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文档简介
2021年中考数学真题分项汇编【全国通用】(第01期)
专题20图形的平移翻折对称(共34题)
姓名:班级:得分:
一、单选题
1.(2021•湖南衡阳市•中考真题)在以下绿色食品、回收、节能、节水四个标志中,是轴对称图形的是()
【答案】D
【分析】
根据轴时称图形的概念求解.如果一个图形沿着一条直线对折后两部分完全重合,这样的图形叫做轴对称
图形,这条直线叫做对称轴.
【详解】
A、不是轴对称图形,故A不符合题意;
B、不是轴对称图形,故B不符合题意;
C、不是轴对称图形,故C不符合题意;
D、是轴对称图形,故D符合题意.
故选D.
【点睛】
本题主要考查轴对称图形的知识点.确定轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形两部分折叠后可重合.
2.(2021•湖南中考真题)下列垃圾分类标志分别是厨余垃圾、有害垃圾、其他垃圾和可回收物,其中既是
轴对称图形又是中心对称图形的是()
【答案】B
【分析】
根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解.
【详解】
解:A、是轴对称图形,不是中心对称图形,故此选项不合题意;
B、既是轴对称图形,也是中心对称图形,故此选项符合题意;
C、是轴对称图形,不是中心对称图形,故此选项不合题意;
D、既不是轴对称图形,也不是中心对称图形,故此选项不符合题意;
故选:B.
【点睛】
此题主要考查了中心对称图形与轴对称图形的概念.轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形两部分折叠后
可重合,中心对称图形是要寻找对称中心,旋转180度后与原图重合.
3.(2021•四川自贡市•中考真题)下列图形中,是轴对称图形且对称轴条数最多的是()
A°
【答案】D
【分析】
利用轴对称图形的定义逐一判断即可.
【详解】
解:A是轴对称图形,对称轴有1条;
B不是轴对称图形;
C不是轴对称图形;
D是轴对称图形,对称轴有2条;
故选:D.
【点睛】
本题考查识别轴对称图形,掌握轴对称图形的定义是解题的关键.
4.(2021•四川泸州市•中考真题)在平面直角坐标系中,将点4-3,-2)向右平移5个单位长度得到点则
点8关于,轴对称点B'的坐标为()
A.(2,2)B.(-2,2)C.(-2,-2)D.(2,-2)
【答案】C
【分析】
根据点的平移规律左减右加可得点B的坐标,然后再根据关于B轴的对称点的坐标特点:横坐标互为相反
数,纵坐标不变可得答案.
【详解】
解:点A(-3,-2)向右平移5个单位长度得到点8(2,-2),
点B关于),轴对称点B'的坐标为(-2,-2),
故选:C.
【点睛】
本题主要考查了点的平移和关于y轴的对称点的坐标特点,关键是掌握点的坐标的变化规律.
5.(2021•四川凉山彝族自治州•中考真题)下面四个交通标志图是轴对称图形的是()
A®"OD
【答案】C
【分析】
如果一个图形沿一条直线折叠,直线两旁的部分能够互相重合,这个图形叫做轴对称图形,据此进行判断
即可.
【详解】
解:A、不是轴对称图形,故不合题意;
B、不是轴对称图形,故不合题意;
C、是轴对称图形,故符合题意;
D、不是轴对称图形,故不合题意;
故选C.
【点睛】
本题考查了轴对称图形,判断轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形两部分沿对称轴折叠后可重合.
6.(2021•四川凉山彝族自治州•中考真题)在平面直角坐标系中,将线段A5平移后得到线段点A(2,l)
的对应点A'的坐标为(-2,-3),则点以-2,3)的对应点9的坐标为()
A.(6,1)B.(3,7)C.(-6,-1)D.(2,-1)
【答案】C
【分析】
根据点4到“确定出平移规律,再根据平移规律列式计算即可得到点方的坐标.
【详解】
解:•••A(2,l),A'(-2,-3),
.••平移规律为横坐标减4,纵坐标减4,
•;3(-2,3),
二点9的坐标为(-6,-1),
故选:C.
【点睛】
本题考查了坐标与图形变化-平移,平移中点的变化规律是:横坐标右移加,左移减;纵坐标上移加,卜移
减,先确定出平移规律是解题的关键.
7.(202卜浙江绍兴市•中考真题)数学兴趣小组同学从“中国结”的图案(图1)中发现,用相同的菱形放置,
可得到更多的菱形.如图2,用2个相同的菱形放置,得到3个菱形.下面说法正确的是()
图1图2
A.用3个相同的菱形放置,最多能得到6个菱形
B.用4个相同的菱形放置,最多能得到15个菱形
C.用5个相同的菱形放置,最多能得到27个菱形
D.用6个相同的菱形放置,最多能得到41个菱形
【答案】B
【分析】
根据平移和大菱形的位置得出菱形的个数进行判定即可
【详解】
解:用2个相同的菱形放置,最多能得到3个菱形,
用3个相同的菱形放置,最多能得到8个菱形,
用4个相同的菱形放置,最多能得到15个菱形,
用5个相同的菱形放置,最多能得到22个菱形,
用6个相同的菱形放置,最多能得到29个菱形,
故选:B.
【点睛】
本题考查了生活中的平移现象,菱形的判定,正确的识别图形是解题的关键.
8.(2021•甘肃武威市•中考真题)2021年是农历辛丑牛年,习近平总书记勉励全国各族人民在新的一年发扬
“为民服务孺子牛,创新发展拓荒牛,艰苦奋斗老黄牛”精神,某社区也开展了“迎新春牛年剪纸展”,下面
的剪纸作品是轴对称图形的是()
A.
c.
【答案】B
【分析】
结合轴对称图形的定义即可求解.
【详解】
解:A:不符合轴对称图形的定义,不合题意;
符合轴对称图形的定义,符合题意;
C:不符合轴对称图形的定义,不合题意;
D:不符合轴对称图形的定义,不合题意;
故答案是:B.
【点睛】
本题考察轴对称图形的定义,难度不大,属于基础题.解题的关键是掌握轴对称图形的定义,即当一个平
面图形沿某条直线折叠后,直线两旁的部分能完全重合的图形.
9.(2021•浙江丽水市•中考真题)四盏灯笼的位置如图.已知A,B,C,£>的坐标分别是(-1,b),(1,b),
(2,b),(3.5,b),平移y轴右侧的一盏灯笼,使得,轴两侧的灯笼对称,则平移的方法可以是()
ABCD
-Ox
A.将8向左平移4.5个单位B.将C向左平移4个单位
C.将。向左平移5.5个单位D.将C向左平移3.5个单位
【答案】C
【分析】
直接利用利用关于y轴对称点的性质得出答案.
【详解】
解:二点A(T,力关于y轴对称点为3(1,b),
C(2,份关于y轴对称点为(-2,b),
需要将点。(3.5,b)向左平移35+2=5.5个单位,
故选:C.
【点睛】
本题主要考查了关于y轴对称点的性质,正确记忆横纵坐标的关系是解题关键.
10.(2021•四川凉山彝族自治州•中考真题)如图,AABC中,NAC8=90°,AC=8,BC=6,将AADE沿
OE翻折,使点A与点5重合,则CE的长为()
【答案】D
【分析】
先在RfABC中利用勾股定理计算出A8=10,再利用折叠的性质得到AE=8E,AD=BD=5,设AE=x,则
CE=AC-AE=8-x,BE=x,在R。8CE中根据勾股定理可得到f=6?+(8-x)2,解得x,可得CE.
【详解】
解:VZACB=90°,AC=8,BC=6,
•••A8=JAC2+802=10,
•;/\ADE沿DE翻折,使点A与点B重合,
:.AE=BE,AD=BD=—AB=5,
2
设AE=x,则CE=AC-AE=8-x,BE=x,
在Rt4BCE中
■:BE^BOCE2,
25
...F=62+(8-X)2,解得广一,
4
故选:D.
【点睛】
本题考查了折叠的性质:折叠前后两图象全等,即对应角相等,对应边相等.也考查了勾股定理.
11.(2021•四川广安市•中考真题)如图,将△A5c绕点A逆时针旋转55°得到々ADE,若NE=7()°且
4),8。于点尸,则NS4C的度数为()
【答案】C
【分析】
由旋转的性质可得N84C=55。,/E=NAC2=70。,由直角三角形的性质可得ND4C=20。,即可求解.
【详解】
解:•.•将公ABC绕点A逆时针旋转55°^△ADE,
:./BAA55°,ZE=ZACB=10°,
':AD±BC,
:.ZDAC=20°,
:.ZBAC=ZBAD+ZDAC=15°.
故选C.
【点睛】
本题考查了旋转的性质,掌握旋转的性质是本题的关键.
12.(2021•四川眉山市•中考真题)在平面直角坐标系中,抛物线y=f-4x+5与)'轴交于点C,则该抛
物线关于点。成中心对称的抛物线的表达式为()
A.y=-X2-4x+5B.y=x2+4x+5
C.y——x?+4x—5D.y——x~-4x一5
【答案】A
【分析】
先求出C点坐标,再设新抛物线上的点的坐标为Cr,y),求出它关于点C对称的点的坐标,代入到原抛物
线解析式中去,即可得到新抛物线的解析式.
【详解】
解:当户0时,产5,
:.C(0,5);
设新抛物线上的点的坐标为(xj),
•••原抛物线与新抛物线关于点C成中心对称,
由2x0-x=-x,2x5-y=10-y;
二对应的原抛物线上点的坐标为(-x,10-y);
代入原抛物线解析式可得:10—y=(——4-(—x)+5.
.••新抛物线的解析式为:>=一/—4x+5;
故选:A.
【点睛】
本题综合考查/求抛物线上点的坐标、中心对称在平面直角坐标系中的运用以及求抛物线的解析式等内容,
解决本题的关键是设出新抛物线上的点的坐标,求出其在原抛物线上的对应点坐标,再代入原抛物线解析
式中求新抛物线解析式,本题属于中等难度题目,蕴含了数形结合的思想方法等.
13.(2021•天津中考真题)如图,口438的顶点4,B,。的坐标分别是(0,1),(-2,-2),(2,-2),则顶点
D的坐标是()
A.(-4,1)B.(4,-2)C.(4,1)D.(2,1)
【答案】C
【分析】
根据平行四边形性质以及点的平移性质计算即可.
【详解】
解;:四边形A8C力是平行四边形,
点5的坐标为(-2,-2),点C的坐标为(2,-2),
点B到点C为水平向右移动4个单位长度,
AA到。也应向右移动4个单位长度,
•••点A的坐标为(0,1),
则点。的坐标为(4,1),
故选:C.
【点睛】
本题主要考查平行四边形的性质,以及平移的相关知识点,熟知点的平移特点是解决本题的关键.
14.(2021•四川成都市•中考真题)在平面直角坐标系*0),中,点M(-4,2)关于x轴对称的点的坐标是()
A.(-4,2)B.(4,2)C.(T,—2)D.(4,-2)
【答案】C
【分析】
关于X轴对称的两个点的坐标特点:横坐标不变,纵坐标互为相反数,根据规律解答即可.
【详解】
解:点M(-4,2)关于X轴对称的点的坐标是:(-4,-2).
故选:C.
【点睛】
本题考查的是关于x轴对称的两个点的坐标关系,掌握“关于》轴对称的两个点的坐标特点:横坐标不变,
纵坐标互为相反数.”是解题的关键.
15.(2021•天津中考真题)在一些美术字中,有的汉字是轴对称图形.下面4个汉字中,可以看作是轴对称
图形的是()
【分析】
根据轴对称图形的概念对各项分析判断即可得解.
【详解】
A.是轴对•称图形,故本选项符合题意;
B.不是轴对称图形,故本选项不符合题意;
C.不是轴对称图形,故本选项不符合题意;
D.不是轴对•称图形,故本选项不符合题意.
故选A.
【点睛】
本题考查判断轴对称图形,理解轴对•称图形的概念是解答的关键.
16.(2021•四川广安市•中考真题)下列几何体的主视图既是轴对称图形又是中心对称图形的是()
【答案】B
【分析】
先判断主视图,再根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解.
【详解】
解:A、主视图是等腰三角形,是轴对称图形,不是中心对称图形,故不合题意;
B,主视图是是矩形,是轴对称图形,也是中心对称图形,故符合题意;
C、主视图是等腰梯形,是轴对称图形,不是中心对称图形,故不合题意;
D、主视图是等腰三角形,是轴对称图形,不是中心对称图形,故不合题意;
故选B.
【点睛】
本题考查了几何体的三视图,中心对称图形与轴对称图形的概念,轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形
沿对称轴折叠后可重合;中心对称图形关键是要寻找对称中心,图形旋转180。后与原图重合.
17.(2021•湖北武汉市•中考真题)下列图形都是由一个圆和两个相等的半圆组合而成的,其中既是轴对称
图形又是中心对称图形的是()
【答案】A
【分析】
逐项分析,利用轴对称图形和中心对称图形的定义进行判断即可.
【详解】
解:A选项中的图形既是轴对称图形又是中心对称图形,故该选项正确;
B选项中的图形是中心对称图形,不是轴对称图形,故该选项不正确;
C选项中的图形是中心对称图形,不是轴对称图形,故该选项不正确;
D选项中的图形是轴对称图形,不是中心对称图形,故该选项不正确;
故选:A.
【点睛】
本题考查了轴对称图形和中心对称图形的定义,解决本题的关键是理解并掌握“能沿一条直线折叠,直线两
旁的部分能够完全重合的图形是轴对•称图形、中心时称图形则是将一个图形绕着平面内某个点旋转180。,
旋转后的图形能够与旋转前的图形完全重合“,同时也需要学生具备相应的图形感知能力.
18.(2021•湖北宜昌市•中考真题)下列四幅图案是四所大学校徽的主体标识,其中是中心对称图形的是()
【答案】C
【分析】
把一个图形绕某一点旋转180。,如果旋转后的图形能够与原来的图形重合,那么这个图形就叫做中心对称
图形.
【详解】
解:A、是轴对称图形,不是中心对称图形,故本选项不合题意;
8、是轴对称图形,不是中心对称图形,故本选项不合题意:
C、是中心对称图形,故本选项符合题意;
是轴刻称图形,不是中心对称图形,故本选项不合题意.
故选:C.
【点睛】
本题考查了中心对称图形的概念,把一个图形绕某一点旋转180。,如果旋转后的图形能够与原来的图形重
合,那么这个图形就叫做中心对称图形,这个点叫做对称中心.
19.(2021•河北中考真题)如图,直线/,加相交于点。.尸为这两直线外一点,且OP=2.8.若点P关
于直线的对称点分别是点《,P2,则《,鸟之间的距离可熊是()
C.6D.7
【答案】B
【分析】
连接04/几0鸟72,4与根据轴对称的性质和三角形三边关系可得结论.
【详解】
解:连接。6,尸%。£,尸旦,4£,如图,
,/片是P关于直线1的对称点,
二直线1是尸[的垂直平分线,
=。P=2.8
:£是P关于直线m的对称点,
宜线m是P6的垂直平分线,
OPz=OP=2.8
当%。,外不在同一条直线上时,。6-。巴<[鸟<。《+
OP2
即0<68<5.6
当《在同一条直线上时,=0々+02=5.6
故选:B
【点睛】
此题主要考查了轴对称变换,熟练掌握轴对称变换的性质是解答此题的关键
20.(202L湖北黄冈市•中考真题)下列图形中,是轴对称图形但不是中心对称图形的是(
A.等边三角形B.正六边形C.正方形D.圆
【答案】A
【详解】
因为平行四边形是中心对称图形,而非轴对称图形;正六边形和圆既是中心对称图形也轴对称图形;等边
三角形是轴对称图形而非中心对称图形,所以答案B、C、D错误,应选答案A.
21.(2021•四川遂宁市•中考真题)下列说法正确的是()
A.角平分线上的点到角两边的距离相等
B.平行四边形既是轴对称图形,又是中心对称图形
C.在代数式,,2x>—>985,—+2b,,+y中,—>—,3+26是分式
a兀a3a兀a
D.若一组数据2、3、心1、5的平均数是3,则这组数据的中位数是4
【答案】A
【分析】
根据角平分线的性质,平行四边形的对称性,分式的定义,平均数,中位数的性质分别进行判断即可.
【详解】
解:A.角平分线上的点到角两边的距离相等,故选项正确;
B.平行四边形不是轴对称图形,是中心对称图形,故选项错误;
C.在代数式2无,985,-+2b,!+y中,&+2b是分式,故选项错误;
a兀a3aa
D.若一组数据2、3、x、1、5的平均数是3,则这组数据的中位数是3,故选项错误;
故选:A.
【点睛】
本题综合考查了角平分线的性质,平行四边形的对称性,分式的定义,平均数,中位数等知识点,熟悉相
关性质是解题的关键.
二、填空题
22.(2021•浙江温州市•中考真题)如图,。。与△。钻的边A8相切,切点为B.将△。钻绕点8按顺时
针方向旋转得到△O'A'8',使点。'落在。。上,边A3交线段AO于点C.若NA'=25。,则N0C3=
度.
【答案】85
【分析】
连结。O',先证△B。。'为等边三角形,求出NAOB=N080=60。,由。。与AOAB的边AB相切,可求
ZCBO==30°,利用三角形内角和公式即可求解.
【详解】
解:连结OO',
:将绕点B按顺时针方向旋转得到△O'A?,
:.B(y=Bo=(xr,
...△80。,为等边三角形,
N080=60°,
*/。。与△。钻的边A3相切,
,NOBA=NO'BA,=90。,
:.ZCBO=90°-ZOBO'=90o-60o=30°,
VZA'=25°
:.ZA'O'B=90°-ZA,=90°-25°=65°
ZAOB=ZA'O'B=65°,
:.NOCB=180。-ZCOB-ZOBC=180°-65°-30°=85°.
故答案为85.
【点睛】
本题考查图形旋转性质,切线性质,等边三角形判定与性质,直角三角形性质,掌握图形旋转性质,切线
性质,等边三角形判定与性质,直角三角形性质是解题关键.
23.(2021•重庆中考真题)如图,三角形纸片A5C中,点£>,E,尸分别在边A5,AC,5c上,BF=4,
CF=6,将这张纸片沿直线OE翻折,点4与点F重合.若DE〃BC,AF=EF,则四边形AOFE的面积
为,
A
【答案】5G
【分析】
根据折叠的性质得到DE为AABC的中位线,利用中位线定理求出DE的长度,再解RAACE求出AF的
长度,即可求解.
【详解】
解:•••将这张纸片沿直线QE翻折,点A与点F重合,
;.£>£垂直平分AF,AD=DF,AE=EF,NADE=4EDF,
':DE//BC,
ZADE=ZB,NEDF=/BFD,ZAFC=90°,
■ZB=ZBFD<
.*•BD=DF,
ABD=AD.即。为A8的中点,
二。£为AABC的中位线,
:.DE=-BC^5,
2
':AF=EF,
AAEE是等边三角形,
在RtAACE中,ZC4F=60°,CF=6,
CFr~
...AF=--------=2V3,
tan60°
•••AG—5/3,
:.四边形ADFE的面积为工DE-AGx2=5A/3,
2
故答案为:5百.
【点睛】
本题考查解直角三角形、中位线定理、折叠的性质等内容,掌握上述基本性质定理是解题的关键.
24.(2021•山东临沂市•中考真题)在平面直角坐标系中,oABCD的对称中心是坐标原点,顶点A、8的
坐标分别是(2,1),将口ABCD沿x轴向右平移3个单位长度,则顶点C的对应点C,的坐标是一.
【答案】(4,-1)
【分析】
根据平行四边形的性质得到点C坐标,再根据平移的性质得到G坐标.
【详解】
解:在平行四边形A8C。中,
:对称中心是坐标原点,A(-1,1),B(2,1),
:.C(1,-1),
将平行四边形ABCD沿x轴向右平移3个单位长度,
ACi(4,-1),
故答案为:(4,-1).
【点睛】
本题考查了坐标与图形变化-平移,平移中点的变化规律是:横坐标右移加,左移减;纵坐标上移加,下移
减.
25.(2021•四川广安市•中考真题)如图,将三角形纸片ABC折叠,使点8、C都与点A重合,折痕分别
为DE、FG.已知NACB=15°,AE=EF,DE=g,则BC的长为.
【答案】4+26
【分析】
由折叠的性质得出AF=FC,ZFAC=ZC=\5°,得出/AFE=30。,由等腰三角形的性质得出
/EAF=/AFE=30。,证出△A8E是等边三角形,得出/B4E=60。,求出AE=8E=2,证出尸=90。,利用
勾股定理求出AF,即C尸,可得8c.
【详解】
解::把三角形纸片折叠,使点8、点C都与点4重合,折痕分别为OE,FG,
:.BE^AE,AF=FC,N/^C=NC=15°,
AZAFE=30°,又AE=EF,
:./E4f=/AFE=30°,
NAEB=60。,
.,.△ABE是等边三角形,NAED=NBED=30°,
:.NBAE=60°,
,:DE=6,
AE=BE=AB=-DE_.=2,
cos30°
:.BF=BE+EF=4,ZBAF=60o+30o=90°,
•*-FC=AF=♦BF?-AB。=25A,
:.BC=BF+FC=4+26,
故答案为:4+2百.
【点睛】
此题考查了翻折变换的性质、等腰三角形的性质、等边三角形的判定与性质、直角三角形的性质;根据折
叠的性质得出相等的边和角是解题关键.
26.(2021•湖南株洲市•中考真题)《蝶几图》是明朝人戈汕所作的一部组合家具的设计图(婕,同"蝶”),
它的基本组件为斜角形,包括长斜两只、右半斜两只、左半斜两只、闺一只、小三斜四只、大三斜两只,
共十三只(图①中的“棣”和“复”为“样”和“只”).图②为某蝶几设计图,其中△45。和△CBO为“大三斜”
组件(“一梯二复”的大三斜组件为两个全等的等腰直角三角形),已知某人位于点P处,点P与点A关于直
线OQ对称,连接CP、DP.若440。=24。,则/戊/=___________度.
M几*
才回
图1图2
【答案】21
【分析】
由题意易得四边形ABCD是正方形,进而根据轴对称的性质可得AD=DP,ZPDQ=ZADQ=24°,则有
CD=DP,然后可得NCDP=138°,最后根据等腰三角形的性质可求解.
【详解】
解:且都为等腰宜角三角形,
.,•四边形A8CC是正方形,
ZCDA=90°,CD=AD,
•••点P与点A关于直线DQ对称,ZADQ=24°,
ZPDQ=ZADQ=24°,AD=DP,
:.CD=DP,ZAZ)P=48°,
/.ZCDP=138°,
180°-ZCDP
ZDCP=ZDPC=21°,
2
故答案为21.
【点睛】
本题主要考查正方形的判定与性质、轴对称的性质及等腰三角形的性质,熟练掌握正方形的判定与性质、
轴对称的性质及等腰三角形的性质是解题的关键.
27.(2021•四川广安市•中考真题)如图,在平面直角坐标系中,ABLy轴,垂足为B,将AAB。绕点A逆
3
时针旋转到VABq的位置,使点B的对应点落在直线>'=--X上,再将绕点用逆时针旋转到
4
△46。的位置,使点。1的对应点02也落在直线y=-(x上,以此进行下去……若点B的坐标为(0,3),
则点”的纵坐标为.
【分析】
计算出△AO8的各边,根据旋转的性质,求出。8,BB,…,得出规律,求出。良”再根据一次函数图
像上的点求出点B2I的纵坐标即可.
【详解】
解:轴,点B(0,3),
3
・・・03=3,则点A的纵坐标为3,代入y=-二x,
4
得:3=--x,得:x=-4,即A(43),
4
A0B=3tA8=4,0A=y/^+^=5f
由旋转可知:
OB=O]B]=O2B]=O2B2=...=39OA=OA=CMI=…=5,AB=AB]=A]B]=A2B2=...=4f
:.O8]=OA+A8i=4+5=9,5&=3+4+5=12,
/.OB2I=OBI+BIB2I=9+(21-1)4-2x12=129,
设(a,——tz)»则0821=J/+(—[〃)=129,
解得:a=—7或一^-(舍),
即点821的纵坐标为拳,
故答案为:手
【点睛】
本题考查了一次函数图象上点的坐标特征,旋转以及直角三角形的性质,求出AOAB的各边,计算出0&I
的长度是解题的关键.
28.(2021糊南怀化市•中考真题)如图,在平面直角坐标系中,已知A(-2,l),仇-1,4),将AABC
先向右平移3个单位长度得到△A4G,再绕G顺时针方向旋转90°得到,则4的坐标是
【答案】(2,2).
【分析】
直接利用平移的性质和旋转的性质得出对应点位置,然后作图,进而得出答案.
【详解】
根据图像可知,&的坐标是(2,2),
故答案是:(2,2).
【点睛】
本题主要考查了平移作图和旋转作图,熟悉相关性质是解题关键.
三、解答题
29.(2021•安徽中考真题)如图,在每个小正方形的边长为1个单位的网格中,AA6c的顶点均在格点(网
格线的交点)上.
(1)将5c向右平移5个单位得到△AB,G,画出"aG;
(2)将(D中的"居6绕点C1逆时针旋转90°得到画出△4&G.
【答案】(1)作图见解析;(2)作图见解析.
【分析】
(1)利用点平移的规律找出A、4、c,,然后描点即可;
(2)利用网格特点和旋转的性质画出点4,坊即可.
【详解】
解:(1)如下图所示,4G为所求;
(2)如下图所示,282G为所求;
【点睛】
本题考查了平移作图和旋转作图,熟悉相关性质是解题的关键.
30.(2021•重庆中考真题)在△ABC中,AB^AC,D是边BC上一动点,连接A。,将绕点A逆
时针旋转至AE的位置,使得ND4£+N84C=180°.
(1)如图1,当ZB4C=90°时,连接BE,交AC于点F.若BE平分ZABC,80=2,求AF的长;
(2)如图2,连接3E,取晅的中点G,连接4G.猜想AG与C。存在的数量关系,并证明你的猜想;
(3)如图3,在(2)的条件下,连接。G,CE.若N84C=120。,当BD>CD,NA£C=150°时,
请直接写出助一℃的值.
CE
【答案】(1)拒;(2)AG=-CD,证明见解析;(3)BD-DG=旦
2CE2
【分析】
(1)连接CE,过点/作/垂足为〃,证明AA5尸且△抽产,得:AF=HF,再在等腰直角
万
△FHC中,找到FH=»CE,再去证明△八%为等腰三角形,即可以间接求出AF的长;
2
(2)作辅助线,延长84至点M,使AM=M,连接E0,在中,根据三角形
的中位线,得出再根据条件证明:AADC且ZXAEM,于是猜想得以证明;
2
(3)如图(见解析),先根据旋转的性质判断出“PE是等边三角形,再根据NA3C+NA£U=1800证
出AB,C,E四点共圆,然后根据等腰三角形的三线合一、角的和差可得△CDE是等腰直角三角形,设
CE=DE=2a,从而可得AO=2a,CO=20a,根据三角形全等的判定定理与性质可得
NB0P=N&4P=12O°,从而可得NAG。=NGDP=NAP。=90°,根据矩形的判定与性质可得四边形
AGO尸是矩形,DG=AP,最后根据等量代换可得BD-DGJC-AP=",解直角三角形求出
CECECE
。「=而即可得出答案.
【详解】
解:(1)连接CE,过点F作FH上BC,垂足为
E
•.•BE平分ZABC,N3AC=90°,
:.FA=FH.
•.•AB=AC,
ZABC=ZACB=45°,
:.FH=—CF,
2
•.♦Nfi4C+/a4E=180°,
:.NBAC=NDAE=90°,
:.ZBAD=ZCAE,
AB=AC
在/\ABD和MCE中,<NBAD=ZCAE,
AD=AE
:.^ABD^ACE(SAS),
:.BD=CE=2,ZABO=NACE=45。,
:.NBCE=90°,
•.•BE平分NABC,
:.ZABF=NCBF.
:.ZAFB=/BEC,
-.-ZAFB=ZEFC,
:.ZBEC=ZEFC,
:"CEB=/EFC.
5
AF=—CF=y/2.
2
•.•G是应:的中点,
AG=-ME.
2
ABAC+ZDAE=ABAC+ZCAM=180°,
:.ZDAE=/CAM,
..ZDAC=ZEAM.
AD=AE
在AAOC和AAEM中,■^DAC=ZEAM,
AC^AM
:.^ADC^^AEM(SAS),
:.CD=ME,
:.AG=-CD.
2
(3)如图,设AC,BE交于点P,连接。E,OP,
E
NDAE+ABAC=180°,ABAC=120°,
.•.NZM£=60。,
山旋转的性质得:AD^AE,
.•.VAOE是等边三角形,
.-.ZAED=60°,AD=DE,
vZAEC=150°.
ZCED=ZAEC-ZAED=90°,
-.■ZBAC=nO°,AB=AC,
ZABC=ZACB=;(180°-ZBAC)=30°,
ZABC+ZAEC=180°.
.•・点A&CE四点共圆,
山圆周角定理得:NAEB=ZACB=30°=-ZAED,
2
.•.BE垂直平分A£>,ZDEB=-ZAED=3Q°(等腰三角形的三线合一),
2
AG=DG,AP=DP,BD=AB=AC,
平分NABC,
NABE=NCBE=-ZABC=15°,
ZCDE=NCBE+ZDEB=45°,
是等腰直角三角形,
:.CE=DE,CD=42CE,
设CE—DE—la>则AD-2a,CD-2\l2a,
由(2)可知,AG=—CD=y/la,
2
DG=AG=&,
AG2+DG2=AD2.
是等腰直角三角形,且NAG£)=90°,
ZEGD=-ZAGD=45°(等腰三角形的三线合一),
2
ZBDG=ZEGD-ZCBE=30°,
BD=BA
在△5DP和BAP中,<BP=BP,
DP^AP
:.^BDP=BAP(SSS),
:.NBDP=NBAP=120。,
:.ZGDP=ZBDP-/BDG=90°,ZCDP=180°-/BDP=60°.
ZCPD=180°-ZCDP-ZACB=90°,
ZAGD=/GDP=ZAPD=90°,
四边形AGOP是矩形,
DG=AP,
在RtACDP中,CP=CD-cos乙PCD=2近a•@=疯,
2
则-B-D----D-G-=-A--C--A--P=-C--P=-屈---a=-瓜--.
CECECE2a2
【点睛】
本题考查了图形的旋转、等边三角形的判定与性质、三角形的中位线定理、圆周角定理、解直角三角形等
知识点,综合能力比较强,较难的是题(3),判断出A8,C,E四点共圆是解题关键.
31.(2021•四川成都市•中考真题)在中,ZACB=90°,AB=5,BC=3,将AABC绕点8顺时
针旋转得到△A'BC,其中点A,C的对应点分别为点ALC.
图1图2图3
(1)如图1,当点4落在4C的延长线上时,求AA的长;
(2)如图2,当点C'落在的延长线上时,连接CC,交A3于点求8W的长;
(3)如图3,连接A4',CC',直线CC交AA'于点。,点E为4c的中点,连接DE.在旋转过程中,DE
是否存在最小值?若存在,求出OE的最小值;若不存在,请说明理由.
【答案】⑴/U'=8;(2)BM=-^-;⑶存在,最小值为1
【分析】
(1)根据题意利用勾股定理可求出AC长为4.再根据旋转的性质可知AB=A5,最后由等腰三角形的性
质即可求出AA'的长.
(2)作CDJ_AC交AC'于点。,作CE//4B交AC'于点E.由旋转可得NA'BC'=NABC,
BC=BC'=3.再由平行线的性质可知NCEB=NA'BC,即可推出NCE8=NABC,从而间接求出
121Q
CE=BC=BC'=3,DE=DB.由三角形面积公式可求出CD=一.再利用勾股定理即可求出BE=—,
55
33
进而求出C'E=一.最后利用平行线分线段成比例即可求出BM的长.
(3)作AP//A'。'且交CZ)延长线于点尸,连接A'C.由题意易证明=
NACP=90°—NBCC,NA'CZ>=90°—NBC'C,即得出NACP=NA'C'。.再由平行线性质可知
ZAPC^ZA'C'D,即得出NACP=NAPC,即可证明AP=AC=AC,由此即易证
^APD^A'CD(AAS),得出AO=A'O,即点。为AA'中点.从而证明QE为AAC4'的中位线,即
DE=LA'C.即要使OE最小,AC最小即可.根据三角形三边关系可得当点A'、C、3三点共线时4c
2
最小,且最小值即为AC=A3-BC,由此即可求出DE的最小值.
【详解】
(1)在&AABC中,AC^^JAB2-BC2=752-32=4.
根据旋转性质可知A8=45,即△AB4'为等腰三角形.
VZACB=90°,即BC_LA4',
二AC=AC=4,
/.A4'=8.
(2)如图,作CO_LAC'交AC于点。,作CE//AB交AC'于点£
由旋转可得NA'BC'=NABC,BC=BC'=3.
,/CE//AB,
/CEB=ZABC',
二ZCEB=ZABC,
CE=BC=BC'=3,DE-DB-
•:S=-AB»CD=-AC»BC,即5xCD=4x3,
AA"liCC22
:.CD=—.
5
在RjBCD中,DB=^BC2-CD-=1,
:.BE=—.
5
33
C'E=BE+BC'=—
5
CE//AB,
BM_3
.BMBC即可=亚,
"~CE~^Ey
:.BM=—
11
(3)如图,作AP//A'C目.交C'D延长线于点P,连接A'C.
BC=BC',
:.ZBCC=/BC'C,
ZACP=180。—NACB-ZBCC,即ZACP=90°-ZBCC,
又•:ZAC'D=900-NBC'C,
:.ZACPZAC'D.
•••4P//AC,
:.ZAPC=ZA'C'D,
•••ZACP=ZAPC,
:."=AC,
:.AP=A'C'.
ZADP=ZA'DC
.,.在AAPD和△AC'。中<NAP。=ZA'C'D,
AP=A'C
:.^APD^A'C'D(AAS),
•*-AD=AD'即点。为AA'中点.
•:点E为AC中点,
•••OE为AAC4'的中位线,
:.DE=-A'C,
2
即要使OE最小,A'C最小即可.
根据图可知AC«AB—BC,即当点A'、C、B三点共线时AC最小,且最小值为
AC=A'B-BC=5-3=2.
,此时OE=1A'C=1,即DE最小值为2.
2
【点睛】
本题为旋转综合题.考查旋转的性质,勾股定理,等腰三角形的判定和性质,平行线的性质,平行线分线
段成比例,全等三角形的判定和性质,中位线的判定和性质以及三角形三边关系,综合性强,为困难题.正
确的作出辅助线为难点也是解题关键.
32.(2021•四川眉山市•中考真题)如图,在等腰直角三角形ABC中,ZACB=90°,AC=BC=26,
边长为2的正方形。及G的对角线交点与点C重合,连接AD,BE.
(1)求证:VACD^VBCE;
(2)当点。在AMC内部,且NAT)C=90°时,设AC与DG相交于点M,求4W的长;
(3)将正方形。EFG绕点C旋转一周,当点A、D、E三点在同一直线上时,请直接写出AO的长.
G
【答案】(l)见详解;(2)1■逐;(3)M-1或43+1
【分析】
(1)根据正方形的性质以及等腰直角三角形的性质得/ACE>=N8CE,AC=BC,CD=CE,进而即可得到
结论;
(2)先求出OC=&,A/)=3C,再证明进而即可求解;
(3)分两种情况:①当点。在线段上时,过点C作CMLAE,②当点E在线段A。上时,过点C作
CM1AD,分别求解,即可.
【详解】
解:(1);在等腰直角三角形ABC中,AC=3C,ZACB=90°,在正方形DEFG中,CD=CE,ZDCE=90°,
/.ZDCE-ZBCD=ZACB-ZBCD,即:ZACD=ZBCE,
二VACD^VBCE:
(2)•.•正方形DEFG的边长为2,
,DC=GC=2+6=72,
:ZADC^90°,
m=J(2V^-(夜)=30•
,:ZGDE^ZADC=9()°,
:.ZADM=ZCDE=45°,
:.ZADM=ZCGM=45°,即:AD//CG,
:•AAM*CMG,
.ADAM3V2AM
•・----=-----»即:——=——尸-------,
CGCMV2245-AM
3
***AM=一yji;
2
(3)①当点O在线段AE上时,过点C作CMLAE,如图,
•・•正方形。及G的边长为2,
JCM=OM=2:2=1,AM=AC2-CM2=J(2用2-仔二炳,
:.AD=AM-DM=^/j~9-1:
B
②当点E在线段A。上时,过点C作CML4D,如图,
22J(2扃一
同理可得:CM=DM-2-T2-\,AM-VAC-CM
,AD=AM+DM=晒+1.
综上所述:或炳+i
【点睛】
本题主要考查等腰直角三角形的性质以及正方形的性质,全等三角形的判定定理,相似三角形的判定和性
质,勾股定理,画出图形,添加合适的辅助线,是解题的关键.
33.(2021•浙江嘉兴市•中考真题)小王在学习浙教版九上课本第72页例2后,进一步开展探究活动:将一
个矩形ABCD绕同A顺时针旋转a(0°<a<90°),得到矩形AB'C'D'
[探究1]如图1,当a=90°时,点C'恰好在03延长线上.若45=1,求5c的长.
[探究2]如图2,连结AC,过点。'作O'M//AC'交3。于点线段。'加与DW相等吗?请说明理
由.
[探究3]在探究2的条件下,射线分别交A。',AC于点P,N(如图3),MN,PN存在一定的
数量关系,并加以证明.
DL
【答案】[探究1]5c=匕、5;[探究2]£T〃=DM,证明见解析;[探究3]MN2=QV.£W,证明见
2
解析
【分析】
[探究1]设BC=x,根据旋转和矩形的性质得出D'C7/D4,从而得出AD'C'BsAADB,得出比例式
^-^=—,列出方程解方程即可;
ADAB
[探究2]先利用S4S得出△AC'ONSRA,得出NZMC=NAD3,Z4Z汨=NA£)'M,再结合已知
条件得出NMDZ)'=NMD'。,即可得出。'M=DM:
[探究3]连结AA/,先利用SSS得出名AADW,从而证得MV=4V,再利用两角对应相等得出
PNAN
^NPA^^NAD,得出——=——即可得出结论.
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