浙江省强基联盟2023届高三选考仿真密卷物化生技术试卷及答案

2022学年第一学期浙江强基联盟MJ

高三年级物理试题

一、选择题［（本题共13小题,每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是

符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）

1.下图的仪器中不是用来直接测量国际单位制中的基本物理量的是

2.一束激光垂直照射在光屏上，在光屏中心形成一圆形光斑如图甲所示。现在光屏前放置一透

明的玻璃圆柱体,让激光垂直圆柱体轴线入射，光束经过圆柱体后照射在光屏上，如图乙所

施示。则对光屏上观察到的光斑描述正确的是

w

O

割

跛璃圆柱体光屏

甲乙

A.在光屏上水平方向的光斑宽度变大

■E

B.在光屏上竖直方向的光斑宽度一定变小

C.光斑的中心可能向上移动，呈现在光屏的上方

程D.竖直向上移动玻璃圆柱体,则光斑先向上移动，后回到光屏中心

3.在吊运表面平整的重型板材（混凝土预制板、厚钢板）时,如因吊绳无处L,

葡钩挂而遇到困难，可用一根钢丝绳将板拦腰捆起（不必捆的很紧），用两

个吊钩勾住绳圈长边的中点起吊（如图所示），若钢丝绳与板材之间的/

条动件摩是擦因数为"，为了满足安全起吊（不考虑钢丝绳断裂），需要满足的“宣”z|

A.tana>〃B.tanaV〃

C.sina>〃D.sin

4.家用跑步机由跑带、踏板等结构组成，现将跑带放至水平，将一标尺垂直两侧踏板放置，处于

静止状态。跑步机模式选择“慢跑”，跑带以网=3m/s运行，方向如图乙所示。一玩具小车

能以。=5m/s匀速运动。若玩具小车始终能平行于标尺前进，则车头与水平线的夹角/?为

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5.一名消防队员在一幢高楼进行索降入室训练。他从楼顶顺着绳子下滑至某一距楼顶10m的

窗口，略作停顿后.他蹬玻璃窗荡起.再次到达玻璃窗时（此过程可近似为单摆）用力猛踹，破

窗而入。已知消防员下滑时最大的加速和减速的加速度大小均为10m/s?,则消防员从出发

到入室，需要的时间最少约为

A.1.4s

B.2s

C.4.5s

D.5.1s

6.如图所示，甲、乙、丙为三个不同的电路结构，其回路的电势升降情况与甲、乙、丙一一对应的是

A.①②③B.③②①C.③①②D.②③①

7.一固定轨道如图所示，粗糙程度相同。段为四分之一圆弧轨道，其半径为R,BC段是水

平轨道，现将一质量为m的小球（小球视为质点）从A点静止释放，最后静止于水平轨道某

处。现要将小球沿原路径拉回A点，关于此拉力做功的最小值W,下列说法正确的是

A.W=2〃?gR

B.W<2mgR

C.W>2>ngR

D.无法判断

8.如图所示，一个半径为I的金属圆盘在匀强磁场B中以角速度s匀速转动（从左向右观察为

顺时针方向）。这样构成一个法拉第圆盘发电机。假设其电动势为e,等效内阻为〜下列说

法正确的是

A.圆盘发电机产生的是交流电自

B.法拉第圆盘发电机的电动势为盯r----笄—

C.电源的输出功率为需嚼|

十厂）I______I

D.流过电阻R的电流方向为C-RfD

9.下列四个图所示电场中，可以让重力不计的带负电粒子做圆周运动的是

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10.下图是“洛伦兹力演示仪”的实物图和结构图（其中励磁电流产生磁场），两个励磁线圈之间

的磁场可近似看作匀强磁场，下列说法正确的是

A.其他条件不变，改变励磁电流的方向，电子将反方向转动

B.其他条件不变，增大电子枪加速电压，电子运动一周的位移增大

C.其他条件不变，增大励磁电流,电子运动的半径增大

D.其他条件不变，减小励磁电流,电子运动的周期不变

11.2022年10月31日，“梦天”实验舱在文昌航天发射场发射,成功和“天和”核心舱对接，并保

持轨道半径不变,离地约400km。“梦天”实验舱完成“T”字基本构型后，“神舟十四号”航天

员乘组在“梦天”实验舱内完成了货包整理、设备安装等工作。彰显了中国独自组建空间站

的航天实力。下列说法正确的是

A.“梦天”实验舱从高轨向低轨完成对接,加速运动就可完成对

接任务

B.“梦天”实验舱与“天和”核心舱对接后，核心舱向心加速度变大

C.“梦天”实验舱发射速度必须小于第二宇宙速度

D.对接后“梦天”实验舱的角速度大小比同步卫星小

12.部分磁电式万用表的交流挡简要原理如下:为了使直流电表可以显示交流电的有效值，我们

对电路进行改装。一正弦交流电先经过全波整流，得到如图1所示的波形，之后流经直流电

流表。此时电流表读数为整流后电流一个周期内的平均值，再通过电位器将电流放大为原

来的人倍觉=原电流有效值/电流平均值，称为波形系数），就可以显示原电流有效值。下列

说法正确的是

A.经全波整流后电流的有效值为1072A

B.经全波整流前该交流电的方向每秒钟改变50次

C.在不改变k的前提下，该电表可以测量方波形交流电的有效值

D.在此次测量中次应当等于守，才能保证读数准确

13.电子感应加速器利用变化的磁场来加速电子。电子绕平均半径为R的环形轨道（轨道位于

真空管道内）运动，磁感应强度方向与环形轨道平面垂直。电子被感应电场加速，感应电场

的方向与环形轨道相切。电子电荷量为e。为了使电子在不断增强的磁场中沿着半径不变

的圆轨道加速运动，求笠和学之间必须满足的定量关系是（B和豆分别为电子做圆周运动

△I△/

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圆轨道处的磁感应强度和圆轨道内部的平均磁感应强度）

△/△/

R1AB

△7-2AZ

、AB=J_AB

,AZ-2AZ

DAB=±AB

,△/—4△/

二、选择题II（本题共3小题,每小题2分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是

符合题目要求的。全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得。分）

14.下列说法正确的是

A.如果某一物质可以被紫光照射发生光电效应，那么用紫外线照射也一定可以发生光电

效应

B.由于嚼Uf嚼Th+：He,则缰Th比畿U稳定,所以畿Th的结合能比噎U的结合能大

C.泊松亮斑产生的原因是由于光的衍射

埠

D.按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动

能减小，但原子的能量增大

15.图甲为超声波悬浮仪,上方圆柱体中，高频电信号（由图乙电路产生）通过压电陶瓷转换成同潴

频率的高频声信号,发出超声波。下方圆柱体将接收到的超声波信号反射回去。两列超声

波信号叠加后，会出现振幅几乎为零的点——节点。小水珠能在节点处附近保持悬浮状态。s-

图丙为某时刻两列超声波的波形图，点M（—1.5,0）、点N（0.5,0）分别为两列波的波前。

已知声波传播的速度为340m/s。则下列说法正确的是

稣

A.该超声波悬浮仪所发出的超声波信号频率为34000Hz困

B.两列波充分叠加后，小水珠能悬浮在点M（-l.5,0）附近

C小水珠悬浮时，受到的声波压力竖直向上

D.拔出图乙线圈中的铁芯，可以增加悬浮仪中的节点个数

16.图中是位于水平光滑桌面上的直角坐标系，在z>0的一侧.存在，

M刊XXXXX

匀强磁场，磁场方向垂直于Qry平面向里,磁感应强度的大小为8。/口①xxxxx

在7<0的一侧，一边长分别为乙和Zz的刚性矩形超导线框位于桌面XXXXx

0rx

上,框内无电流，框的一对边与方轴平行。线框的质量为自感为XXXXX

L。现让超导线框沿？轴方向以初速度研）进入磁场区域•则最终线框稳定运动时的速度可

能是（变力做的功可用F—7图像包围的面积求解）

B7222町2乙2

A.vo

mLLmLm

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三、非选择题（本题共6小题，共55分）

17.（7分）为了“探究加速度与力、质量的关系”，某同学使用如图甲所示装置进行实验。小车与

其上钩码的总质量为M,槽码的质量为打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上。

回答下列问题：

甲

（1）某次实验中得到一条纸带,如图乙所示。从比较清晰的点起，每隔4个打印点取一个计

数点，计数点分别标为0、1、2、3、4、5、6,可得小车运动的加速度a=m/s?（结果

保留两位有效数字）。

施

乙

w（2）关于本实验,下列说法正确的是（多选）。

A.补偿阻力要达到的标准是:反复调节长木板的倾斜度，使小车在槽码的牵引下，小车

能拖着纸带沿长木板匀速运动

B.完成一组实验后，再次改变小车上的钩码,不需要重新补偿阻力

■EC.需要满足小车的质量远小于槽码的总质量

D.补偿阻力后，此实验装置不可以用来验证机械能守恒

（3）为了探究加速度。与质量M的关系，在测得需要的实验数据后，用图像法进行数据分

程

析,下列操作中选出符合“探究”要求所需要的步骤及正确的顺序排列O

A.作。一附图像,根据画出的图线猜测a与M的关系

葡

B.作a-需图像，根据画出的图线猜测a与M的关系

C.作a-M图像，对a与M关系的猜测进行检验

D.作。一卷图像，对。与M关系的猜测进行检验

E.检验正确，得出a与M关系的结论

小明同学采用“汕膜法”估算油酸分子直径。油酸酒精溶液的浓度为

每1000mL油酸酒精溶液中有油酸0.5mL,用滴管向量筒内滴50滴上述

溶液，量筒中的溶液体积增加1mL。若把一滴这样的溶液滴入盛水的浅

盘中，由于酒精溶于水，油酸在水面展开，稳定后形成单分子油膜的形状如

图丙所示。已知每一小方格的边长为10mm。

（4）根据上述数据，估算出油酸分子的直径为m。（计算结果保留

两位有效数字）

（5）为了尽可能准确地估测出油膜分子的大小，下列措施是可行的是______

A.油酸浓度适当大一些

B.爽身粉层在水面上适当厚一些

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C.轮廓范围内的完整正方形个数即代表油膜铺开的面积

D.油酸扩散并待其收缩稳定后再绘出轮廓图

18.（7分）（1）探究限流式接法中滑动变阻器的选择依据，采用图甲所示的电路,探究滑片从下

往上滑动过程中，负载电阻R,两端的电压变化。已知滑动变阻器的最大阻值为R=10

选择负载电阻R,=10。•以R两端电压U,与总电压的比值皆为纵轴.皆为横轴（R,为滑

动变阻器接入电路部分电阻,R为滑动变阻器的最大阻值），得到皆一强分压特性曲线为图

乙中的“A"；当R=100。，分压特性曲线对应图乙中的（选填"B”或"C”）；则限流式

接法中滑动变阻器最大阻值的选择依据是。

（2）某实验小组用如图丙所示的实验装置探究“变压器的电压与匝数的关系”;

丙丁

某次实验中,用匝数%=200匝和n„=400匝的线圈进行实验,测得数据如图丁所示，则原

线圈的匝数为（选填“4”或“，，电压比和匝数比不严格相等，原因有.

19.（9分）一款气垫运动鞋如图甲所示，鞋底塑料空间内充满气体（可视为理想气体），运动时通

过压缩气体来提供一定的缓冲效果。已知鞋子未被穿上时，当环境温度为北，每只鞋气垫

内气体体积为匕，压强为九,等效作用面积恒为S。鞋底忽略其他结构产生的弹力。单只

鞋子模型如图乙所示，活塞A可无摩擦上下移动。（大气压强也为加，T为热力学温度，且

气垫内气体与外界温度始终相等）

（1）当质量为利的运动员穿上该运动鞋，双脚站立时，若气垫不漏气,求单只鞋气垫内气体

体积H；

（2）未穿时，气温缓缓上升,若气垫不漏气，气体体积增大到匕,此过程中气体吸收热量为

Q，求气体内能变化

（3）未穿时，锁定活塞A位置不变,但存在漏气。某次当

气温从To上升到T,时，气垫缓缓漏气至与大气压

相等,求气垫内剩余气体占原有气体比例小

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20.（12分）游乐场有一弹球游戏装置,可简化为如图所示的模型。在竖直平面内，半圆弧轨道

AB光滑,圆心为O,半径为R。CD与DE斜轨道粗糙,动摩擦因数为山与水平面夹角均为

。=37°。设滑动摩擦力等于最大静摩擦力。已知。点、C点、E点等高，。点有一段光滑小

圆弧连接两轨道。质量为2〃?的小球2在光滑水平面上有向左的初速度”，和静止在B点

质量为”的小球1发生弹性碰撞。小球1经过圆弧轨道后从A点水平向右飞出，恰能无碰

撞地从C点进入斜轨道。

（1）求小球1在C点速度我的大小；

（2）求小球1在A点所受轨道作用力的大小；

（3）若小球1最终停在斜轨道DE上，求”的最小值；

（4）改变小球2的初速度初一使小球1能击中斜轨道DE,求u,的取值范围。

£

B

21.（10分）如图所示,金属轮A和绝缘轮A2,可绕各自中心金属轴。和Q转动,。和Q平

行且水平放置,Ai金属轮由三根金属辐条和金属环组成,Ai轮的辐条长为4八电阻为R.金

属环的电阻可以忽略，三根辐条互成120°角，在图中120°的扇形区域内存在平行于轴向里的

匀强磁场，磁感应强度大小为B,绝缘轮A2的半径为2r,另一半径为广的绝缘圆盘A3与A?

同轴且固连在一起。一轻细绳的一端固定在As边缘上的某点，在A3上绕足够匝数后，悬

挂一质量为，”的重物P。当P下落时，通过细绳带动A：,和人绕（为轴转动。转动过程中，

Ai、A?保持接触,无相对滑动。A,轮的轴O,和金属环通过导线与两平行的足够长的水平

金属导轨连接。金属导轨的间距为/，,其上放置一质量为相、长度也为/八电阻为R的金属

棒CD,棒与导轨间的动摩擦因数为〃。金属棒在水平向右、大小为F的恒力作用下，从静止

开始运动。金属导轨间存在水平向右的匀强磁场,磁感应强度大小也为8,不计导线电阻。

（1）当重物P的速度为v时,求流过金属棒CD的电流；

（2）金属棒CD刚好开始运动记为0时刻，经过时间t重物P下落高度为〃，金属棒CD仍在

轨道上运动,求此时金属棒CD的速度力；

（3）为使金属棒CD不脱离轨道，求绝缘圆盘A3的半径「与金属导轨间距L两者间应满足

的条件。

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22.（10分）如图所示,在真空中沿竖直方向分布着许多足够大的、水平放置的金属网（厚度不

计），编号为1,2,3,……，相邻的网间距离都为d=0.1m。金属网间存在方向竖直（交替反

向）的匀强电场，电场强度大小为E=1V/mo一质量〃?=lXlCr，kg、电荷量g=+lX

10一」C的带正电微粒，在f=0时从1号金属网处由静止释放开始运动，若微粒经过任意金

2

属网时都能从网孔中无机械能损失地自由穿过。重力加速度g=10m/s0

（1）求微粒穿过5号金属网时的速度大小及从1号到5号金属网所用的时间；

（2）若维持电场不变，在2〜3、4〜5、6〜7、……网间再加上磁感应强度B=1T、方向垂直于

纸面向里的匀强磁场（图中未画出），仍让微粒从1号金属网处静止释放，求微粒穿过3

号金属网时的速度大小及从1号到3号金属网所用的时间；

（3）保持（2）中条件不变，当微粒从无限靠近2023号网的上边界以8=4m/s水平向右射

人,求该微粒可到达的最远的金属网的编号。

战

旌

潴

3-

会.

调

哦

酸

【高三物理第8页（共8页）】•23FX04C•

2022学年第一学期浙江强基联盟MJ

高三年级物理试题参考答案

一、选择题I（本题共13小题,每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求

的，不选、多选、错选均不得分）

1.C

2.D

本题考查光的折射。激光照在圆柱上，沿圆柱体轴上的光线即水平方向上的光线,经相同的入射角折射，两

次折射后,同一水平方向上的光线折射偏转角度相同，光线平行,故在光屏上水平方向上的光斑宽度不变,A

错误。竖直方向上光线通过圆柱体光线有会聚作用,根据光屏与圆柱玻璃柱的位置关系，光斑的长度可能变

大.可能变小•也可能不变.B错误。由于图中的入射光束在圆心上方，故光路往下偏.光斑的中心不可能呈

现在光屏的上方,C错误。竖直向上移动玻璃圆柱体，根据折射定律可知.光斑的中心也向上移动，当激光没

有照射在玻璃圆柱体上时,光斑回到光屏中心。综上所述故选D。

3.B

要起吊重物.只需满足绳子张力丁的水平分量与2的积大于竖直分量即可。

即Teosa〃>Tsina。

4.Cv.........

车相当于跑带的速度为v.跑带相对于地面的速度为“，这两个速度的矢量和即为车相对于地艮

面的速度切，沿着标尺方向.速度的合成图如图所示。故忏53°。\'|\

5.D"....、

消防员下降时先以最大加速度向下加速运动，然后以最大加速度向下减速运动，到窗口边时口=0。由于加、

减速的加速度大小相等,根据运动对称可知加、减速时间和位移均相等。加速向下过程时间为A，则由运动

学公式有s。减速下总时间为介=1s。此后，消防员轻蹬窗摆起直至破窗而入，相当于单

摆的半次全振动，所用时间4=9=兀\/^比3.1s,总时间为n=力+热+，3=5.1s。

6.B

电动势的跃升集中在两极,电流通过电阻•电势下降。

7.B

小球从八点运动至水平轨道某处静止，这过程中重力势能的减少量变成热能，所以这过程中克服摩擦力做

功〃?gR，沿原路经拉回A点,拉力做功的最小值为重力势能的增加量和克服摩擦力做功之和，由于拉回A

点过程中在圆弧轨道上可以缓慢拉，所以弹力可以比下滑小，摩擦力同样变小，所以克服摩擦力做功小于

8.C

圆盘发出的是直流电，所以A错误。法拉第圆盘发电机的电动势为错误。电源的输出功率为

【高三物理•参考答案第1页（共8页）】•23-FX04C-

P=/R=^嗒'C正确。根据右手定贝人流过电阻的电流方向为DfRfCD错误。

9.D

10.A

此装置两个励磁线圈组成亥姆霍茨线圈，中间区域可认为是匀强磁场.A正确;增大电子枪的加速电压，电

子运动半径增大,旋转一周位移为零,B错误;增大励磁电流，磁场增大，运动半径减小,C错误;减小励磁电

流.磁场强度减小.运动周期变大,D错误。

11.C

从低轨道到高轨道，需要先加速再减速.A错误;对接后轨道半径不变,所以向心加速度不变.B错误;发射

速度需要大于第•宇宙速度,小于第二宇宙速度,C正确;对接后轨道离地400km,小于同步卫星轨道半径，

角速度大于同步卫星,D错误;故选C。

12.D

经全波整流后，正弦式交流电的「一，图像相较整流前无变化•因此有效值仍为572A,故A错误；由图像1

可知,整流前该正弦交流电的频率为50Hz,•个周期内,交流电方向改变2次,故每秒钟方向改变100次，

B错误;对于正弦式交流电而言，全波整流后，一个周期内的电流平均值为2九，而有效值为乌人”.故波形

7TN

系数4为牛，而对于方波交流电而言,有效值与平均值均发生变化•需要改变波形系数机才能得到准确的

有效值读数，故C错误,D正确。

13.B

设电子做圆周运动的圆轨道上的磁感应强度大小为从方向与环面垂直。由牛顿第二定律和洛伦兹力公式

得euB=m%①

设在圆轨道切线方向作用在电子上作用力为F,按照动量定理有FM=^(>nv)②

由①②式得F=«RW③

按照法拉第电磁感应定律，在电子运动的圆轨道上的感应电动势为6=^④

式中圆轨道所在的面上的磁通量中=贝《8⑤

这里.后为圆轨道所在的面上的平均磁感应强度。由④⑤式得6=KR2第⑥

考虑电子运行一圈感应电场所做的功，由电动势的定义可得e=2ME⑦

甩子在圆轨道切向所受到的力为F=gE⑧

由⑥⑦⑧式得.F=J■次第⑨

③和⑨式所表示的是同样的力的大小.联立③⑨式得罟=/若⑩

这就是为了使电子在不断增强的磁场中沿着半径不变的圆轨道加速运动，w和券之间必须满足的定量关系。

【高三物理•参考答案第2页(共8页)】•23-FX04C-

二、选择题IU本题共3小题,每小题2分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求

的。全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分)

14.ACD

15.ACD

A：由图可知.超声波波长1cm.由题可知,声波传播的速度为340m/s,所以超声波信号频率为34000Hz；

B：把PQ看成两个波源，可知波源震动步调相反.M点与两个波源的波程差为2.5cm,即2.5个波氏，为振

动加强点，不是节点.小水珠不能悬浮在此处；

C：小水珠悬浮时，受到的声波压力与重力平衡，所以竖直向匕

D：拔出铁芯，自感线圈的自感系数L减小,LC振荡电路的周期减小,频率变大，超声波频率变大,波长变

短，相同空间距离内节点个数变多。

16.AC产

设某一时刻线框在磁场区域的深度为了(HW/I),速度为S因线框的一条边切割磁档"。*****

感应线产生的感应电动势为E,=uB/2,它在线框中引起感应电流,感应电流的变XXXXX.

化又引起自感电动势。设线框的电动势和电流的正方向均为顺时针方向，则切割“xXXXX、

磁感应线产生的电动势E。与设定的正方向相反，自感电动势E,.=-L名与设定的正方向相同，因线框处

LSI

于超导状态，电阻R=0,故有

Et~Ev=~L=iR=0(1)

即噫+B，2/=o(2)

或-(3)

噂一蹩⑷

可见，与工呈线性关系，有i=一号建+C(5)

C为一待定常数•注意到忆=。时,i=0,可得C=0.故有

£>0时fVO,电流为负值表示线框中电流的方向与设定的正方向相反.即在线框进入磁场区域时右侧边的

电流实际流向是向上的,外磁场作用于线框的安培力

(7)

其大小与线框位移了成正比，方向与位移了相反,具有“弹性力”的性质。下面分两种情形做进一步分析：

<i)线框的初速度仍较小，在安培力的作用下，当它的速度减为0时，整个线框未全部进入磁场区,这时在

安培力的继续作用下，线框将反向运动，最后退出磁场区。线框一进一出的运动是一个简谐振动的半个周

期内的运动.振动的圆频率

周期T=2n

振动的振幅可由能量关系求得，令-r,„表示线框速度减为0时进入磁场区的深度，这时线框的初始动能全部

转换为“弹性力”的“弹性势能”，由能量守恒可得

(10)

【高三物理•参考答案第3页(共8页)】•23-FX04C-

得Zni=（11）

故其运动方程为

TA）J./Bb、八笈［V1^772/ic、

卫=—记-sin（7±=/）"从0至1」/%—（12）

坎2JLinbl2

半个周期后，线框退出磁场区.将以速度优向左匀速运动，因为在这种情况下1m的最大值是。.即

1■mW2=+岑珊|2（13）

由此可知,发生第（i）种情况时,加的值要满足下式

认”-j-）Zr

即小W与埋（14）

JmL

（ii）若线框的初速度仍比较大,整个线框能全部进入磁场区，当线框刚进入磁场区时,其速度仍大于o.这

要求证满足下式

%〉警：（15）

vmL

当线框的初速度满足（15）式时，线框能全部进入磁场区，在全部进入磁场区域以前•线框的运动方程与（12）

式相同，但位移区间是i=0到1=/1，所以时间间隔与（12）式不同.而是从0到

n=^^rarcsin-^4=l（16）

因为线框的总电动势总是为0*所以•旦线框全部进入磁场区域,线框的两条边都切割磁感线，所产生的电

动势之和为0,因而自感电动势也为0。此后线框中维持有最大的电流，m=-毕右，磁场对线框两条边的

安培力的合力等于零，线框将在磁场区域匀速前进，运动的速度可由下式决定

1,1,1B2Z2,,

2"优”=下加江?十］--J-2i\-

即

B22Z2

v—_y/涣-2---1/丞12-o（17）

三、非选择题（本题共6小题，共55分）

17.（7分）

（1）0.87（0.85〜0.89均算对）...........................................................2分

（2）BD...............................................................................................................................................................1分

（3）ADE...........................................................................................................................................................1分

（4）1.2义10一,或L3X10—9...........................................................................................................................2分

（5）D...............................................................................................................................................................1分

18.（7分）

（DC...................................................................................................................................................................2分

R^R.（既保证电压随滑片均匀变化，又保证电压可取的范围较大）.............................2分

（2）ii/1...........................................................................................................................................................1分

漏磁、铁芯发热、导线发热...............................................................2分

19.（l）mg+2As=2/hS....................................................................................................................................1分

poVo=/>1V1..................................................................................................................................................1分

【高三物理•参考答案第4页（共8页）】•23-FX04C­

H空暇力匕.....................................................................1分

mg十2Pos

（2）卬=一%（%—匕）.................................................................2分

△U=Q+W=Q-/><,（%一%）...........................................................1分

（3）毕=毕.......................................................................1分

ioi2

%=然匕.........................................................................1分

Pii10

7=削哮...........................................................................1分

20.（1）（2分）

设小球1进入C点时速度的竖直方向分量为巴

mgR=^-0.......................................................................1分

45

1分

sind3

（2）（3分）

设小球16出A点时速度为,轨道作用力大小为Fik

小=做.............................................................................1分

Ffli+?〃g=贷相.......................................................................1分

口-23

F压~-9...........................................................................1分

(3)(3分)

设斜轨道CDE长度为LE,若小球1恰能停在E点

,_2R

ft.....................................******1分

sin0

一/“"geos0LCE=O-^~...............................................................................................................................1分

故〃的最小值为胃.....................................................................1分

⑷（4分）

设碰撞后瞬间小球2速度为出，小球1速度为v,

2加认2_mv\2,2invz2

2=~~21--2~

2mvo=z2m\―inz

_3vi

Vo—~T4~

设小球1飞出A点时速度为5「.从A点至落到斜轨道DE上的时间为，，水平位移为a竖直位移为y

N=皿i

T

①当落到。点时

x=--3R7>=42R

tan0

y=2R

【高三物理•参考答案第5页（共8页）】•23-FX04C­

v/=2

②当落到E点时

4R_16R

y=R

则办'取值范围为

2迎奢..............................................................................................................................2分

_2,标=^^一呼

守<%<空.....................................................................2分

21.【答案】贤',；（2）砧=。—pgt+J［：；j；⑶广》专

【详解】（1）（3分）

在P速度为v时,A?转动的角速度

两盘接触点的线速度为

?2=a»i・2r=2v

辐条的电动势

E=-^-B•\nh=4Brv....................................................................

1分

回路中只有一根辐射条在切割磁场相当于电源.其余两根辐射条和CD电阻并联.因此总电阻

R.a=R+y=yK...................................................................................................................................1分

总电流

rE3历1>

流过金属棒CD电流

rBru

任=方................................................................................1分

（2）（3分）

对金属棒受力分析，由动量定理

—p（mg—B/（i>L）］z=mvi.................................1..分..........................

Ty>_Brv

乂kv---R-

（

F-Bj................................................................................................................1分

其中Svt=h

代人可得

F,B-rLh

方-...1..分...................................................

（3）（4分）

当金属棒CD与导轨的弹力为0时，金属棒刚好要离开导轨.设此时重物P下落的速度为次.此时有

【高三物理•参考答案第6页（共8页）】•23-FX04C-

?九g=F安

又“殳臀

可得吻=爵.......................................................................1分

DrL

若金属棒限制在导轨上运动，设重物P可能达到的最大速度为%,。由功率关系

7"g〜=嬖.............................................................................1分

打

其中Ew=4Brvm

代人得

要使得金属棒EF不脱离轨道,需满足

代人可得，＞点.......................................................................1分

22.（1）（3分）

1〜2金属板间，对微粒受力分析，取竖直向下为正方向，根据牛顿第二定律得

"?g+qE=〃?ai

解得知=20m/s2...........................................................................................................................................1分

2〜3金属板间，对微粒受力分析,根据牛顿第二定律得

m^—qE=maz

解得。2=。

根据匀变速直线运动位移速度公式得

说2—0=2^id

Vj2—0=2a[X2d

解得

v-2=2m/s

v4=2/2m/s

vs=v.\=2^2m/s......................................1分

再根据速度时间公式得

竺=之

1

U110

匀速运动的时间为

d,d2+四

，2=一^--=“、S

02S40

则微粒从1号到5号金属网所用的时间为

।2+5汽

Z|+,2=~w-s......................................1分

（2）（3分）

1〜2金属板间，微粒的运动同上，则3'=0.1s；

2~3金属板间,对微粒受力分析.知微粒做匀速圆周运动,则

g'=s=2m/s

再根据洛伦兹力提供向心力得

【高三物理•参考答案第7页（共8页）】•23-FX04C­

/Ds

qvs1D=m—

解得r=^-=0.2m.............................1分

设微粒在磁场中运动的圆心角为仇运动轨迹如图所示

由几何关系得

sin<9=—=4-

rL

解得