程中

摩擦力大小/恒定，物块动能及与运动路程S的关系如图（b）所示。重力加速度大小取IOm/S2,物块质量

m和所受摩擦力大小/分别为（）

A.母=0.7kg,f=0.5NB.m=0.7kg,/=LON

C.∕n=0.8kg,/=0.5ND.∕n=0.8kg,>1.0N

【答案】A

【解析】0~10m内物块上滑,由动能定理得

Tngsin3()°∙s-力=Ek-Eko

整理得

Ek=Eko-(mgSin30'+f)s

结合0~IOm内的图像得，斜率的绝对值

IkI=mgsin30+/=4N

10~20m内物块下滑，由动能定理得

(mgsin30°—/)(S-SI)=4

整理得

Ek=(∕wgsin30°-∕p-(∕ngsin300-f^sl

结合10~20m内的图像得，斜率

Z=mgsin∙30-/=3N

联立解得

∕=0.5N

in-0.7kg

故选Ao

7.(2023・浙江•高考真题)如图所示，示波管由电子枪竖直方向偏转电极YYQ水平方向偏转电极XX'和荧

光屏组成。电极XX'的长度为/、间距为小极板间电压为U,YY，极板间电压为零，电子枪加速电压为IOUo

电子刚离开金属丝的速度为零，从电子枪射出后沿00'方向进入偏转电极。己知电子电荷量为e,质量为m,

则电子()

B.打在荧光屏时，动能大小为IIeU

C.在XX，极板间受到电场力的冲量大小为师"

I

tanex.------

D.打在荧光屏时，其速度方向与00,连线夹角α的正切20"

【答案】D

【解析】A.由牛顿第二定律可得，在XX极板间的加速度大小

A错误；

B.电子电极XXI向运动时，有

VX=OXt

I

1=—

V.

电子离开电极XX'时的动能为

（I2}

eU10+―F

电子离开电极XX'后做匀速直线运动，所以打在荧光屏时，动能大小为Iw^ΛB错误;

C.在XX，极板间受到电场力的冲量大小

IImeU

]=mv=

x7vɪ-

C错误;

D.打在荧光屏时，其速度方向与Oo，连线夹角ɑ的正切

tana=2k=J_

匕20d

D正确。

故选D。

8∙（2020∙全国.高考真题）1934年，约里奥一居里夫妇用α粒子轰击铝箔，首次产生了人工放射性同位素X,

反应方程为：；He+；；Al-X+；n。X会衰变成原子核γ,衰变方程为*一丫+呢，则（）

A.X的质量数与Y的质量数相等B.X的电荷数比Y的电荷数少1

C.X的电荷数比Al的电荷数多2D.X的质量数与AI的质量数相等

【答案】AC

【解析】设X和Y的质子数分别为仆和巧,质量数分别为町和”?2,则反应方程为

；He+；；Al-＞：；X+（；n,之XfzY+；e

根据反应方程质子数和质量数守恒，解得

2+13=勺H1=Ti2+1

4+27=∕π+1m=An÷O

1fy2

解得

H=I5〃）=14叫=30/Tt=30

I，，，9

AC.X的质量数（叫=30）与Y的质量数（色=30）相等，比RAI的质量数多3,故A正确，D错误；

BC.X的电荷数（4=15）比Y的电荷数（%=14）多比MAI的电荷数多2,故B错误，C正确；

故选AC。

9.（2021・广东・高考真题）赛龙舟是端午节的传统活动。下列VT和ST图像描述了五条相同的龙舟从同一

起点线同时出发、沿长直河道划向同一终点线的运动全过程，其中能反映龙舟甲与其它龙舟在途中出现船

头并齐的有（）

【答案】BD

【解析】A.此图是速度图像，由图可知，甲的速度一直大于乙的速度，所以中途不可能出现甲乙船头并齐，

故A错误；

B.此图是速度图像，由图可知，开始丙的速度大，后来甲的速度大，速度图像中图像与横轴围成的面积表

示位移，由图可以判断在中途甲、丙位移会相同，所以在中途甲丙船头会并齐，故B正确；

C.此图是位移图像，由图可知，丁一直运动在甲的前面，所以中途不可能出现甲丁船头并齐，故C错误；

D.此图是位移图像，交点表示相遇，所以甲戊在中途船头会齐，故D正确。

故选BDo

10.（2022・湖北•高考真题）如图所示，一带电粒子以初速度如沿X轴正方向从坐标原点O射入，并经过点

P（«>0,fe>0）o若上述过程仅由方向平行于y轴的匀强电场实现，粒子从。到P运动的时间为"，到达P

点的动能为反/。若上述过程仅由方向垂直于纸面的匀强磁场实现，粒子从。到P运动的时间为/2,到达P

点的动能为以2。下列关系式正确的是•（）

OaX

A.t∣<t2B.t∣>t2

C.Ek∣<Ek2D.Eki>Ek2

【答案】AD

【解析】AB.该过程中由方向平行于y轴的匀强电场实现，此时粒子做类平抛运动，沿X轴正方向做匀速

直线运动；当该过程仅由方向垂直于纸面的匀强磁场实现时，此时粒子做匀速圆周运动，沿X轴正方向分

速度在减小，根据

X

t=-

V

可知

t∣<t2

故A正确，B错误。

CD.该过程中由方向平行于y轴的匀强电场实现，此时粒子做类平抛运动，到达P点时速度大于如当该

过程仅由方向垂直于纸面的匀强磁场实现时，此时粒子做匀速圆周运动，到达P点时速度等于%而根据

1

Ek=—ιnv2

“12

可知

Ek∣>E∣i2

故C错误，D正确。

故选ADo

11.（2022∙全国•高考真题）质量为Ikg的物块在水平力F的作用下由静止开始在水平地面上做直线运动，F

与时间t的关系如图所示。已知物块与地面间的动摩擦因数为0.2,重力加速度大小取g=l°m∕s?。则（）

*t/s

-4-----------1-----------1

A.4s时物块的动能为零

B.6s时物块回到初始位置

C.3s时物块的动量为12kg∙m∕s

D.0~6s时间内F对物块所做的功为40J

【答案】AD

［解析】物块与地面间的摩擦力为

f=Nmg=2N

AC.对物块从°3s内由动量定理可知

(F-f)tt=mv3

(4-2)×3=1×V3

3s时物块的动量为

p=mv3-6kg∙m∕s

设3s后经过时间I物块的速度减为。，由动量定理可得

-(F+∕)Z=O-mv3

-(4÷2)r=0-l×6

r=Is

所以物块在4s时速度减为0,则此时物块的动能也为0,故A正确，C错误;

B.03s物块发生的位移为制，由动能定理可得

=∖mvl

即

1,

(4-2)x1=—×1×6^

得

X1=9m

3s~4s过程中，对物块由动能定理可得

-（F+∕）Λ2=O-→zv;

即

1,

-（4+2）%=0--×1×6'

得

x2=3m

4s6s物块开始反向运动，物块的加速度大小为

a=———=2m∕s2

m

发生的位移为

12

x3=—×2×2^m=4mCXI+x?

即6s时物块没有回到初始位置，故B错误；

D.物块在6s时的速度大小为

v6=2×2m∕s=4m∕s

°区拉力所做的功为

W=（4x9-4x3+4x4）J=40J

故D正确。

故选ADo

二、非选择题：本题共5小题，共56分。

12.（7分）（2022・湖北・高考真题）某同学设计了一个用拉力传感器验证机械能守恒定律的实验。一根轻绳

一端连接固定的拉力传感器，另一端连接小钢球，如图甲所示。拉起小钢球至某一位置由静止释放，使小

钢球在竖直平面内摆动，记录钢球摆动过程中拉力传感器示数的最大值X和最小值备M。改变小钢球的初

始释放位置，重复上述过程。根据测量数据在直角坐标系中绘制的图0一，，“图像是一条直线，如图乙所示。

（1）若小钢球摆动过程中机械能守恒。则图乙中直线斜率的理论值为。

（2）由图乙得:直线的斜率为,小钢球的重力为No（结果均保留2位有效数字）

（3）该实验系统误差的主要来源是（单选，填正确答案标号）。

A.小钢球摆动角度偏大

B.小钢球初始释放位置不同

C.小钢球摆动过程中有空气阻力

0.000.050.100.150.207；in/N

图甲图乙

【答案】一2-2.10.59C

【解析】（1）设初始位置时，细线与竖宜方向夹角为仇则细线拉力最小值为

=mgcosθ

到最低点时细线拉力最大，则

Ingl（I-CosO）=^mv2

丫2

Tnm-mg=my

联立可得

Tnm=3mg-2Tmin

即若小钢球摆动过程中机械能守恒。则图乙中直线斜率的理论值为-2：

（2）由图乙得直线的斜率为

3mg=1.77

则小钢球的重力为

mg=0.59

（3）该实验系统误差的主要来源是小钢球摆动过程中有空气阻力，使得机械能减小，故选C。

13.（9分）（2023•浙江♦高考真题）在“测量金属丝的电阻率'’实验中：

（1）测量一段金属丝电阻时所用器材和部分电路连线如图1所示,图中的导线“端应与（选填“一”、

“0.6”或“3”）接线柱连接，b端应与（选填“一”、“0.6”或“3”）接线柱连接。开关闭合前，图1

中滑动变阻器滑片应置于（选填“左”或“右”）端。

图1

（2）合上开关，调节滑动变阻器，得到多组。和/数据。甲同学由每组。、/数据计算电阻，然后求电阻

平均值；乙同学通过0-/图像求电阻。则两种求电阻的方法更合理的是（选填“甲”或"乙”）。

（3）两同学进一步探究用银铝丝将满偏电流4=3（）°NA的表头G改装成电流表。如图2所示，表头G两端

并联长为Z■的银络丝，调节滑动变阻器使表头G满偏，毫安表示数为/。改变心重复上述步骤，获得多组

1

图2图3

I--

则L图像斜率X=mA∙m。若要把该表头G改装成量程为9mA的电流表,需要把长为1

的银铭丝并联在表头G两端。（结果均保留两位有效数字）

【答案】0.60.6左乙2.1-0.28

【解析】（1）实验中用两节干电池供电，则图中的导线”端应与“0.6”接线柱连接，电压表测电阻两端的电

压，则金属丝的电阻较小，电流表外接误差较小，故b端应与“0.6”接线柱连接。为了保护电表，开关闭合

前，图1中滑动变阻器滑片应置于左端。

（2）做U-I图象可以将剔除偶然误差较大的数据,提高实验的准确程度，减少实验的误差，则乙同学通过

S/图像求电阻，求电阻的方法更合理；

（3）由图像可知心图像斜率

Z=∙m

3.1-2.4

方法一：由电路可知

IK=(I-Ig)P三

解得

1s

1-1π+---Λ------ɪ

sPL

则

“^∙=H2.3mA∙m

P

若要把该满偏电流为3°MA表头G改装成量程为9mA的电流表，则并联的电阻

R'=p-

S

解得

Δ,≈0.26m

方法二：延长图像可知，当∕=9.0mA时可得

-=3.8n√

L

即

LZ0.26m

14.（9分）.（2022•天津・高考真题）冰壶是冬季奥运会上非常受欢迎的体育项目。如图所示，运动员在水

平冰面上将冰壶A推到M点放手，此时A的速度%=2m∕s,匀减速滑行为=16.8m到达N点时，队友用

毛刷开始擦A运动前方的冰面，使A与NP间冰面的动摩擦因数减小，A继续匀减速滑行々=3∙5m,与静

止在P点的冰壶B发生正碰，碰后瞬间A、B的速度分别为“=°∙°5m∕s和VB=O.55m∕s0已知人、B质量

相同，A与"N间冰面的动摩擦因数M=O∙°1,重力加速度g取Iom/S?,运动过程中两冰壶均视为质点，A、

B碰撞时间极短。求冰壶A

（1）在N点的速度M的大小；

（2）与NP间冰面的动摩擦因数〃2。

MNP

1«X」4

Λ1Λ2

［答案］（1）VI=O+8m∕S;（2）Zz2=θ∙θθ4

【解析】（1）设冰壶质量为阳，A受到冰面的支持力为N,由竖直方向受力平衡，有

N=mg

设A在MN间受到的滑动摩擦力为了,则有

f=K∖N

设A在MN间的加速度大小为。，由牛顿第二定律可得

f=ma

联立解得

2

a=μlg=0.1m∕s

由速度与位移的关系式，有

v；-v；=-2ax,

代入数据解得

vl=0.8m∕s

（2）设碰撞前瞬间A的速度为匕，由动量守恒定律可得

ιnv2=∕ΠVA+∕WVB

解得

v2=0.6m∕s

设A在NP间受到的滑动摩擦力为了',则有

f'=μ2mg

由动能定理可得

CI2I2

-f-X2=-WV2--WV1-

联立解得

μ2=0.004

15.（13分）（2022.湖北.高考真题）如图所示，水族馆训练员在训练海豚时，将一发光小球高举在水面上

2

方的A位置，海豚的眼睛在B位置，A位置和JB位置的水平距离为d,A位置离水面的高度为§乩训练员

将小球向左水平抛出，入水点在8位置的正上方，入水前瞬间速度方向与水面夹角为仇小球在A位置发

出的一束光线经水面折射后到达B位置，折射光线与水平方向的夹角也为θ.

4

H=-

已知水的折射率3,求：

(1)tan，的值；

(2)B位置到水面的距离H。

【解析】(1)由平抛运动的规律可知

d=v°t

tanθ=-

VO

解得

4

tan。=一

3

tan。/

(2)因,an可知*53。，从A点射到水面的光线的入射角为α,折射角为9。-*37,则由折射定律

可知

Sina

n=--------

sin37

解得

α=53°

由几何关系可知