2023年广东省茂名市信宜市中考数学一模试卷(含解析)_第1页
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文档简介

2023学年第二学期九年级调研测试数学(问卷)一、选择题(本大题共10小题,每小题3分,满分30分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)1.下列四个数中,属于无理数的是()A.0 B. C.π D.(﹣2)﹣12.2023年全国一半公共预算教育支出安排超4.2万亿元.政府工作报告中提到,5年来,财政性教育经费占国内生产总值比例每年都保持在4%以上,学生人均经费投入大幅增加,其中4.2万亿用科学记数法表示是()A.4.2×1013 B.4.2×1012 C.4.2×1011 D.4.2×1033.下列食品标识中,不是轴对称图形的是()A. B. C. D.4.下列计算正确的是()A.a+a2=a3 B.(a3)2=a6 C.a3•a2=a6 D.a8+a2=a45.某语文教师调查了本班10名学生平均每天的课外阅读时间,统计结果如表所示:课外阅读时间(小时)0.511.52人数2341那么这10名学生平均每天的课外阅读时间的平均数和众数分别是()A.1.2和4 B.1.2和1.5 C.1.25和1.5 D.1.25和46.已知△ABC中∠C=90°,c为斜边,a、b为直角边,若a+b=17cm,c=13cm,则△ABC的面积为()A.15cm2 B.30cm2 C.45cm2 D.60cm27.下列命题中是真命题的是()A.相等的角是对顶角 B.数轴上的点与实数一一对应 C.同旁内角互补 D.无理数就是开方开不尽的数8.如图,某校数学兴趣小组利用标杆BE测量建筑物的高度,已知标杆BE高1.5m,测得AB=1.2m,BC=12.8m,则建筑物CD的高是()A.17.5m B.17m C.16.5m D.18m9.如图,正方形的四个顶点在半径为2的大圆圆周上,四条边都与小圆都相切,AB,CD过圆心O,且AB⊥CD,则图中阴影部分的面积是()A.4π B.2π C.π D.10.如图,E是边长为1的正方形ABCD的对角线BD上一点,且BE=BC,P为CE上任一点,PQ⊥BC于点Q,PR⊥BE于点R,则PQ+PR的值是()A. B. C. D.二.填空题(共5小题,满分15分,每小题3分)11.把a3﹣4ab2分解因式,结果为.12.学校文学社举办“谁是校园最可爱的人”征文比赛,设立一等奖5名,三等奖20名,三等奖50名,据统计共收到文字作品2000份,周同学也上交了一份作文,则她获得奖励的概率为.13.如图,△ABC与△A1B1C1位似,点O为位似中心,已知OA:AA1=1:2,则△ABC与△A1B1C1的面积比为.14.小明想测量一棵树的高度,他发现树影子恰好落在地面和一斜坡上,如图,此时测得地面上的影长为8米,坡面上的影长为4米.已知斜坡的坡角为30°,同一时刻,一根长为1米、垂直于地面放置的标杆在地面上的影长为2米,则树的高度为米.15.如图,在△ABC和△ADE中,AB=AC,AD=AE,∠BAC=∠DAE=90°,连接BD,CE,延长CE交AB于F.交BD于点G,且CG垂直BD,将△ADE绕点A旋转至AE∥BD时,若CE=5,EF=1,则BG的值是.三.解答题(共8小题,满分75分)16.(8分)先化简,再求值,其中a=|2﹣2|﹣.17.(8分)如图,已知▱ABCD.(1)作图:延长BC,并在BC的延长线上截取线段CE,使得CE=BC,连接AE,交CD于点F;(用尺规作图法,保留作图痕迹,不要求写作法);(2)在(1)的条件下,求证:△AFD≌△EFC.18.(8分)在某次数学测验中,一道题满分3分,老师评分只给整数,即得分只能为0分,1分,2分,3分,王老师为了了解学生得分情况和试题的难易情况,对初三(1)班所有学生的试题进行了分析整理,并绘制了两幅尚不完整的统计图,如图所示.解答下列问题:(1)m=,n=,并补全条形统计图;(2)如果A、B、C、D四位同学得分恰好为0分,1分,2分,3分,王老师随机叫两位同学进行学法指导,求抽中的两位同学得分之和为3分的概率.19.一艘渔船从位于A海岛北偏东60°方向,距A海岛60海里的B处出发,以每小时30海里的速度沿正南方向航行.已知在A海岛周围50海里水域内有暗礁.(参考数据:≈1.73,≈2.24,≈2.65)(1)这艘渔船在航行过程中是否有触礁的危险?请说明理由.(2)渔船航行3小时后到达C处,求A,C之间的距离.20.已知一次函数y=kx+b与反比例函数y=(mk≠0)的图象相交于点A(1,6)和点B(n,﹣2).(1)试确定一次函数与反比例函数的表达式;(2)若点P在x轴上,且△PAB的面积为12,求点P的坐标;(3)结合图象直接写出不等式kx+b>的解集.21.某中学开学初在商场购进A、B两种品牌的足球,购买A品牌足球花费了2500元,购买B品牌足球花费了2000元,且购买A品牌足球数量是购买B品牌足球数量的2倍,已知购买一个B品牌足球比购买一个A品牌足球多花30元.(1)求购买一个A品牌、一个B品牌的足球各需多少元;(2)该中学决定再次购进A、B两种品牌足球共50个,恰逢商场对两种品牌足球的售价进行调整,A品牌足球售价比第一次购买时提高了8%,B品牌足球按第一次购买时售价的9折出售,如果这所中学此次购买A、B两种品牌足球的总费用不超过3060元,那么该中学此次最多可购买多少个B品牌足球?22.(12分)如图,A,B,C是⊙O上的三点,且AB=AC,BC=8,点D为优弧BDC上的动点,且cos∠ABC=.(1)如图1,若∠BCD=∠ACB,延长DC到F,使得CF=CA,连接AF,求证:AF是⊙O的切线;(2)如图2,若∠BCD的角平分线与AD相交于E,求⊙O的半径与AE的长;(3)如图3,将△ABC的BC边所在的直线l1绕点A旋转得到l2,直线l2与⊙O相交于M,N,连接AM,AN.l2在运动的过程中,AM•AN的值是否发生变化?若不变,求出其值;若变化,说明变化规律.23.(12分)如图1,已知二次函数y=ax2+bx+c的顶点坐标为(1,),其图象与x轴交于A、B两点,其中点B(4,0),与y轴交于点C.(1)求二次函数的解析式;(2)若点P为线段BC上方抛物线上的一点,当点P到线段BC的距离最大时,求点P的坐标;(3)如图2,已知点M为对称轴上一点,点N为抛物线上一点,若以点B、C、M、N为顶点的四边形为平行四边形,求点N的坐标.

参考答案与试题解析一.选择题(共10小题,满分30分,每小题3分)1.解:A.0是整数,属于有理数,故本选项不合题意;B.是分数,属于有理数,故本选项不合题意;C.π无理数,故本选项符合题意;D.,是分数,属于有理数,故本选项不合题意.故选:C.2.解:4.2万亿=4200000000000=4.2×1012.故选:B.3.解:A.是轴对称图形,不合题意;B.是轴对称图形,不合题意;C.不是轴对称图形,符合题意;D.是轴对称图形,不合题意;故选:C.4.解:A、a与a2不能合并;B、(a3)2=a6;C、a3•a2=a5;D、a8与a2不能合并;故选:B.5.解:10名学生的每天阅读时间的平均数为=1.2;学生平均每天阅读时间出现次数最多的是1.5小时,共出现4次,因此众数是1.5;故选:B.6.解:∵a+b=17,∴(a+b)2=289,∴2ab=289﹣(a2+b2)=289﹣c2=289﹣169=120∴ab=30.答:Rt△ABC的面积是30cm2.故选:B.7.解:A、相等的角不一定是对顶角,故此命题是假命题;B、数轴上的点与实数一一对应,故此命题是真命题;C、两直线平行,同旁内角互补,故此命题是假命题;D、无理数有三个来源:(1)开方开不尽的数;(2)与π有关的一些运算;(3)有规律的无限不循环小数,故此命题是假命题;故选:B.8.解:∵EB⊥AC,DC⊥AC,∴EB∥DC,∴△ABE∽△ACD,∴,∵BE=1.5m,AB=1.2m,BC=12.8m,∴AC=AB+BC=14m,∴,解得,DC=17.5,即建筑物CD的高是17.5m,故选:A.9.解:∵正方形的四条边都与小圆都相切,∴EF⊥CD,CD⊥MN,∵AB⊥CD,∴阴影部分的面积恰好为正方形MNEF外接圆面积的,∵正方形MNEF的四个顶点在半径为2的大圆上,∴S阴影=π×22=π,故选:C.10.解:如图,连接AC,PB,AC交BD于O,∵四边形ABCD是正方形,∴AC⊥BD,AC=BC=,∴OC=AC=,∵S△BCE=S△BPC+S△BPE,∴BE•OC=BE•PR+,∵BC=BE,∴BE•OC=BE•PR+BE•PQ,∴PR+PQ=OC=,故选:A.二.填空题(共5小题,满分15分,每小题3分)11.解:原式=a(a2﹣4b2)=a(a+2b)(a﹣2b),故答案为:a(a+2b)(a﹣2b)12.解:设立一等奖5名,三等奖20名,三等奖50名,据统计共收到文字作品2000份,所以她获得奖励的概率为=.故答案为:.13.解:∵△ABC与△A1B1C1位似,OA:AA1=1:2,∴△ABC与△A1B1C1的位似比是1:3,∴△ABC与△A1B1C1的相似比为1:3,∴△ABC与△A1B1C1的面积比为1:9.故答案为:1:9.14.解:延长AC交BF延长线于D点,则∠CFE=30°,作CE⊥BD于E,在Rt△CFE中,∠CFE=30°,CF=4m,∴CE=2(米),EF=4cos30°=2(米),在Rt△CED中,∵同一时刻,一根长为1米、垂直于地面放置的标杆在地面上的影长为2米,CE=2(米),CE:DE=1:2,∴DE=4(米),∴BD=BF+EF+ED=12+2(米)在Rt△ABD中,AB=BD=(12+2)=(+6)(米).故答案为:(+6).15.解:∵∠BAC=∠DAE=90°,∴∠CAE=∠BAD,在△AEC和△ADB中,,∴△AEC≌△ADB(SAS),∴CE=BD=5,∵AE∥BD,CG⊥BD,∠DAE=90°,∴∠ADG=∠AEG=90°,∴四边形AEGD是正方形,∴AE=AD=DG=GE,设AE=AD=DG=GE=x,∵AE∥BD,∴△AEF∽△BGF,∴,∴,解得:x=(负值舍去),∴BG=5﹣,故答案为:5﹣.三.解答题(共8小题,满分75分)16.解:原式=•=•=,当a=|2﹣2|﹣=2﹣2﹣2=﹣2时,原式==.17.(1)解:如图,AE为所作;(2)证明:∵四边形ABCD为平行四边形,∴AD=BC,AD∥BC,而CE=BC,∴AD=EC,∵AD∥CE,∴∠D=∠ECF,∠DAF=∠CEF,在△AFD和△EFC中∴△AFD≌△EFC(ASA).18.解:(1)根据题意得:6÷10%=60(位),60﹣(6+27+12)=15(位),12÷60×100%=20%,则m=25,n=20,补全条形统计图,如图所示:故答案为:25,20;(2)列表得:01230﹣﹣﹣(0,1)(0,2)(0,3)1(1,0)﹣﹣﹣(1,2)(1,3)2(2,0)(2,1)﹣﹣﹣(2,3)3(3,0)(3,1)(3,2)﹣﹣﹣所有等可能的情况数为12种,其中得分之和为3分的情况有4中,分别为(0,3),(1,2),(2,1),(3,0),则P(得分之和为3分)==.19.解:(1)这艘渔船在航行过程中没有触礁的危险,理由如下:过A作AD⊥BC于D,如图:则∠ADB=∠ADC=90°,由题意得:AB=60(海里),∠BAD=90°﹣60°=30°,∴BD=AB=30(海里),AD=BD=30≈51.9(海里)>50(海里),∴这艘渔船在航行过程中没有触礁的危险;(2)由(1)得:BD=30(海里),AD=30(海里),∵BC=3×30=90(海里),∴DC=BC﹣BD=90﹣30=60(海里),在Rt△ADC中,AC===30≈79.50(海里);答:A,C之间的距离约为79.50海里.20.解:(1)把A(1,6)代入y=得m=1×6=6;∴反比例函数解析式为y=,把B(n,﹣2)代入y=得﹣2=,解得n=﹣3,∴B(﹣3,﹣2),把A(1,6),B(﹣3,﹣2)分别代入y=kx+b得,解得,∴一次函数解析式为y=2x+4;(2)y=2x+4中,令y=0,则2x+4=0,解得x=﹣2,∴一次函数y=2x+4的图象与x轴的交点C的坐标为(﹣2,0).∵S△PAB=12,∴PC×6+PC×2=12.∴PC=3,∴点P的坐标为(﹣5,0)、(1,0).(3)由图象可知不等式kx+b>的解集为:﹣3<x<0或x>1.21.解:(1)设购买一个A品牌的足球需要x元,则购买一个B品牌的足球需要(x+30)元,依题意得:=2×,解得:x=50,经检验,x=50是原方程的解,且符合题意,∴x+30=80.答:购买一个A品牌的足球需要50元,购买一个B品牌的足球需要80元.(2)设该中学此次可以购买m个B品牌足球,则可以购买(50﹣m)个A品牌足球,依题意得:50×(1+8%)(50﹣m)+80×0.9m≤3060,解得:m≤20.答:该中学此次最多可购买20个B品牌足球.22.(1)证明:连接AO,如图1所示:∵AB=AC,∴∠ABC=∠ACB,∵∠BCD=∠ACB,∴∠BCD=∠ABC,∴AB∥DF,∵CF=CA,∴CF=AB,∴四边形ABCF是平行四边形,∴AF∥BC,∵AB=AC,∴=,∴OA⊥BC,∴OA⊥AF,∵OA是⊙O的半径,∴AF是⊙O的切线;(2)解:连接AO交BC于H,连接OB,如图2所示:∵OA⊥BC,∴BH=CH=BC=4,∵cos∠ABC==,∴AB=BH=×4=5,在Rt△AHB中,由勾股定理得:AH===3,设⊙O的半径为x,则OA=OB=x,OH=x﹣3,在Rt△BOH中,由勾股定理得:x2=(x﹣3)2+42,解得:x=,∴⊙O的半径为,∵CE平分∠BCD,∴∠BCE=∠DCE,∵∠ABC=∠ADC,∴∠AEC=∠ADC+∠DCE=∠ABC+∠DCE=∠ACB+∠BCE=∠ACE,∴AE=AC=AB=5;(3)解:连接AO,并延长AO交⊙O于Q,连接NQ,过点A作AP⊥l2于P,如图3所示:则AQ是⊙O的直径,∴∠AMQ=90°,∵AP⊥l2,∴∠APN=90°,∴∠AMQ=∠APN,∵∠AQM=∠ANP,∴△AQM∽△ANP,∴=,∴AM•AN=AP•AQ,由(2)可知,点A到直线l1的距离为3,直线l1绕点A旋转得到l2,∴点A到直线l2的距离始终等于3,不会发生改变,∴AP=3,∵AQ=2OA=2×=,∴AM•AN=AP•AQ=3×=25,∴l2在运动的过程中,AM•A

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