课时跟踪检测（三十七） 烃的含氧衍生物

PAGE第11页共11页课时跟踪检测（三十七）烃的含氧衍生物1．水杨酸、冬青油、阿司匹林都是常用西药，它们的结构简式如下表：以下说法不正确的是()A．可以用FeCl3溶液鉴别冬青油和阿司匹林B．由水杨酸制冬青油的反应是取代反应C．1mol阿司匹林最多能与3molNaOH反应D．可以用碳酸钠溶液除去冬青油中少量的水杨酸解析：选D冬青油中有酚羟基而阿司匹林中没有，可以用FeCl3溶液来鉴别，A正确；由水杨酸制冬青油的反应是水杨酸中羧基发生酯化反应，也是取代反应，B正确；阿司匹林含有一个酯基和一个羧基，羧基中和消耗1分子NaOH，酯基水解消耗1分子NaOH，生成的酚羟基消耗1分子NaOH，则1mol阿司匹林消耗3molNaOH，C正确；Na2CO3溶液与冬青油中酚羟基反应，不能用来除杂，故D错误。2．(2021·衡阳第八中学月考)借助下表提供的信息，实验室制备乙酸丁酯所采取的措施不正确的是()物质乙酸1­丁醇乙酸丁酯沸点/℃117.9117.2126.3A．用饱和Na2CO3溶液洗涤产物后分液B．使用浓硫酸作催化剂C．采用水浴加热D．可使用冷凝回流加分水器的方式提高产率解析：选C乙酸丁酯中混有乙酸和1­丁醇，用饱和碳酸钠溶液进行洗涤，不仅中和了乙酸，而且溶解1­丁醇，降低乙酸丁酯在水中的溶解度，有利于乙酸丁酯的分层，A正确；浓硫酸在该反应中作催化剂，加快反应的速率，B正确；实验室制备乙酸丁酯的反应温度需略高于126.3℃，而水浴的最高温度为1003．(2021·浙江选考)有关的说法不正确的是()A．分子中至少有12个原子共平面B．完全水解后所得有机物分子中手性碳原子数目为1个C．与FeCl3溶液作用显紫色D．与足量NaOH溶液完全反应后生成的钠盐只有1种解析：选C该有机物中不含酚羟基，不能与FeCl3溶液作用显紫色。4．某酯A的分子式为C6H12O2，已知又知B、C、D、E均为有机物，D不与Na2CO3溶液反应，E不能发生银镜反应，则A的结构可能有()A．5种 B．4种C．3种 D．2种解析：选AD不与Na2CO3溶液反应，能发生催化氧化，则D为醇，E为醇D氧化后的产物，不能发生银镜反应，则E只能为酮，所以D中一定含有结构，故醇D5．[双选](2019·江苏高考)化合物Y具有抗菌、消炎作用，可由X制得。下列有关化合物X、Y的说法正确的是()A．1molX最多能与2molNaOH反应B．Y与乙醇发生酯化反应可得到XC．X、Y均能与酸性KMnO4溶液反应D．室温下X、Y分别与足量Br2加成的产物分子中手性碳原子数目相等解析：选CDA错：由结构简式可知，X中能与NaOH反应的官能团有酚酯基和羧基，1mol—COOH消耗1molNaOH,1mol—COO—(酚酯基)消耗2molNaOH，故1molX最多能与3molNaOH反应。B错：Y与乙酸发生酯化反应可得到X。C对：X、Y中均有碳碳双键，能与酸性KMnO4溶液反应。D对：X、Y分别与足量Br2加成后的产物分子中，手性碳原子用*标出，如图所示，两者均含3个手性碳原子。6．某学习小组根据高中知识设计如下测定室内甲醛含量的装置(夹持及尾气处理等装置已略)。Ⅰ.配制银氨溶液(1)关闭K2和K3，打开K1和分液漏斗活塞，将饱和食盐水滴入圆底烧瓶中，当观察到三颈烧瓶中最初生成的白色沉淀恰好完全溶解时，关闭K1和分液漏斗活塞。请写出三颈烧瓶中生成银氨溶液的化学方程式：______________________________________________。Ⅱ.测定室内空气中甲醛含量(2)装置中毛细管的作用是_________________________________________________。(3)用热水浴加热三颈烧瓶，打开K3，将滑动隔板由最左端拉到最右端，吸入1L室内空气，关闭K3，后续操作是_______________________________________________________________________________________________________________________。共计进行上述操作10次。(4)待甲醛充分被银氨溶液氧化为碳酸盐后，测得三颈烧瓶中共生成Ag2.16mg。则空气中甲醛的含量为________mg·L－1。(空气中其他物质不与银氨溶液反应)解析：(1)A中饱和食盐水和氮化镁反应制取氨气，氨气通入硝酸银溶液中制备银氨溶液，三颈烧瓶中生成银氨溶液的化学方程式为AgNO3＋3NH3·H2O=Ag(NH3)2OH＋NH4NO3＋2H2O。(2)装置中毛细管的作用是减小气体通入速率，使空气中甲醛气体被完全吸收。(3)用热水浴加热三颈烧瓶，打开K3，将滑动隔板由最左端拉到最右端，吸入1L室内空气，关闭K3，后续操作是打开K2，缓慢推动滑动隔板，将气体全部推出，再关闭K2。(4)甲醛和银氨溶液反应生成银和碳酸盐，根据甲醛与银氨溶液反应的数量关系：HCHO～4Ag，设消耗甲醛的物质的量为xmol，则4xmol＝eq\f(2.16×10－3g,108g·mol－1)＝2×10－5mol，解得x＝5×10－6，因为实验进行了10次该操作，所以测得1L空气中甲醛的物质的量为5×10－7mol，即空气中甲醛的含量为5×10－7×30×103mg·L－1＝0.015mg·L－1。答案：(1)AgNO3＋3NH3·H2O=Ag(NH3)2OH＋NH4NO3＋2H2O[或AgNO3＋NH3·H2O=AgOH↓＋NH4NO3、AgOH＋2NH3·H2O=Ag(NH3)2OH＋2H2O](2)减小气体通入速率，使空气中甲醛气体被完全吸收(合理答案均可)(3)打开K2，缓慢推动滑动隔板，将气体全部推出，再关闭K2(合理答案均可)(4)0.015(或1.5×10－2)7．(2021·衡水模拟)聚合物G的合成路线如下：已知：C为烃。(1)A中含氧官能团名称为________。(2)E的化学名称为________。(3)F→G的反应类型为________________。(4)F的结构简式为________________。(5)写出反应①的化学方程式：___________________________________________________________________________________________________________________。(6)写出D生成E的化学方程式：_______________________________________________________________________________________________________________。(7)满足下列条件的B的同分异构体有________种，其中核磁共振氢谱图中峰面积之比为1∶2∶2∶3的结构为_______________________________________(任意写一种)①含苯环结构，且分子中不含其他环状结构；②只有一种官能团。解析：根据流程可知，F在催化剂作用下发生加聚反应生成聚合物G，结合G的结构简式可知单体F的结构简式为；根据F的结构以及B和E的反应条件可知，F由B和E在浓硫酸催化下发生酯化反应得到，结合已知C为烃，烃与溴加成后生成二溴代烃，二溴代烃在氢氧化钠水溶液中加热水解得到醇，故E为醇，B为羧酸，则B为，则C为丙烯，丙烯与溴发生加成反应生成D，D为1,2­二溴丙烷，1,2­二溴丙烷在氢氧化钠水溶液中加热，发生水解反应，也属于取代反应，生成E，A在新制氢氧化铜悬浊液中加热，发生氧化反应，后酸化得到B，则A为(7)满足条件的B的同分异构体分子中除苯环外，还有2个不饱和度，因为不含其他环状结构，且分子中只有一种官能团，则应该为醛基(除苯环外只有3个C原子，不可能为酮羰基，并且还含有2个O原子，所以也不能为碳碳双键)，且为2个醛基。若苯环上只有一个取代基，则为—CH(CHO)2，只有1种结构；若苯环上有两个取代基，则取代基为—CH2CHO和—CHO，位置有邻、间、对位3种结构；若苯环上有三个取代基，则以两个醛基为邻、间、对位再定甲基的位置分别有2种、3种和1种，共6种结构，故符合条件的同分异构体总共有10种。其中核磁共振氢谱图中峰面积之比为1∶2∶2∶3的结构为或答案：(1)醛基(2)1,2­丙二醇(3)加聚反应8．(2021年1月新高考8省联考·湖北卷)熟地吡喃酮是从中药熟地中提取的有效成分，化合物F是合成熟地吡喃酮的一种中间体，合成路线如下图所示。已知：回答下列问题：(1)F中含氧官能团的名称是__________。(2)A→B的反应类型为___________。(3)C的核磁共振氢谱有___________组吸收峰。(4)D的结构简式是_______________________________________________________。(5)E和F________同分异构体。(填“是”或“不是”)(6)化合物是合成抗菌药磺胺甲唑的一种中间体，写出以乙二酸和丙酮()为原料合成该化合物的反应方程式(其他无机及有机试剂任选)。解析：(1)根据F的结构简式，含氧官能团的名称是醚键、羟基；(2)A→B为A与甲醇在浓硫酸加热的条件下发生酯化反应，反应类型为酯化(取代)反应；(3)C为对称结构，其中C2H5—有2组氢原子，—OCH3有1组氢原子，苯环上有1组氢原子，—CH2COOCH3有2组氢原子，则核磁共振氢谱共有6组吸收峰；(4)D的结构简式为；(5)E和F的分子式均为C14H16O4，其结构不同，互为同分异构体；(6)生成化合物与乙二酸二乙酯反应制取，乙二酸二乙酯则需要乙二酸与足量的乙醇反应制取。答案：(1)醚键、羟基(2)酯化(取代)反应(3)6(4)(5)是(6)2CH3CH2OH＋HOOCCOOHeq\o(→,\s\up7(浓硫酸),\s\do5(△))CH3CH2OOCCOOCH2CH3＋2H2O、CH3CH2OOCCOOCH2CH3＋9．(2021·莆田二十四中调研)白花丹酸具有镇咳祛痰的作用，其合成路线流程图如图：(1)写出B中含氧官能团的名称：__________________________________________。(2)写出A→B的化学方程式：_____________________________________________。(3)C的分子式为________。C→D、E→F的反应类型分别为________和________。(4)白花丹酸分子中混有，写出同时满足下列条件的该有机物的一种同分异构体的结构简式：________________________。①分子中有四种不同化学环境的氢原子；②与FeCl3溶液能发生显色反应，且1mol该物质最多能与3molNaOH反应。(5)某物质G是A的同分异构体，满足下列条件的G的同分异构体有________种。①与FeCl3溶液发生显色反应；②苯环上有两个取代基。(6)已知：R—Breq\o(→,\s\up7(Mg),\s\do5(无水乙醚))RMgBr，根据已有知识并结合相关信息写出以和CH3CH2OH为原料制备的合成路线流程图(合成路线流程图示例参考本题题干)。解析：(3)由C的结构简式知C的分子式为C15H20O3。对比C和D的结构简式可知，C→D为醇的催化氧化，故C→D的反应类型为氧化反应；根据D→E→F的反应条件及D、F的结构简式知E→F为酯的水解反应，也属于取代反应。(4)的分子式为C9H10O3，根据题中条件：分子中有四种不同化学环境的氢原子，与FeCl3溶液能发生显色反应，说明含酚羟基，且1mol该物质最多能与3molNaOH反应，满足条件的同分异构体的结构简式为(5)A的分子式为C7H6O，A的同分异构体G苯环上有两个取代基，其中一个取代基为酚羟基，另一个取代基为—COOH或—OOCH，两个取代基有邻、间、对三种位置关系，所以符合条件的同分异构体有2×3＝6种。答案：(1)醚键和醛基(2)(3)C15H20O3氧化反应取代反应(或水解反应)(6)10．(2021年1月新高考8省联考·江苏卷)化合物F是一种天然产物合成中的重要中间体，其合成路线如下：(1)A→B的反应类型为___________。(2)C的一种同分异构体同时满足下列条件，写出该同分异构体的结构简式：___________。①分子中含有苯环，碱性条件下能与新制Cu(OH)2悬浊液反应，生成砖红色沉淀；②分子中不同化学环境的氢原子数目比为2∶2∶1。(3)C→D反应的条件X是____________。(4)F含有手性碳原子的数目为__________。(5)设计以为原料制备的合成路线(无机试剂和有机溶剂任用，合成路线示例见本题题干)。(2)C的一种同分异