高考物理总复习 课时作业三十 闭合电路欧姆定律焦耳定律-人教版高三物理试题

课时作业三十闭合电路欧姆定律焦耳定律(限时：45分钟)(班级________姓名________)1．一个直流电动机所加电压为U，电流为I，线圈内阻为R，当它工作时，下述说法中错误的是()A．电动机的输入功率为IUB．电动机的发热功率为I2RC．电动机的输出功率为IU－I2RD．电动机的功率可写作IU＝I2R＝eq\f(U2,R)2．(多选)锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中．现用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图所示，充电器电源的输出电压为U，输出电流为I，手机电池的内阻为r，下列说法正确的是()第2题图A．电能转化为化学能的功率为UI－I2rB．充电器输出的电功率为UI＋I2rC．电池产生的热功率为I2rD．充电器的充电效率为eq\f(Ir,U)×100%3．某种小灯泡的伏安特性曲线如图甲所示，三个完全相同的这种小灯泡连接成如图乙所示的电路，电源的内阻为1.0Ω.现闭合开关S，理想电压表V的示数为4.0V，则()第3题图A．三个灯泡的总电阻为8.3ΩB．电源的电动势为5.6VC．电源消耗的热功率为3.0WD．电源的效率为89.3%4．(多选)如图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是()第4题图A．电源1与电源2的内阻之比是11∶7B．电源1与电源2的电动势之比是1∶1C．在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1∶2D．在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1∶25．某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在同一坐标系内，如图所示，根据图线可知下列叙述不正确的是()第5题图A．反映Pr变化的图线是cB．电源电动势为8VC．电源内阻为2ΩD．当电流为0.5A时，外电路的电阻为66．(多选)恒流源是一种特殊的电源，其输出的电流能始终保持不变，如图所示的电路中，当滑动变阻器滑动触头P向右移动时，下列说法中正确的是()第6题图A．R0上的电压变小B．R2上的电压变大C．R1上的电压变大D．R1上电压变化量大于R0上的电压变化量第7题图7．(多选)如图所示的电路中，R是压敏电阻，其阻值随所受压力F的增大而减小．闭合开关S后，在缓慢增大F的过程中，下列判断正确的是()A．灯泡L1亮度将变大B．灯泡L2亮度将变大C．电容器C所带电荷量将增大D．电源的输出功率一定减小8．(多选)如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C.闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为ΔU，电流表示数的变化量为ΔI，则()第8题图A．变化过程中ΔU和ΔI的比值保持不变B．电压表示数U和电流表示数I的比值不变C．电阻R0两端电压减小，减小量为ΔUD．电容器的带电量增大，增加量为CΔU9．如图所示是研究串联电路中电流、电压特点的实物连接图．当开关闭合时，灯L1亮，灯L2不亮，电流表和电压表均有读数．则故障原因可能是()第9题图A．L1断路B．L1短路C．L2断路D．L2短路10．(多选)如图所示，R1、R2、R3、R4均为可变电阻，C1、C2均为电容器，电源的电动势为E，内阻r≠0.若改变四个电阻中的一个阻值，则()第10题图A．减小R1，C1、C2所带的电荷量都增加B．增大R2，C1、C2所带的电荷量都增加C．增大R3，C1、C2所带的电荷量都增加D．减小R4，C1、C2所带的电荷量都增加11．如图所示，电源的电动势是6V，内电阻是0.5Ω，小电动机M的线圈电阻为0.5Ω，限流电阻R0为3Ω，若电压表的示数为3V，试求：(1)电源的功率和电源的输出功率；(2)电动机消耗的功率和电动机输出的机械功率．第11题图课时作业(三十)闭合电路欧姆定律焦耳定律1.D【解析】A．电动机的总功率为P＝UI，故A正确；B.电动机的发热功率，根据焦耳定律：P热＝I2R.故B正确．C.电动机的输出功率为：P出＝P－P热＝UI－I2R.故C正确．D.因为P＞P热，即UI＞I2R，U＞IR，欧姆定律不适用．故UI≠I2R≠eq\f(U2,R)，故D错误．2．AC【解析】充电器输出的电功率为P＝UI，故B错误；电池产生的热功率为I2r，故C正确；则电能转化为化学能的功率为UI－I2r，故A正确；充电器的充电效率为eq\f(UI－I2r,UI)×100%，故D错误，故选AC.3．ABD【解析】理想电压表V的示数为4．0V，可知串联的灯泡电流0.6A，此时小灯泡电阻eq\f(4.0,0.6)Ω＝eq\f(20,3)Ω；每个并联灯泡的电流为0.3A，电压1.0V，此时小灯泡电阻RL＝eq\f(1.0,0.3)Ω＝eq\f(10,3)Ω，所以总电阻为R总＝eq\f(20,3)Ω＋eq\f(1,2)·eq\f(10,3)Ω＝8.3Ω，A正确；电动势等于E＝4V＋1V＋0.6×1.0V＝5.6V，B正确；电源消耗的热功率为P热＝0.62×1.0W＝0.36W，C错误；电源效率η＝eq\f(5,5.6)×100%＝89.3%，D正确．4．ABC【解析】根据电源U－I图线，r1＝eq\f(10,7)Ω，r2＝eq\f(10,11)Ω，则r1∶r2＝11∶7，故A正确．E1＝E2＝10V，故B正确；灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线的交点即为灯泡与电源连接时的工作状态，则U1＝3V，I1＝5A，P1＝15W，R1＝0.6Ω；U2＝5V，I2＝6A，P2＝30W，R2＝eq\f(5,6)Ω，P1∶P2＝1∶2，R1∶R2＝18∶25，故C正确，D错误；故选ABC.5．B【解析】电源的总功率PE＝IE，功率与电流成正比，由Pr＝I2r知电源内部的发热功率与电流的平方成正比，A正确；当电流为2A时，电源的总功率与发热功率相等，可得出电源电动势为4V，内阻为2Ω.当电流为0.5A时，根据闭合电路欧姆定律可得出外电路的电阻为6Ω，6.AC【解析】触头P由图示位置向右移动时，接入电路的电阻减小，则总电阻也减小，而电源输出电流不变，由闭合电路欧姆定律可知，并联部分电压减小，所以R2上的电压变小，R2是定值电阻，所以通过R2的电流减小，总电流不变，则通过R1电流增大，所以R1的电压变大，则R0上的电压变小，故AC正确，B错误；R1的电压变大，R0上的电压变小，R1和R0的电压之和减小，则R1上电压变化量小于R0上的电压变化量，故D错误；故选AC.7．AC【解析】在压力F缓慢增大的过程中，压敏电阻R的阻值减小，电路中的外电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流增大，即流过灯泡L1的电流增大，则灯泡L1的亮度将变大，故A正确；根据闭合电路欧姆定律可得，E＝I(r＋RL1)＋UL2，又干路电流增大，则灯泡L2两端的电压减小，灯泡L2亮度将变小，故B错误；根据并联电路知识和欧姆定律可得，I＝IL3＋eq\f(UL2,RL2)，UL3＝IL3RL3，又灯泡L2两端的电压减小，则灯泡L3两端的电压增大，又根据电容器所带电荷量与电容器两极板间的电势差、电容器的电容的关系可得，Q＝CUL3，则电容器所带电荷量将增大，故C正确；根据电源的输出功率关系可得P出＝(eq\f(E,R外＋r))2R外＝eq\f(E2,\f(（R外－r）2,R外)＋4r)，由于不知外电阻的阻值与内电阻的阻值的关系，则电源的输出功率的变化情况无法判断，故D错误．8．AD【解析】闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电流表示数减小，电压表示数增大，变化过程中ΔU和ΔI的比值等于定值电阻R0与电源内阻r之和，保持不变；电压表示数U和电流表示数I的比值等于可变阻值R的阻值，逐渐增大，选项A正确，B错误；电阻R0两端电压减小，减小量小于ΔU，选项C错误；电容器的带电量增大，增加量为CΔU，选项D正确．9．D【解析】灯L1亮，所以L1无问题，A、B错误．若L2断路，则L1也不会亮，C错误．当L2短路时，L1亮，L2不亮，电流表有示数，电压表测的是L1两端电压，D正确．10.BD【解析】R1上没有电流流过，故减小R1，C1两端电压不变，C2两端电压不变，C1、C2所带的电荷量都不变，选项A错误；增大R2，C1、C2两端电压都增大，C1、C2所带的电荷量都增加，选项B正确；增大R3，C1两端电压减小，C2两端电压增大，C1所带的电荷量减小，C2所带的电荷量增加，选项C错误；减小R4，C1、C2两端电压都增大，C1、C2所带的电荷量都增加，选项D正确．11．(1)6W5.5W(2)2.5W2W【解析】(1)在串联电路中，电压表读R0两端的电压，由欧姆定律得I＝eq\f(