2023年安徽省安庆市桐城市五校联考中考模拟物理试题(含答案)

2023年安徽省安庆市桐城市五校联考中考物理模拟试卷

一、填空题（每空2分，计24分）

1.（2分）如图所示，小红站在商场匀速向上运动的自动扶梯上，她受到的力有个。

2.（4分）一竖直向上抛出的小球，如图所示。当球上升到A点时将改变运动方向向下落，

在A点的正下方有一B点，若抛出的小球上升到B点时，所有外力同时全部消失，则小

球将;若抛出的小球上升到A点时，所有外力同时全部消失，则小球将。

VA

<>B

v↑6

3.（4分）物体放在水平面上，受到水平力Fl=ION和F2=4N的作用处于静止状态，如图

所示，此时物体受到的静摩擦力是N；如果将F1撤去，物体所受合力为

N。

F=4NFi=ION

2->4---------

4.（2分）若医院使用的氧气瓶，抢救病人时用掉一部分后，瓶内的氧气密度将（选

填“变大”、“不变”或“变小”）。

5.（2分）如图所示木材加工厂正在运送木材，一木块随传送带一起向右匀速直线运动，画

6.（4分）如图把三个灯泡按所示连入电路中都发光，一段时间后L3突然烧断，则灯泡Ll

亮度是，灯泡L2亮度是。（选填“变亮”、“变暗”、“不变”）

Lz

NI-Θ-1

*—u----

~~

7.（2分）伏安法测量电阻时，有“内接法”和“外接法两种”。如图所示为“外接法”，若

考虑电压表和电流表电阻的影响，则当图中RX的值（选填“较大”或“较小”）

8.（2分）灯泡L与定值电阻R的I-U图象如图所示.若L与R串联在9V的电源上，此

时灯泡L的功率为Wo

9∙（2分）如图甲所示电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，在将滑动变阻器的滑片

P从a端移到b端的过程中，两电表示数变化关系如图乙中图线AB所示，则滑片P滑动

10.（3分）如图，一物体用弹簧悬于天花板上，下列说法正确的是（)

□

A.物体所受的重力和天花板拉弹簧的力是一对平衡力

B.天花板拉弹簧的力和弹簧拉物体的力是一对平衡力

C.物体所受的重力和弹簧拉物体的力是一对作用力与反作用力

D.天花板拉弹簧的力和弹簧拉天花板的力是一对作用力与反作用力

11.（3分）如图所示，用F=6N水平向右的拉力匀速拉动物块A时，物块B静止不动，此

时弹簧测力计的示数为4N,则物块B所受摩擦力的大小及方向为（）

/

夕I2-^7^

A.4N向左B.4N向右

C.6N向右D.6N向左

12.（3分）如图所示是吸盘挂钩紧贴在竖直墙面上的情景。将一书包挂在挂钩上后，吸盘

仍保持静止状态，则下列分析正确的是（）

A.吸盘能紧紧的吸在墙面是因为分子间存在引力

B.吸盘受到的大气压力与它受到的摩擦力是一对平衡力

C.为增大吸盘受到的摩擦力，应将其安装在粗糙的墙面

D.若所挂书包质量越小，则吸盘受到的摩擦力也越小

13.（3分）如图所示，密闭的玻璃罩内放有四个实验装置；弹簧测力计测金属块重力、正

在发声的音乐芯片、装满水的杯子（杯口用薄塑料片覆盖并倒置悬挂）、一个充满气的气

球，在用抽气机不断抽去罩内空气的过程中，下列判断不正确的是（）

A.弹簧测力计的示数会变小

B.音乐芯片的声音将变小

C.玻璃杯中的水和塑料片会掉下来

D.气球体积会变大

14.（3分）水平桌面上放有两个完全相同的烧杯，分别盛有甲、乙两种液体。将质量相等、

体积不等（VM<VN）的正方体物块M、N分别放入两杯中，静止时如图所示，液面刚

好相平。以下判断正确的是（）

（1）M受到的浮力大于N受到的浮力

（2）M的密度大于N的密度

（3）甲液体对杯底的压强大于乙液体对杯底的压强

（4）若将N也放入甲液体中静止时，N沉在杯底

C.(2)(3)D.(2)(4)

15.（3分）小阳想利用一块电流表和阻值已知的电阻Ro测量电阻RX的阻值。他选择了满

足实验要求的电源、电流表A,并连接好了实验电路，如图所示。闭合开关S、Si,读出

电流表A的示数为h,闭合开关S、断开开关Si,读出电流表A的示数为12.下列四个

选项中，RX的表达式正确的是（）

A.RX=-I——⅛oB.Rx=.2Q

I2ɪɪ

C.Rχ=il⅛.D.RX=-^2R0

12Ii-I2

16.（3分）如图所示，已调好的弹簧测力计下挂着一重为3N的物体，物体一半浸入水中时,

弹簧测力计的示数为IN,gHX1ONZkgo下列说法中正确的是（）

A.物体受到的浮力是IN

B.物体的体积是2X10"m3

C.物体的密度是O.75Xlθ3kg∕rn3

D.如果测力计不拉着物体，物体在水中会沉底

17.（3分）如图所示电路中，电源电压不变，小灯泡L标有“6V3W”字样。闭合开关后,

当滑片P移至变阻器中点位置时，小灯泡恰好正常发光；当滑片P移至某一端点时，电

流表示数为0.35A,电压表示数变化了2V。针对这个过程，下列判断正确的是（）

A.电源电压为IOV

B.滑动变阻器的最大阻值为IOQ

C.电路允许消耗的最大功率为5.5W

D.小灯泡消耗的功率变化/0.2W

三、实验探究题（最后一问5分，其余每空2分，计25分）

18.（12分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中

图2

图4

（1）由图1可知，凸透镜的焦距是cm。

（2）如图2,改变蜡烛的位置，使其位于35Cm刻度线处，再移动光屏，使烛焰在光屏

上成清晰的倒立、的实像（选填“放大”、“等大”或“缩小”）

（3）在实验（2）的基础上，将蜡烛和光屏互换位置，此时烛焰在光屏上成清晰的

实像（选填“放大”、“等大”或“缩小”）

（4）实验过程中小丽将蜡烛逐渐远离凸透镜的过程中，像逐渐（选填“变大”、

“不变”或“变小”）

（5）小芳同学在实验中，她按如图3装配仪器（图中F点是焦点，H点是2倍焦距处）,

此时光屏上得到了一个清晰的像，但像的位置偏高。造成这一现象的原因是；为

了使像能成在光屏的中央，她应把蜡烛向调（填“上"、“下”）；调节好蜡烛的高

度后，她把蜡烛移到A点，此时光屏上的像很模糊，为了得到清晰的像，应把光屏向

移动（填“左”或“右”）。

（6）在探究凸透镜成像规律时，保持凸透镜的位置不变，先后把蜡烛放在abed四点并

分别调整光屏的位置，如图4探究后他总结出下列说法。其中正确的是

A.照相机是利用蜡烛放在a点的成像特点制成的

B.放大镜是利用蜡烛放在b点的成像特点制成的

C.幻灯机是利用蜡烛放在d点的成像特点制成的

D.蜡放在b点成的像比它放在C点成的像大。

19.（13分）小明利用如图甲所示的实验电路探究“电流与电压、电阻的关系”，可供选择

的器材有：电源（两节新干电池）、电流表、电压表、开关，阻值分别为5。、10。、60∩

的定值电阻各一个，“10。lA,,w20∩1.5A”“30Q2A”三种规格的滑动变阻器，导线若干。

（1）请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物图连接完整。

（2）闭合开关，发现电流表无示数，电压表指针有明显偏转，原因可能是。

（3）故障排除后，小明首先“探究电流与电阻关系”，他把5。的电阻接入电路，移动变

阻器滑片P,使电压表示数为2V,读出电流表示数后，断开开关，将5Q电阻替换为10∩

的电阻继续进行实验，接下来他应将变阻器滑片P向端（选填“左”或“右”）

移动；本次实验中所选滑动变阻器的规格为o

（4）小华在原有器材的基础上，增加了定值电阻Ro、电阻箱R（G⅛­）和一个单

刀双掷开关，设计了几种单表测量额定电压为2.5V小灯泡额定功率的电路图，如图丙所

示，其中符合要求的有

四、综合应用题（20题8分，21题9分，22题10分，计27分）

20.（8分）研究物理问题时，往往需要突出研究对象的主要因素，忽略次要因素，将其简

化为物理模型。如图所示，需要把一重量为400N,边长为1m,质量分布均匀的实心立

方体，利用翻滚的方法沿直线移动一段距离。（已知√]=1.414;计算结果保留一位小数）

求：（1）请在图甲中画出缓慢向右翻滚立方体时，使该立方体下底面刚刚离开水平地面

所施加的最小力F的示意图并计算出最小力F的大小；

（2）利用翻滚的方法使立方体翻滚一次（即使原下底面变为左侧面），克服立方体的重

力所做功的大小；

(3)如果利用翻滚的方法使该立方体沿水平地面直线缓慢翻滚了IOm,用了20s,则在

这一过程中克服该立方体重力做功的功率大小是多少？

21.(9分)如图所示，是一个升降电梯的模拟控制电路。已知控制电路电源电压U=4.5V,

电磁继电器线圈电阻R∣=5Q,滑动变阻器R2最大阻值250.R3是一种新型电子元件，

放置在升降电梯的地板上，在压力不超过150OON的前提下，其阻值随压力大小的变化规

律如下表所示。当线圈中电流增至Io=15mA时，电磁继电器衔铁被电磁铁吸合，电梯中

报警指示灯亮，显示人员超重，利用该装置可以实现当压力高至某一设定值时Fo,驱动

电梯的电动机停止工作。

压力F/XICpN0123456-

电阻R3∕∩400390380370360350340…

(1)已知报警灯上标有“220V,4.4W”的字样，求该灯正常工作时的电流。

(2)分析表格数据可知：电子元件的阻值R3随压力F变化的关系式是R3=。

(3)闭合开关S,将滑片P移至b端，求FO为多少？

(4)本系统可调Fo的最小值为多少？

_II

USR3R：

22.(10分)如图所示是物理课堂上用的空气压缩引火仪。实验时在引火仪筒内放小团硝化

棉，然后用力快速向下压动引火仪的活塞后可以观察到硝化棉燃烧。虽然课堂上老师分

析了棉花燃烧的原因，但小刚想知道通过压缩空气做功，筒内空气的温度可以上升到多

高？通过查阅资料他了解到：在使用空气压缩引火仪时，由于力的作用时间极短，筒内

气体压强p、体积V及温度T满足PV=KT这一方程，其中K为恒定不变的常量，T为

热力学温度。

请解答下列问题：(以下计算均不计活塞重、摩擦以及热量损失)

(1)已知活塞的面积为8X1(Γ5ΠI2,当用232N的压力把活塞压缩到最低点时，筒内气

体压强为多少？(提示：筒内的气压等于活塞对气体的压强与外界大气压之和，外界大

气压po=1×IO5Pa)

(2)压缩前筒内空气压强为一个标准大气压，温度为300K(热力学温度)。若硝化棉的

着火点为450K,当用232N的压力将筒内空气的体积压缩为原来的工时，请通过计算说

20

明筒内的棉花是否能燃烧？

T

——活塞

硝化棉

2023年安徽省安庆市桐城市五校联考中考物理模拟试卷

参考答案与试题解析

一、填空题（每空2分，计24分）

1.【解答】小红站在商场匀速向上运动的自动扶梯上，她受到的力有重力和扶梯对她的支持

力，由于她匀速运动，小红与自动扶梯没有发生相对运动也没有相对运动趋势，所以没

有受到摩擦力作用。

故答案为：2

2•【解答】解：抛出的小球上升到B点时，具有一定的速度，如果所有外力同时全部消失,

小球不受力，运动状态保持不变，将做匀速直线运动；小球上升到最高点A时速度为零,

如果所有外力全部消失，小球运动状态保持不变，将静止。

故答案为：做匀速直线运动；静止。

3.【解答】解：

因为物体在水平力Fl=ION和F2=4N的作用时，物体静止，所以物体受平衡力作用，

则物体还受到一个水平向右的静摩擦力f=Fι-F2=10N-4N=6N;如果将Fl撤去，此

时水平向右的推力F2=4N一定小于最大静摩擦力，此时物体受到静摩擦力，大小为4N,

方向水平向左，所以物体仍然静止，故合力为0N。

故选：6；0»

4.【解答】解：医院使用的氧气瓶，在抢救病人时用掉一部分后，剩余氧气的体积不变，质

量减小，

由P=EL可知，剩余氧气的密度将变小。

V

故答案为：变小。

5.【解答】解：由于物体和传送带一起匀速运动，相对静止，所以不受摩擦力的作用，只受

重力和支持力的作用，并且这两个力是一对平衡力，大小相等，然后从木块重心沿竖直

向下的方向和竖直向上的方向表示出重力和支持力，注意两条线段长度要相等。如图所

示：

6.【解答】解：由图可知，灯泡L2和L3并联，然后就与Ll串联，当L3突然烧断时，并联

部分的总电阻相对于L3烧断之前增大，灯泡L2两端电压增大，根据串联分压的特点可

知，灯泡Ll两端电压减小，由P=∙l∆可知；灯泡LI亮度变暗，灯泡L2亮度变亮。

R

故答案为：变暗；变亮。

7.【解答】由图可知，若考虑电压表和电流表电阻的影响时，电压表测RX两端的电压，即

电压表的测量值是准确的，电流表测量的是通过RX和电压表的总电流，即电流表的示数

为I=JL+JL,通过电压表的电流一定，RX越小，JL越接近电流表的示数。

RXRVRX

故答案为：较小。

8.【解答］解：若将L与R串联在9V的电源上，串联电路中各处的电流相等，且电源的电

压等于各分电压之和，由图象可知，当电路中的电流为0.5A时，电阻R两端的电压为

5V,灯泡两端的电压为4V,电源电压恰好等于4V+5V=9V,

所以L与R串联在9V的电源上，此时灯泡L的功率为：P=ULI=4V×0.5A=2WO

故答案为：2o

9.【解答】解：由电路图可知，当闭合开关S,Rl与R2串联，电压表测R2两端的电压，电

流表测电路中的电流。

当滑动变阻器滑片P位于b端时，电路为Rl的简单电路，滑动变阻器接入电路中的电阻

为零，此时电路中的电流最大，

由图乙可知，电路中的最大电流I大=0.6A,

由欧姆定律可得电源的电压U=IλRι=0.6A×Rι---------------------------------------------①

当滑动变阻器滑片P位于a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联分压原

理可知此时电压表的示数最大，

根据串联电路的电阻规律结合欧姆定律可知电路中的电流最小，

由图乙可知，电路中的最小电流I小=0.2A,电压表的示数U2=4V,

因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压U=I小RI+U2=0.2AXRI+4V

②

联立①②可得：Rl=IoaU=6V；

滑动变阻器的电功率等于电路总功率与定值电阻的电功率之差，即P=UI-I2Ri=6VXI

-J2X10∩,

根据抛物线的性质可知当I=_L=---------典----------=0.3A时，滑动变阻器的电功率最

-2a-2×(-10Ω)

2

大，最大为P=6VXI-FXU)C=6vχo.3A-(0.3A)X10∩=0.9Wo

故答案为：0.9。

二、选择题(每空3分，计24分)

10.【解答】解：A、物体所受的重力作用在物体上，天花板拉弹簧的力作用在弹簧上，两

个力不作用在同一物体上，所以二者不是一对平衡力。

B、天花板拉弹簧的力作用在弹簧上，弹簧拉物体的力作用在物体上，两个力不作用在同

一物体上，所以二者不是一对平衡力。

C、物体所受重力与弹簧对物体的拉力，作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用

在同一直线上。所以二者是一对平衡力。

D、天花板拉弹簧的力和弹簧拉天花板的力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，但

作用在同一物体上，所以二者是一对作用力与反作用力。

故选：D。

11•【解答】解：

匀速向右拉动物块A时，物块B相对于A向左运动，则B所受摩擦力方向向右；

B在水平方向受弹簧测力计对其向左的拉力和物体A对其向右的摩擦力作用，因为B静

止，所以这两个力平衡，大小相等，则B所受摩擦力f=F示=4N,方向向右。

故选：B。

12.【解答】解:

A、先用力将吸盘紧压在墙面上，将吸盘中的空气排出，松手后，由于吸盘内的空气减少，

内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧压在墙面上，与分子间的引力无关，故

A错误；

B、吸盘所受的大气压力在水平方向上，摩擦力在竖直方向上，即大气压力与摩擦力不在

同一直线上，所以二力不是一对平衡力，故B错误；

C、塑料吸盘是利用大气压吸在墙面上的，粗糙的墙面密封不好，吸盘无法使用，故C

错误；

D、吸盘在竖直方向上受到的书包向下的拉力和静摩擦力是一对平衡力，书包的质量越小,

重力越小，所以吸盘受到的摩擦力也越小，故D正确。

故选：D。

13•【解答】解：

A、弹簧测力计测物体的重力，而重力的大小与大气压无关，所以抽去罩内空气时，物体

重力不变，弹簧测力计的示数不会变，故A错误；

B、声音的传播需要介质，当不断抽去罩内空气时，传声的介质减少，所以听到的音乐芯

片的声音将变小，故B正确；

C、塑料片受到水向下的压力与向上的大气压力保持平衡，当不断抽去罩内空气时，罩内

空气压强减小，大气压力减小，塑料片会落下来，水会流出来，故C正确；

D、当不断抽去罩内空气时，罩内空气压强减小，气球内压强大于外部压强，所以气球会

膨胀变大；故D正确。

故选：Ao

14.【解答】解：（1）物块M在甲中漂浮，则F浮M=GM；物块N在乙中悬浮，则F浮N=

GN；而两物块质量相等，即GM=GN,所以M受到的浮力等于N受到的浮力。故①错

误；

（2）由图知，M的体积小于N的体积，两物块质量相等，根据p=g可知，M的密度大

于N的密度。故②正确；

（3）由图知，M排开液体的体积小于N排开液体的体积，又知M受到的浮力等于N受

到的浮力；根据F浮=PiSgV排可知，甲液体的密度大于乙液体的密度，即P甲>p乙；两

液面等高，根据P=P浓gh可知，甲液体对杯底的压强大于乙液体对怀底的压强。故③正

确；

（4）物块N在乙中悬浮，则PN=P乙，又因为p≈P>p乙，所以PN<P中，故将N放入甲

液体中静止时，N漂浮，故④错误。

故选：C,

15.【解答】解：根据实物图知闭合开关S、SI时，两电阻并联，电流表测量干路电流；闭

合开关S、断开开关Sl时，电流表测量RX的电流；

闭合开关S、Si,读出电流表A的示数为h,即干路电流为L,

闭合开关S、断开开关Si,读出电流表A的示数为12,即RX的电流为12,

定值电阻两端的电压为U=(Ii-I2)Ro,

待测电阻两端电压为U=I2Rχ

根据并联电路各支路电压相等知，(11-12)RO=I2Rx

所以待测电阻的阻值为RX=I1-I2RO,故A正确、BCD错。

12

故选：Ao

16.【解答】解：

A、弹簧测力计的示数为1N,物体受到的浮力：F浮=G-F示=3N-IN=2N,故A错；

B、由F浮=P水gV排可得：

V.=F谆=----------2N-----------=2X10-4m3,

33

P水gl×10kg∕m×10N∕kg

物体的体积：

V=2V排=2X2X10^4m3=4×IO^4m3,故B错；

C、物体的质量m=g=————=0.3kg,

g10N∕kg

物体的密度：

33

P=蚂=_0Δ⅛_=0.75×10kg∕m,故C正确：

V4×10"4m3

D、由于物体的密度小于水的密度，如果测力计不拉着物体，物体在水中会漂浮，故D

错。

故选：Co

17.【解答】解：

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的

电流。

(1)由题意知：当滑片P移至变阻器中点位置时，小灯泡恰好正常发光，

小灯泡正常发光的电流为：I=EL=跑=0.5A,

UL6V

此时电源电压为U=6V+0.5AX∙∣∙R滑-------①

当滑片P在某一端点时，电流表示数为O.35A,

电流表示数减小，滑动变阻器的电阻增大，变阻器分压增大，说明此时滑动变阻器的电

阻为最大值，

根据串联电路电压的规律知，小灯泡两端的电压减小，减小了2V,即灯泡的电压变为6V

-2V=4V,

此时电源电压为：U=4V+0.35AXR4-------------②，

由①②可得：6V+0.5AX/R滑=4V+0.35AXR渭，

解得：R浮=20。，故B错误；

电源电压为：U=4V+0.35A×Ritt=4V+0.35A×20∩=11V,故A错误；

（2）由（1）知小灯泡正常发光的电流为0.5A,此电流为电路的最大电流，

电路的最大功率为：P火=Ul大=IlVXO.5A=5.5W,故C正确；

（3）滑动变阻器的滑片在中点时，小灯泡正常发光，其功率为额定功率3W,

在另一端时，电流为0.35A,灯泡两端的电压为4V,

此时小灯泡的实际功率为：P'L=UL'I'L=4V×0.35A=1.4W,

小灯泡消耗的功率变化了：Z∖P=PL-P'L=3W-1.4W=1.6W,故D错误。

故选：Co

三、实验探究题（最后一问5分，其余每空2分，计25分）

18•【解答】解：（1）其中光屏上出现的最小、最亮的光斑即为焦点，焦点到凸透镜的距离

是IOCm,所以凸透镜的焦距是IOem。

（2）当蜡烛位置位于35Cm刻度线处时，u=50cm-35cm=15cm,即f<u<2f,成倒立、

放大的实像；

（3）若将（2）中的蜡烛和光屏互换位置，则物距大于2倍焦距，凸透镜成倒立、缩小

的实像。

（4）实验过程中小丽将蜡烛逐渐远离凸透镜的过程中，像逐渐变小；

（5）蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能

呈在光屏的中心。

为了使像能成在光屏的中央，她应把蜡烛向上移动，蜡烛、凸透镜、光屏三者的中心大

致在同一高度。

蜡烛移到A点，物距减小，像距要增大，光屏向右移动。

（6）A、当将蜡烛放在a点。此时u>2f,根据凸透镜成像规律可知，此时所成的像是倒

立缩小的实像，照相机就是根据这一原理制成的，故A正确；

B、由图可知：当将蜡烛放在d点。此时U<f,成倒正立、放大的虚像，应用于放大镜,

故B错误；

C、C点在1倍焦距和2倍焦距之间，根据凸透镜成像规律可知，此时所成的像是倒立放

大的实像，应用于幻灯机和投影仪，故C错误。

D、蜡放在b点成的像比它放在C点成的像小，故D错误。

故答案为：（1）10；（2）放大；（3）缩小；（4）变小；（5）蜡烛、凸透镜、光屏三者的

中心没在同一高度；上；右；（6）A»

19•【解答】解：（1）在探究“电流与电压、电阻的关系”实验中，电压表并联在定值电阻

两端，如下图所示：

（2）闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表指针有明显偏转，说明

电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电

路断路了，即原因可能是R断路；

（3）实验中，当把5。的电阻换成10。的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，

研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器

两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右端

移动；

实验中使用的定值电阻阻值最大为60。，定值电阻两端的电压始终保持Uv=2V,根据串

联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U潘=U-UV=3V-2V=1V,滑动变阻器

分得的电压为电压表示数的卫∙=0.5倍，根据分压原理，当接入60Q电阻时，滑动变阻

2V

器连入电路中的电阻为：Rm=O.5×6O∩=3O∩,即所选择的滑动变阻器的规格为“30。

2A”；

（4）A、图A中，S先接b,移动滑动变阻器，使电压表的示数为2.5V时，灯泡正常发

光；再接a,调节变阻箱连入电路的电阻，使电压表的示数仍为2.5V时，根据等效替代

法，此时电阻箱的电阻等于灯泡正常发光时的电阻，所以能测出小灯泡的额定功率，故

A正确；

B、无论S接a还是接b都无法得知小灯泡是否正常发光，此方案不能测定小灯泡的额定

电功率；故B错误；

C、①SI闭合，电阻箱接最大电阻，滑动变阻器滑片置于最左端，S接b,此时电压表示

数为U,则电源电压为U；

②SI闭合,滑动变阻器滑片仍置于最左端,S接a,调节电阻箱，使电压表示数为U-2.5V,

此时灯L正常发光，读出电阻箱示数为R,则电路中电流即小灯泡正常发光电流为I=

-U-2-.--5-V,.

R

③小灯泡正常工作的电功率为：P=U∕=U-2∙5Vχ2.5V,故C正确；

R

D、图D中，S先接a,移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V时，灯泡正常

发光；再接b测量出灯泡和电阻箱两端的总电压，根据串联电路电压规律求出电阻箱两

端的电压，利用欧姆定律求出灯泡正常发光时的电流，所以能测出小灯泡的额定功率，

故D正确；故选：ACDo

故答案为：（1）见解答图；（2）R断路；（3）右；“30C2A"；（4）ACD。

四、综合应用题（20题8分，21题9分，22题10分，计27分）

20•【解答】解：（1）要想用最小的力使立方体一边刚好离开地面，由图知，支点为O,动

力臂应该达到最大，OA为最大动力臂，

所施加的力应该与力臂OA垂直且向上；

OAr(Im)2+(Im)2=后，

根据杠杆平衡条件可知：

F×OA=G×AL,

2

最小力F=400N×lm-ɪ41.4N；

20A2×√2

(2)翻滚时重心升高的高度：h=返m」Ir=返二1m,

222

翻滚一次克服重力做的功W=Gh=400NX返二l∙m=82.8J,

2

(3)移动Iom,要翻滚10次，所以人做的功W总=IoW=IOX82.8J=828J,

克服立方体重力做功的功率P=∙⅛=丝红=41.4W,,

t20s

答：(1)如图；所用最小力F为141.4N；

(2)翻滚一次克服重力做的为82.8J；

(3)克服立方体重力做功的功率为41.4W。

21.【解答】解：(1)由P=Ul可得，报警灯正常工作时的电流