全国百校联盟2022年物理高一第一学期期末综合测试模拟试题含解析

2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，

有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

1、在2018年11月6日9时开幕的第十二届航展上，中国航天科工集团有限公司正在研发的高速飞行列车首次亮相.其

利用磁悬浮技术及近真空管道线路大幅减小阻力，并具有强大的加速能力及高速巡航能力.未来项目落地时最大运行

速度可达4000km/h.从郑州到北京的路程为693km,只要11.4min就可到达，真是“嗖”的一声，人就到了.根据

以上信息判断，下列说法正确的是()

A.“2018年U月6日9时''和"11.4min”都是时刻

B.从郑州到北京的路程为693km,这个“路程”是个矢量

C.可以求得从郑州到北京的平均速率约为3650km/h

D.若研究飞行列车经过某一路标所用的时间，可将列车看作质点

2、质点由A点出发沿直线AB运动，行程的第一部分是加速度大小为⑶的匀加速运动，接着做加速度大小为内的匀

减速运动，到达B点时恰好速度减为零，若AB间总长度为s,则质点从A到B所用时间t为()

2s(q+4)

a}a2

3、下列物体的运动，不可能的是。

A.物体加速度越来越大，速度越来越小

B.物体速度越来越大，加速度越来越小

C.物体速度方向向东，加速度方向向西

D.物体速度随时间均匀增大，加速度也随时间均匀增大

4、如图所示，轻绳的上端系于天花板上的。点，下端系有一只小球.将小球拉离平衡位置一个角度后无初速释放.当

绳摆到竖直位置时，与钉在。点正下方尸点的钉子相碰.在绳与钉子相碰瞬间前后，以下物理量的大小没有发生变化

的是（

A.小球的线速度大小

B.小球的角速度大小

C.小球的向心加速度大小

D.小球所受拉力的大小

5、下列所描述的运动中，可能的有

A.速度变化很大，加速度很小

B.速度变化方向为正，加速度方向为负

C.速度变化越来越快，加速度越来越小

D.速度越来越大，加速度为零

6、如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率W运行。初速度大小为匕的物块从与传送带等高的光滑水平地面

上的A处滑上传送带。若从小物块滑上传送带开始计时，物块在传送带上运动的图像（以地面为参考系）如图乙

所示。已知岭＞4，贝！I（）

A.t2时刻，小物块离A处的距离达到最大

B.t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大

C.0〜弓时间内，小物块始终受到大小和方向始终不变的摩擦力作用

D.0~4时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用

7、如图所示的装置中不计滑轮所受的摩擦，增加B的重力，A仍然保持静止状态，则正确的是（）

/〃//

A.悬挂滑轮的轴对滑轮的作用力一定增大

B.绳子对A的拉力一定增大

C.地面对A物体摩擦力减小

D.A物体对地面的压力增大

8、滑滑梯是小孩子很喜欢的娱乐活动。如图所示，一个小孩正在滑梯上匀速下滑，则（）

A.小孩所受的重力与小孩所受的弹力大小相等

B.小孩所受的重力与小孩所受的摩擦力大小相等

C.小孩所受的弹力和摩擦力的合力与小孩所受的重力大小相等

D.小孩所受重力和弹力的合力与小孩所受的摩擦力大小相等

9、下列说法中正确的是

A.任何物体都可当作参照系

B.速度越大的物体惯性越大

C.当物体沿直线朝一个方向运动时，位移就是路程

D.如果物体的形状和大小对所研究的问题属于无关或次要因素时，即可把物体看作质点

10、将力F分解为两个不为零的力，下列情况具有唯一解的是（）

A.已知两个力的方向，并且不在同一直线上

B.已知一个分力的大小和另一分力的方向

C.已知两个力的大小

D.已知一个分力的大小和方向

二、实验题

11、（4分）如图所示：

（1）关于图1所示装置以下说法正确的是

A.运用该装置可以完成“探究小车速度随时间变化的规律”实验

B.运用该装置可以完成“探究加速度与力、质量的关系”实验

C.运用该装置可以完成“探究恒力做功与速度变化的关系”实验

D.该装置中的打点计时器需要用学生电源的低压交流档

E.该装置中的木板要尽可能光滑，否则做以上三个实验均需平衡摩擦力

（2）在探究“物体加速度与力、质量的关系”实验时得到如图2所示的一条记录小车运动情况的纸带，图中A、B、

C、D、E为计数点，相邻计数点间的时间间隔T=O.ls,根据纸带的数据可以计算C点的瞬时速度是m/s,小车

运动的加速度的大小是m/s2（计算结果保留3位有效数字）

（ABCDE7

cm\

<-7.00->

74八________a

/Q1CA

<-----------------49.00------------------------>

图2

（3）实验中要使小车的质量_____（填“远大于”或"远小于”）塑料桶和桶中祛码的质量，能认为细线对小车的拉

力等于塑料桶和祛码的重力

（4）改变所挂钩码的数量，多次重复测量.在某次实验中根据测得的多组数据画出如图3的a-F关系图线，图线的

AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是（填选项前字母）

A.小车与轨道之间存在摩擦

B.导轨保持了水平状态

C.所挂钩码的总质量太大

D.所用小车的质量太大

12、（10分）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图所示的实验装置，小车及车中硅码的质量用M表

示，盘及盘中祛码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打出的点计算

MABCDEFG

<,=>3

%[-；2.8Q<-

i7.20—

13.157

mr*—20.75—

；<-------29.90—>

实验装置'---------40.65-------

(1)如图为实验中用打点计时器打出的一条较理想的纸带，纸带上A、B、C、D、E、F、G为七个相邻的计数点,

相邻计数点间的时间间隔是0.1s,距离如图，单位是cm,小车的加速度是m/s2.(结果保留两位小数)

(2)以下措施正确的是()

A.平衡摩擦力时，应将祛码盘用细绳通过定滑轮系在小车上

B.平衡摩擦力时，小车后面的纸带必须连好，因为运动过程中纸带也要受到阻力

C.每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力

D.实验时，先放开小车，后接通电源

(3)当M与m的关系满足时，才可认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中祛码的重力

(4)一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中祛码的质量一定，改变小车及车中祛码的质量，测出相

应的加速度，采用图象法处理数据.为了比较容易检查出加速度a与质量M的关系，应该做a与的图象

(5)甲同学根据测量数据做出的a—F图线如下图，图像不过坐标原点的可能原因是：

oF

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,

答案中必须明确写出数值和单位

13、(9分)航空母舰的舰载机既要在航母上起飞，也要在航母上降落。

(1)某舰载机起飞时，采用弹射装置使飞机获得10m/s的速度后，由机上发动机使飞机获得25m/s2的加速度在航母跑道

上匀加速前进，2s后离舰升空。飞机匀加速滑行的距离是多少？

⑵飞机在航母上降落时，需用阻拦索使飞机迅速停下来，如图。若某次飞机成功钩住阻拦索时的速度沿水平方向，大

小为40m/s。此后经过1.0s停下来，将这段运动视为匀减速直线运动，求此过程中一个6()kg的飞行员受到的合外力大

小？

14、(14分)如图所示，水平传送带以y=2m/s的速度匀速转动，传送带两端的长度L=8m.现在传送带左端A无初

速度竖直释放某一物块，"=2s时物块的速度与传送带的速度相同，试求：(g=l()m/s2)

AB

⑴物块与传送带间的动摩擦因数〃；

⑵物块由传送带左端A运动到右端B的时间〃

(3)若传送带匀速转动的速度可调，则传送带至少以多大速度Vmin运行，物块从A端到8端运动时间才最短？

15、(13分)如图所示，质量为M=2kg足够长的长木板静止在光滑的水平面上，其前端放一质量m=2kg的铁块(可视

为质点)，铁块与长木板上表面间的动摩擦因数〃=0.2,距离木板的前端s=8m处有一竖直挡板，设铁块、长木板与挡

板相碰后均能立即停止运动。现使长木板在水平向右的恒力户作用下由静止开始运动，直至与挡板相碰停止运动。设

最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2。

(1)若尸=6N,求铁块运动的加速度的大小；

(2)若F=12N,求铁块停止运动时的总位移的大小；

(3)为使铁块能运动到挡板处且用时最短，求作用力尸的大小及这个最短时间。

参考答案

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求,

有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

1、C

【解析】A.“2018年11月6日9时”对应时间轴上一个点为时刻，“11.4min”是时刻的间隔为时间，A错误;

B.路程是表示运动轨迹的长度，只有大小，没有方向，是标量，B错误;

C.平均速率等于总路程除以总时间，则有

693

km/h«3650km/h

11.4x—

60

C正确;

D.研究列车经过某一桥梁所需的时间，列车的大小不能忽略，故不能将列车看作质点，D错误。

故选C。

2、B

【解析】物体加速过程最大速度也为减速过程的最大速度，则有：=a2Ct-tt),物体在全程的平均速度为等,

则总位移S=华7,联立可解得：f2s(q+aj,故选项B正确

2、的2

考点：匀变速直线运动规律的综合运用

名师点睛：本题注意平均公式的应用，因加速过程平均速度等于外迫，而减速过程同样也是，故可知全程的平均

2

速度，即表示出总位移；平均速度公式在解题中要注意应用

3、D

【解析】A.当加速度方向与速度方向相反时，可以使加速度越来越大，但速度越来越小，A正确，不符合题意；

B.当加速度方向与速度方向相同时，可以使加速度越来越小，但速度越来越大，B正确，不符合题意；

C,可以使物体速度方向向东，加速度方向向西，这样物体会做减速直线运动，C正确，不符合题意；

D.速度随时间均匀增大，表示物体的加速度不变，D错误，符合题意。

故选D。

4、A

【解析】细线与钉子碰撞的瞬间，小球的线速度大小不变，故A正确.根据片“知，与钉子碰撞后，半径减小，则

角速度增大，故B错误.根据。=上知，半径减小，则向心加速度增大，故C错误.根据牛顿第二定律得，F-mg=ma,

r

加速度变大，拉力增大，故D错误

5、A

【解析】A.速度变化很大，但时间不知道，所以加速度大小也不能确定。可能很小，也可能较大，A正确;

B.加速度变化的方向与速度变化的方向相同，速度变化为正，加速度方向为正，B错误；

C.速度变化越来越快，则速度变化率越来越大，所以加速度越大，故C错误；

D.速度越来越大，说明速度发生变化，由〃=当可知，所以加速度一定不为零，故D错误。

故选A。

6、BC

【解析】A.fi时刻小物块向左运动到速度为零，离A处的距离达到最大，故A错误；

B.打时刻前小物块相对传送带向左运动，之后相对静止，故，2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大，故B

正确；

C.在0~八时间内小物块向左减速受向右摩擦力作用，在有心时间内小物块向右加速运动，受到向右的摩擦力作用，

且摩擦力大小不变，故C正确；

D.由图知，女~“小物块做匀速直线运动，此时受力平衡，小物块不受摩擦力作用，故D错误。故选BC。

7、AB

【解析】绳子对A、B两物体的拉力大小相等，增加B的重力，AB仍静止，绳子的拉力增加，夹角不变，所以悬挂滑

轮的轴对滑轮的作用力一定增大，故AB正确.物体A始终静止，绳子对A的拉力增大，拉力在水平竖直两方向的分

力增加，由共点力的平衡可知，f=Tcos0；N=GA-Tsin0,则地面对A物体的摩擦力增大，地面对物体A的支持力变小,

故CD错误.故选AB

8、CD

【解析】AB.对小孩进行受力分析，可知小孩受到重力，弹力和摩擦力作用，设重力为G,斜面倾角为则弹力

&=Gcos6,滑动擦力及=Gsin6,通过比较说明重力与弹力，重力与摩擦力大小不相等，故AB错误；

CD.小孩匀速下滑，合力为零，受三个力作用，根据平衡关系可知任两个力的合力与第三个力等大反向，因此弹力和

摩擦力的合力与重力大小相等，重力和弹力的合力与摩擦力大小相等，故CD正确。

故选CD.

分卷II

9、AD

【解析】研究物体的运动必须选择参考系，参考系的选择是任意的，但不能选研究对象自身作为参考系；质量是惯性

大小的量度；当质点做单向直线运动时，位移的大小一定等于路程；当物体的大小和形状对所研究的问题没有影响或

影响很小，可忽略不计时，可以把物体看成质点.

【详解】A、研究物体的运动必须选择参考系，参考系的选择是任意的；选项A正确.

B、质量是物体惯性大小的量度，与物体运动速度大小无关；选项B错误.

C、路程是标量，位移是矢量；选项C错误.

D、如果物体的形状和大小对所研究的问题属于无关或次要因素时，即可把物体看作质点；选项D正确.

故选AD.

【点睛】本题考查参考系、质点、惯性、路程与位移等几个基本概念，关键是理清这些概念.

10>AD

【解析】因合力F一定，若已知两个力的方向，并且不在同一直线上，则分解的结果是唯一的，选项A正确；已知一

个分力的大小和另一分力的方向，分解的结果可能有两种，选项B错误；已知两个力的大小，分解的结果可能有两种,

选项C错误；已知一个分力的大小和方向，则另一个分力一定是唯一的，选项D正确；故选AD.

二、实验题

11、①.ABCD②.1.23③.3.50④.远大于⑤.C

【解析】(1)利用图示小车纸带装置可以完成很多实验，在研究匀变速直线运动时不需要平衡摩擦力，在探究“小车的

加速度与质量的关系”和探究“功与速度变化的关系”实验时，需要平衡摩擦力，当小车与车中祛码的总质量远大于

小桶及桶中祛码的总质量时，才可以认为绳对小车的拉力大小约等于小桶及桶中祛码的总重力，电磁打点计时器使用

时低压交流电；

(3)根据牛顿第二定律求出绳子上拉力的表达式，即可明确满足什么条件时细线对小车的拉力等于塑料桶和祛码的重

力；

(4)控制实验所控制的变量，分析图象，根据图象特点得出实验结论；根据实验注意事项分析图象偏离直线的原因.

【详解】(DA、B、C、E、利用图示小车纸带装置可以完成很多实验，在研究匀变速直线运动时不需要平衡摩擦力，

在探究“小车的加速度与质量的关系”和探究“功与速度变化的关系”实验时，需要平衡摩擦力，当小车与车中祛码

的总质量远大于小桶及桶中祛码的总质量时，才可以认为绳对小车的拉力大小约等于小桶及桶中祛码的总重力，故A、

B、C正确，E错误；

D、电磁打点计时器使用时低压交流电，故D正确.

故选ABCD.

(2)根据中间时刻速度等于一段过程中的平均速度可求出某点的瞬时速度得：

_XBD_(31.5-7)x10-2

%-2T-2x0.1m/s=1.23m/s.

根据运动学公式得：△x=d,a==3.50m/s2.

⑶设绳子上拉力为F,对小车根据牛顿第二定律有：尸=/加①

对塑料桶和桶中祛码有：机

由①@解得:尸=萼粤

由此可知当小车的质量远大于塑料桶和桶中硅码的质量时，塑料桶和桶中祛码的重力等于绳子的拉力，

(4)随着力户的增大，即钩码质量的增大，不再满足钩码的质量远小于小车的质量，因此曲线上部出现弯曲现象，故A、

B,D错误，C正确；

故选c.

【点睛】本题实验考查了控制变量法的应用、实验数据处理、实验误差分析，实验误差分析是本题的难点，应知道当

祛码质量远小于小车质量时，可以认为小车受到的拉力等于钩码重力.

12、①.1.59；②.BC；③.m«M；@.—；⑤.木板倾角过大；

M

【解析】(1)根据逐差法可以算出小车的加速度

(2)探究加速度与拉力的关系实验时，要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需

要挂任何东西.小车的加速度应根据打点计时器打出的纸带求出；平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦

力,即：mgsinO=|imgcos0,可以约掉m,只需要平衡一次摩擦力.操作过程是先接通打点计时器的电源，再放开小

车；

(3)要求在什么情况下才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中祛码的重力，需求出绳子的拉力，而要求绳子的

拉力，应先以整体为研究对象求出整体的加速度，再以M为研究对象求出绳子的拉力，通过比较绳对小车的拉力大小

和盘和盘中硅码的重力的大小关系得出只有m«M时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中祛码的重力

(4)反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系；正比例函数图象是过坐标原点的一

条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系

(5)图中没有拉力时就产生了加速度，说明平衡摩擦力时木板倾角过大

详解】(1)根据Ax=aT2,运用逐差法得，a=以=(40.65-13.15-13.15)x10'=1sl

9T29x0.01

(2)平衡摩擦力时，不将硅码盘用细绳通过定滑轮系在小车上，让小车后面的纸带必须连好，因为运动过程中纸带也

要受到阻力，选项A错误，B正确；每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，选项C正确；实验时，先接通

电源，后放开小车，选项D错误；故选BC.

(3)以整体为研究对象有：mg=(m+M)a；解得：a=一"一：以M为研究对象有绳子的拉力为：

m+M

M

F=Ma=----------mgi显然要有F=mg必有m+M=M,故有M>>m,即只有M>>m时才可以认为绳对小车的拉力

m+M

大小等于盘和盘中硅码的重力

(4)根据牛顿第二定律F二Ma,a与M成反比，而反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之

间的关系，故不能作a-M图象；但。=£,故a与」-成正比，而正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较

MM

容易判定自变量和因变量之间的关系，故应作a-'图象；

M

(5)图中没有拉力时就产生了加速度，说明平衡摩擦力时木板倾角过大

【点睛】只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,

答案中必须明确写出数值和单位

13、(l)70m(2)2400N

【解析】(1)飞机起飞前做匀加速直线运动，由位移公式得：

11

x=卬+/。广9=10x2+ax25x29“m=70m

(2)由题意可知，飞机以及飞行员加速度的大小

a'=-=—m/s2=40m/s2

t'1

飞行员受到的合外力

F==60x40N=24(X)N

14、(1)A=0.1(2)5s(3)4m/s

【解析】(1)物块在传送带上先做初速度为零的匀加速运动，根据速度时间公式求出加速度的大小，根据牛顿第二定

律即可求出动摩擦因数；(2)先分析当物块加速的位移与传送带的长度关系，从而得出传送带的运动情况，再根据运

动规律求出时间；(3)当物块一直加速时，时间最短，根据速度位移公式求出最小速度

V277

【详解】(1)依题意知：物块运动的加速度大小为：。=1=5械一=1〃〃「

物块被放在传送带上时初速度为零，相对于传送带向左运动，受滑动摩擦力向右，大小为：