物理-2022-2023学年九年级下学期开学摸底考试卷A（广东省卷）（全解全析）

物理-2022-2023学年九年级下学期开学摸底考试卷A（广东省卷）

全解全析

1.D

【详解】A.把能够自由转动的小磁针放在磁场中某一点，静止时，小磁针的N极指向为该点的磁场方向，但不是

由放在这一点的小磁针的N极决定的，故A错误；

B.磁感线是不存在的，是为了研究方便假想的一些有方向的曲线，故B错误；

C.对于磁体的外部，磁感线是从N极指向S极，对于磁体内部，磁感线是从S极指向N极，故C错误；

D.通电导线下放置一个小磁针，当通电后小磁针发生偏转，故奥斯特实验表明通电导体周围存在磁场，故D正确。

故选D。

2.D

【详解】要求红、绿、黄灯可独立发光，即它们互相不影响，它们应该是并联。

A.从图中可以看到，三个灯首尾相连，它们是串联，故A不符合题意；

B.从图中可以看到，三个开关都闭合后，绿灯和黄灯两端分别连在一起，绿灯和黄灯是并联，然后再和红灯串联，

不是仅仅并联一种情况，故B不符合题意；

C.从图中可以看到，三个开关都闭合后，红灯和绿灯两端分别连在一起，红灯和绿灯是并联，然后再和黄灯串联，

不是仅仅并联一种情况，故c不符合题意；

D.从图中可以看到，四个开关都闭合后，三个灯两端分别连在一起，它们是并联，故D符合题意。

故选D。

3.A

【详解】A.晶体在熔化过程中吸收热量，内能变大，但是温度不变，故A正确；

B.20C的水比90℃的水的质量关系未知，所以内能大小无法比较，故B错误；

C.一切物体都有内能，0℃以下的物体内能不为零，故C错误；

D.发生热传递时，热量总是从高温物体传递给低温物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，内能大的

物体的温度不一定高，故D错误。

故选A。

4.D

【详解】A.电流产生的热量不能用眼睛直接观察，对密封容器中空气加热，引起U形管中液面变化，通过液面高

度差的变化来反映，是利用容器内气体的热胀冷缩来反映电阻放出热量的多少，故A错误；

B.图甲中两个5c电阻并联后再与一个5。电阻串联，容器内电阻的阻值相同，由串并联电路电流的规律可知通过

两个容器内电阻的电流不同，研究电流产生的热量与电流的关系，故B错误；

C.在乙装置中，容器中的两个电阻丝串联，通过它们的电流与通电时间相同，左边容器中的电阻小于右边容器中

的电阻，通电一段时间后右侧容器内电阻产生的热量较多，右边U形管内液面高度差比左边大，故C错误；

D.甲实验装置容器内电阻丝的阻值相同，右侧容器内电阻丝与容器外电阻丝并联，且容器内外的电阻丝的阻值相

同，再与左侧电阻串联，由串并联电路电流的规律可知通过左侧电阻丝的电流与右侧容器内电阻丝的电流之比是

2：1,由。=/2放可知通电一段时间后左、右两个容器内电阻丝产生的热量之比为

._/甲左2Rf_/甲左2_（/甲尢24

Q,右一/甲右2用一/甲右2一/甲右一］一］

故D正确。

故选D。

5.A

【详解】BD.图甲中保险丝断了，电工师傅在保险丝两端并联上一个灯泡Lo（如图乙）；只闭合S”Lo、Li串联,

且灯Li、Lo微亮，说明电路为通路，即火线-L。一“一Si-L-c•以及c点左侧的零线都没有开路，两灯微亮的原因

是两灯分得的电压均小于220V,故BD不符合题意；

AC.断开Si，闭合S2,Lo和L2串联，Lo能够发光，说明电路为通路，即火线—LoTaTb—Sz—L2—d—c以及c点

左侧的零线都没有断路；而L2不亮，说明灯L2短路了，故A符合题意，C不符合题意。

故选Ao

6.C

【详解】A.将变阻器滑片P由中点位置向右移动到6端的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，总电阻变小，由

欧姆定律可知，电流变大，即电流表A的示数变大，故A不符合题意；

B.由图可知，两电阻串联，电压表Vi测R/两端的电压，电压表V2测电源电压，所以滑片移动时，电压表V2的

示数不变，故B不符合题意；

C.变阻器的电阻变小，由分压原理可知，变阻器的电压变小，根据串联电路电压的规律可知，R/的电压变大，即

电压表Vi示数变大，故电压表V2示数与电压表Vi示数之差变小，故C符合题意；

D.由欧姆定律可知，电压表V2示数与电流表A示数比值即为总电阻，所以该比值变小，故D不符合题意.

7.C

【详解】由图甲可知，该电路为R和L的串联电路，电流表测电路中的电流，电压表测灯L两端的电压。

A.滑片P向右移动的过程中，变阻器连入电路的电阻变大，由串联分压可知变阻器两端的电压变大，由串联电路

的电压的规律可知灯泡两端的电压变小，即电压表的示数变小，故A正确，不符合题意；

B.滑片P向左移动的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，由串联分压可知变阻器两端的电压变小，由串联电路

的电压的规律可知灯泡两端的电压变大，由图乙可知，灯泡两端的电压分别为0.5V、1.5V、2.5V时，通过灯泡的

电流分别为01A、0.2A、0.25A,由7?=亍可知I,灯泡的电阻依次为5。、7.5Q,1Q,则滑片P向左移动的过程中，

灯丝电阻变大，故B正确，不符合题意；

C.滑片P处于匕端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联；假设灯泡的阻值不变，灯泡正常发光时的电阻为

—A*.

因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总电阻为

R©=RL+R=10Q+10C=20C

电路电流为

誉糕"I"

电压表的示数

UL'=I'RL=0.15AX10Q=1.5V

此时灯泡的电压小于额定电压，灯泡的实际电阻小于灯泡正常发光时的电阻，又因为串联电路起分压作用，所以灯

泡分得的电压小于1.5V,即电压表示数小于1.5V,故C错误，符合题意；

D.小灯泡L正常发光时的电压为2.5V,由图乙可知灯正常发光时通过的电流为0.25A,即电路中的电流为/=0.25A,

则小灯泡正常发光时，电路总功率为

P=W=3Vx0.25A=0.75W

故D正确，不符合题意。

故选Co

8.总功率过大短路空气开关

【详解】［1］家庭电流中电流过大总共有2个原因：短路和总功率过大，如图甲所示：用电器总功率等于各个用电器

功率之和，并联的用电器越多，总功率越大，根据公式「=",电流会非常大。

⑵如图乙所示：金属线将火线和零线直接接通，造成短路，电流直接通过导线，由于导线电阻很小，导致电流过大。

⑶对于空气开关是保护电路的，即当电路中电流过大时，空气开关会自动断开，对电路或用电器有保护的作用；而

漏电保护器在某种程度上是为了保护人，即当电路中漏电时，漏电保护器会迅速切断电路，对人起到保护的作用；

所以新建楼房的供电线路为避免甲、乙两个电路中，开关闭合后，输电线因电流过大而燃烧起来，这两种情况，应

安装空气开关。

9.L2断路3：1电流

【详解】［1］闭合开关S,小灯泡Li、L2串联，电压表测L2两端电压，电流表测该电路电流。过一段时间后，突然

两灯均熄灭，说明电路中灯泡不可能发生短路，只可能时断路，如果灯Li断路，则两表示数都为零，不符合题意；

如果灯L2断路，电流表示数为零，电压表示数接近于电源电压，两灯都不亮，符合题意，由此判断故障情况是灯L2

断路。

⑵由以上分析可知，此时电压表示数接近于电源电压为4U,L2两端电压为U,所以Li两端电压为3U,根据串联

电路的分压规律，小灯泡Li、L2的电阻之比

且_丝_迎_3

⑶排除故障后，将小灯泡L1、L2的位置互换，与电压表并联部分的电阻发生了改变，电压表示数会发生变化。电

路中总电阻不变，电源电压也不变，所以电路中电流不变，电流表示数不变。所以示数一定不发生变化的是电流表。

10.电流减小增大

【详解】由电路图可知，定值电阻R'与滑动变阻器R串联，油量表串联在电路中。

(1)口]由油量表串联在电路中可知，油量表是由电流表改装的。

(2)[2]⑶当油箱中的浮标向上运动时，在杠杆的作用下滑片下移，R的电阻值将减小，电路中的总电阻减小，由/

可知，电路中的电流增大，即油量表的示数将增大。

11.甲30.6

【详解】口]⑵⑶由/-U图象知道，甲电路元件的/-U图象是一条直线，所以说明电流与电压成正比关系：将元件甲、

乙串联后接在电路中，因为串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流为0.2A时,通过它们的电流均为0.2A,

由图象知道，两元件两端的电压分别为Uw=1V,Uz=2V,由于串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电

路两端的总电压

U=UV+U2=1V+2V=3V

故整个电路消耗的总功率是

尸=U/=3Vx0.2A=0.6W

12.7.515.25

【详解】[1]由表中数据可知，其输入电压为5V,输入电流为

1500mA=1.5A

充电宝输入功率

P^z=W=5Vxl.5A=7.5W

[2]5W的小风扇供电并使它正常工作，充电宝的输出电流为1000mA,则此时通过风扇的电流为

1000mA=lA

风扇电动机的发热功率为

P爱蚌1也2R=(]A)2XIQ=IW

[3]充电宝充电5小时能输出的电能量

W=W>i=P//〃=7.5Wx5x3600sx70%=9.45x104J

则该小风扇供电时间

4

.W9.45X10J,ONIN-

t=------=---------------=1.89x104s=5.25h

13.灯泡乙变大5

【详解】［1］因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，将这两个灯泡并联在220V的家庭电路时，两灯泡两端的

电压均为220V,因额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，乙灯泡的

额定功率较大，乙灯泡的实际功率较大，灯泡较亮。

⑵闭合开关S后，滑动变阻器心与R/串联，电流表测量电路中的电流，电压表Vi测幻两端的电压，电压表V2

测七两端的电压，电流表测量电路中的电流，将滑动变阻器R的滑片P向左移动，接入电路中的电阻变小，电路

中的总电阻变小，由/==可知，电路中的电流变大，由U=/R可知，Q两端的电压变大，即电压表Vi的示数变大。

⑶两滑动变阻器两端允许所加的最大电压分别为

U忻I甲R-.5Ax10Q=5V

U乙=1乙Ry1Ax20c=20V

将甲、乙滑动变阻器并联接在同一电源上时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电源电压最大值

U'=U产5V

14.变大0.210

【详解】［1］由图甲可知，电阻R/和滑动变阻器/?2串联，电路的总电阻等于二电阻之和，当滑片P向左滑动时，滑

动变阻器的阻值变小，故总电阻也变小，电源总电压不变，根据/=g可知，通过电流表的电流变大，即电流表示

R

数变大。

⑵⑶由图乙可知，滑动变阻器的阻值范围为0~20C,最大阻值为=20。，此时电路中的电阻最大，电流最小；

滑动变阻器的功率有图可得

P=/：mX&3=ALx20C=0.8W

解得心,=0以。

再由公式尸=U/可得，此时滑动变阻器两端的电压

,,P0.8W…

U,=--=----=4V

心0.2A

根据串联电路的分压原理可知，此时R/两端的电压

U,={7-<7,=6V-4V=2V

由欧姆定律/=§可得

R

<1>

N--row

15.

【详解】在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极，所以螺线管的右侧为N极；根据异名磁极

相互吸引，小磁针的左端为S极，右端为N极；根据右手螺旋定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的右端，则四指

弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极，如图所示:

【详解】火线进开关，再接入灯泡的顶端金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套；三孔插座上孔接地线，左孔接零线,

右孔接火线。如图所示：

光控开关

9220V电源d

17.图1

【详解】由题意可知，当同时满足“天黑和有人路过楼道”两个条件时，两灯一起亮，不能同时满足以上连个条件,

两灯都不亮，说明两开关不能独立工作即为串联，两灯泡均正常发光时为并联，为使两灯泡延长使用寿命可以串联，

据此设计电路图：

声控开关

光控开关光控开关

■O220V电源o■0220V电源a

图1图2

18.切割磁感线导体切割磁感线方向和磁场方向

【详解】由实验①知导线AB在磁场中静止、竖直向上或向下运动，电流表的指针均不发生偏转，说明导线

AB的运动方向与磁感线平行时，导体中不产生感应电流；由实验②③知当导线AB向左或向右运动，或者保持导

线AB不动，让蹄形磁体向左或向右运动，电流表的指针发生偏转，说明导线A8的运动方向与磁感线垂直时，即

闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流。

(2)⑵由题意知当导线AB运动方向改变，或磁场方向改变，电流表指针的偏转方向改变，说明感应电流的方向与导

体切割磁感线方向和磁场方向有关。

19.a保护电路下2.40.2410B

【详解】(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处，即a端。

(2)[3]小亮同学用完好的器材按图甲正确连接好电路，“试触”时，发现电流表的指针偏转很小；移动滑动变阻器

的滑片，发现指针偏转没有变化，产生该现象的原因可能是同时接滑动变阻器下端的两个接线柱，此时滑动变阻器

相当于一个阻值较大的定值电阻。

(3)⑷[5][6]某次实验中电压表和电流表示数如图乙和丙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V,被测电阻两端

的电压为2.4V；电流表选用小量程，分度值为0.02A,电流为0.24A,由欧姆定律可得该电阻的阻值为

10.24A

(4)[7]小亮同学应该继续移动滑片P,进行多次测量，计算电阻的平均值从而减小误差，故A不符合题意，B符

合题意。

故选B。

20.向右移动滑片，观察小灯泡是否发光求电阻平均值一栏多余7.5灯泡电阻随温度的升高而增

大C———R

【详解】(1)[I]闭合开关，发现电流表和电压表均有示数，则电路为通路，发现小灯泡不亮，说明电路中的电流过

小，电路的电阻过大，故接下来他应进行的操作是：向右移动滑片，观察小灯泡是否发光。

(2)[2]由于灯泡的电阻随温度的变化而变化，求平均值没有意义，故表格中的问题是：求电阻平均值一栏多余。

(3)[3]所用小灯泡正常发光时的电压为3V,从图乙可知此时通过灯泡的电流为0.4A,小灯泡正常发光时的电阻

—=£=7.5。

LI0.4A

[4]根据R=宁可知，图中U、/的比值表示灯泡的电阻值，且随着灯泡两端电压的增加，温度升高，亍•的值逐渐变

大，故分析图像可得出结论是：灯泡电阻随温度的升高而增大。

(4)[5]A.在“探究电流跟电阻的关系”时需要采用控制变量法，而“伏安法测量电阻”时不需要利用控制变量法，

故A错误；

B.探究电流跟电阻的关系多次测量是为了发现、总结规律；伏安法测量电阻多次测量是为了取平均值以减小误差，

因此两个实验多次测量的目的完全不同，故B错误；

C.这两个实验的实验电路图都相同，故C正确；

D.“探究电流跟电阻的关系”时，使用滑动变阻器的目的都是为了控制电阻两端电压不变；而在“伏安法测量电阻”

实验时，使用滑动变阻器是为了改变定值电阻两端的电压，故D错误。

故选C。

(5)[6]①只闭合Si，R、几串联，电压表测尺两端的电压，读出电压表示数S，R、R串联，电压表测凡两端的

电压；

②只闭合S2,R、&串联，电压表测电源电压，读出电压表示数S;

由②可知，电源电压为S，根据①只闭合Si，R、七串联，可知此时电路中的电流

/=心4

R

电路中的凡的表达式

21.(1)1.2X107J；(2)6.72xlO5J；(3)5.6%

【详解】解：(1)完全燃烧1kg木材能放出的热量为

Q1kgx1.2x107J/kg=1,2x107J

(2)2kg的水被烧开吸收的热量为

Q<=cwA/=4.2x103J/(kg-℃)x2kgx(|00℃-20℃)=6.72x105J

(3)小晶烧水的效率是

7=4x100%=S72*1。J=5.6%

7

QiA1.2xlOJ

答:⑴完全燃烧1kg木材能放出1.2x放7J的热量;

(2)2kg的水被烧开吸收了6.72x105j热量;

(3)小晶烧水的效率是5.6%。

22.(1)5.04X107J；(2)6xlO7J；(3)84%

【详解】解：(1)水的质量为

m-p^=1.0x103kg/m3x120x10-3m3=120kg

水吸收的热量为

Q昕c/4.2x103J/(kg-℃)x120kgx(120℃-20℃)=5.04x107J

(2)消耗的电能为

37

lV=pz=20xl0Wx50x60s=6xlOJ

(3)效率为

_Q吸_5.04x10,J

=84%

U~~W6X107J

答：(1)水箱中水吸收的热量是5.04xl()7j；

(2)消毒一次，消毒柜消耗的电能是6xl()7j；

(3)该消毒柜的电加热效率是84%。

23.属于变小变大变大300-15V

【详解】(1)[1J由于酒精分子在永不停息地做无规则运动，距离很远就能闻到满身酒气，这属于扩散现象。

(2)[2]由图乙可知，纵轴表示4的电阻，横轴表示酒精气体的浓度，气敏电阻R/的阻值随着酒精气体浓度的增大

而减小。

[3][4]由甲图可知，气敏电阻R/与&串联，电压表测&两端的电压，酒精气体浓度越大，气敏电阻的阻值越小，电

路中的总电阻越小，由/可知，电路中的电流越大，由〃=火,可知电压表的示数增大。

1\

(3)[5]由图乙可知，在不喝酒吹气的情况下，气敏电阻的阻值R/=60C,此时电压表示数Uo=3V,由串联分压可

得，气敏电阻两端电压

q=u-q)=9v-3V=6V

电路中的电流

,u6V

I=—t!"=------=0n.1)A

Ri60Q

由欧姆定律可得，Ro的阻值为

N="=且匕=30。

"I0.1A

[6]因电压表示数随着酒精气体浓度的增大而增大，当喝酒吹气的情况下，电压表示数大于3V,故根据实际情况，

电压表应该选择的量程是0-15Vo

24.热传递大于D1.26X1073.5240

【详解】工作煤质在冷凝器中由气态变为液态，发生了液化放热，放出的热量给水加热，是通过热传递的形式

增加了水的内能。

(2)⑵工作过程中空调热水器通过一种工作媒质经过压缩机(消耗少量电能)将其压缩成高温高压的气体，然后在冷

凝器中重新变成液态，达到给水加热的目，由此可知工作时产生的热量大于它所消耗的电能。

(3)[3]A.工作媒质在冷凝器中由气态变为液态，发生了液化，液化是放热过程，故A错误；

B.根据能效比定义可知，由于水吸收热量不确定，故其能效比没法确定，故B错误；

C.工作物质在冷凝器中重新变成液态，即液化放热，达到给水加热的目的，不是利用电流的热效应工作的，故C

错误；

D.压缩机将工作物质压缩成高温高压的气体，压缩机在工作过程中利用做功方式改变了工作媒质的内能，故D正

确。

故选D。

(4)[4]由表知，A型热水器热水产出率是100L/h,即当进水温度为20℃,出水温度为50℃时，每小时可出热水的体

积是100L。

则水的质量

33_33

,n=pV=1.0xl0kg/mxlOOxlOm=1OOkg

则水吸收的热量为

37

=cm(r-r0)=4.2X1oJ/(kg•℃)X1OOkgx(50℃-20℃)=1.26xl0J

[5]每小时A型热水器消耗电能

W=Pr=lxlO3Wx3600s=3.6xlO6J

热水器的能效比

Q及_1.26x107J_

~W~3.6X106J''

(5)[6]每小时B型热水器消耗电能

=P7=2x10'Wx3600s=7.2xlOftJ

因为B型热水器的能效比为4.2