2023年高考物理模拟卷（江苏专用）（解析版）

【赢在高考・黄金8卷】备战2023年高考物理模拟卷（江苏专用）

黄金卷04

一、单项选题：共10小题，每小题4分，共40分。每小题只有一个选项最符合

题意。

1.在图甲、乙、丙三种固体薄片上涂蜡，由烧热的针接触其上一点，蜡熔化的范围如图甲、

乙、丙所示，而甲、乙、丙三种固体在熔化过程中温度随加热时间变化的关系如图丁所示,

以下说法正确的是（）

A.甲、乙为非晶体，丙是晶体

B.甲、乙为晶体，丙是非晶体

C.甲、丙为非晶体，乙是晶体

D.甲为多晶体，乙为非晶体，丙为单晶体

【答案】D

【详解】由图甲、乙、丙可知，甲、乙各向同性，丙各向异性；由图丁可知，甲、丙有固定

熔点，乙无固定熔点，所以甲、丙为晶体，乙为非晶体，其中甲为多晶体，丙为单晶体，D

正确。

故选D。

2.我国海关曾在进口物品中发现超标的放射性元素杜费Th。记如会发生。衰变，其半衰

期为140.5亿年。蕾Th吸收慢中子并经过2次p衰变，会产生丁U。下列说法正确的是（）

A.为防止放射线泄漏，可将针需Th低压冰冻处理

B.萧Th发生a衰变的方程是数ThTHe+算Ra

C.281亿年后，记Th将全部衰变

D.$Th比音U少1个中子，少2个质子

【答案】B

【详解】A.为了防止放射线的泄漏，可将放射性元素密封于铅盒中以避免射线对人体的伤

害和放射性物质对环境造成放射性污染，A错误；

B.：：2Th发生a衰变的方程是

-ThTHe+非Ra

B正确;

C.根据衰变的特点可知，经过2个半衰期，有!的质量没有衰变，C错误；

4

D.$Th与丁U质子数分别是90和92,中子数分别是142和141,则质子数少2,中子数

多1,D错误。

故选Bo

3.如图，一绝热容器被隔板K隔开成心匕两部分。已知。内有一定量的稀薄气体，匕内为

真空。抽开隔板KB,。内气体进入4最终达到平衡状态。在此过程中（）

K

A.气体对外界做功，内能减少

B.气体不做功，内能不变

C.气体压强变小，温度降低

D.外界对气体做功，内能增加

【答案】B

【详解】ABD.因方内为真空，抽开隔板KB,。内气体对外界不做功，由于容器绝热,

则内能不变，故AD错误，B正确；

C.稀薄气体可看作理想气体，其内能只与温度有关，气体的内能不变，温度也不变，由

PlV]=p2V2

V/<V2

知

PI>P2

即气体压强变小，故C错误。

故选Bo

4.随着“嫦娥奔月”梦想的实现，我国不断刷新深空探测的“中国高度”。嫦娥卫星整个飞行

过程可分为三个轨道段:绕地飞行调相轨道段、地月转移轨道段、绕月飞行轨道段。可用如

图所示的模型来简化描绘嫦娥卫星飞行过程，假设调相轨道和绕月轨道的半长轴分别为〃、

"公转周期分别为刀、乃。关于嫦娥卫星飞行过程，下列说法正确的是（）

3

A.嫦娥卫星绕行时满足,/=下b

B.嫦娥卫星在地月转移轨道上运行的速度可能大于11.2km/s

C.从调相轨道切入到地月转移轨道时，卫星在P点必须减速

D.从地月转移轨道切入到绕月轨道时，卫星在。点必须减速

【答案】D

【详解】A.根据开普勒第三定律可知，轨道半径三次方与周期平方的比值决定于中心天体

的质量，由于二者环绕的中心天体不同，故它们轨道半长轴的三次方与周期的二次方比值不

相等，故A错误；

B.11.2km/s是地球的第二宇宙速度，是地球上发射脱离地球束缚的卫星的最小发射速度,

嫦娥卫星没有脱离地球束缚，故其速度不大于11.2km/s,故B错误；

C.从调相轨道切入到地月转移轨道时，卫星的轨道将持续增大，故卫星需要在P点做离心

运动，要使卫星需要的向心力大于万有引力，故在尸点需要加速，故c错误；

D.从地月转移轨道切入到绕月轨道时，卫星相对月球而言，轨道半径减小，需要在。点开

始做近心运动，要使卫星所需要的向心力小于万有引力，故卫星需在。点减速，故D正确。

故选D。

5.如图所示，在垂直纸面向里、范围足够大的匀强磁场中，放置一个金属圆环，圆环平面

与磁场方向垂直，若要使圆环中产生如图中箭头所示方向的瞬时感应电流，下列方法可行的

是

A.使匀强磁场均匀增强

B.使匀强磁场均匀减弱

C.使圆环向左或向右平动

D.使圆环向上或向下平动

【答案】A

【分析】穿过线圈的磁通量变化则会产生感应电流，且感应电流的方向可以根据楞次定律来

判断.

【详解】AB、根据题目要是线圈中产生逆时针的电流根据楞次定律可知应该使原磁场增大，

故A对；B错：

CD、圆环向左或向右平动以及向上或向下平动时，穿过线圈中的磁通量没有发生变化，故

不会产生感应电流，故CD错误；

故选A

6.下列说法中错误的是（）

A.卢瑟福通过实验发现质子的核反应方程为：He+；H

B.铀核裂变的核反应方程是：aUT'；：Ba+；：Kr+2；n

C.质子、中子、a粒子的质量分别为加八加2、质子和中子结合成一•个a粒子，释放的

能量是（2如+

D.原子从。能级状态跃迁到6能级状态时发射波长为力的光子：原子从b能级状态跃迁到

c能级状态时吸收波长为小的光子，已知力＞加，那么原子从a能级状态跃迁到c能级状态

时将要吸收波长为衿的光子

/I.

【答案】B

【详解】A.卢瑟福通过实验发现质子的核反应方程为

:He+^NT[O+；H

选项A正确，不符合题意；

B.铀核裂变的核反应方程是

2；；U+；nY；Ba+；：Kr+3；n

选项B错误，符合题意；

C.质子、中子、a粒子的质量分别为，九八,"2、"Lt，质子和中子结合成一个a粒子，反应方

程为

2：H+2；n-＞；He

根据质能方程可知，释放的能量是

E=^mc2=（2mi+2^2—m^c2

选项C正确，不符合题意；

D.原子从。能级状态跃迁到6能级状态时发射波长为力的光子，则

原子从b能级状态跃迁到c能级状态时吸收波长为方的光子，则

Ec-Eb=Y

那么原子从«能级状态跃迁到C能级状态时将要吸收波长为心的光子，则

EC-E（I=—2

联立可得

4=2

4-4

选项D正确，不符合题意。

故选Bo

7.嵩山异常险峻，为方便游客，景区设置了索道，如图所示倾斜索道与水平面间的夹角为

30°,当载人车厢沿钢索匀加速向上运动时;车厢内站立的人对厢底的压力为其体重的2倍，

车厢对人的摩擦力大小为其体重的（）

【答案】B

【详解】由于人对车厢底的正压力为其重力的2倍，即FN=2mg,在竖直方向上，由牛顿第

二定律有：

FN-mg=mai；

解得：“上=g

设水平方向上的分加速度为a,卜，则有：

—=tan300=—

。水3

所以有：a水=6at=6g

对人受力分析可知，在水平方向上摩擦力作为合力产生加速度，由牛顿第二定律得：

f=ma水=6叫

故应选B.

8.如图甲所示，倾角为a的斜面固定在水平地面上，斜面上一木块受到与斜面底边平行的

力厂的作用，当力F逐渐增大时，木块所受的摩擦力/和力F的大小关系如图乙所示。若

木块的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，图中力、力、耳均为已知量，重力加速度为g,下列

说法正确的是（)

A.木块的质量可表示为一^

geosa

B.木块与斜面间的动摩擦因数可表示为ftana

J\

C.尸小于£时木块所受的摩擦力与斜面底边垂直且沿斜面向上

D.尸大于后后木块做直线运动

【答案】B

【详解】A.将木块所受重力分解为垂直于斜面方向和沿斜面方向，分析斜面所在平面内的

木块受力情况，根据平衡条件得

/=5/尸+（，〃gsina.

当尸=0时，由题图乙可知

f=ft=mgsina

所以可求出木块的质量

m=-^-

gsina

故A错误；

B.当木块刚要运动时，静摩擦力达到最大，有

f=f2=〃sgcosa

求出木块与斜面间的动摩擦因数

mgcosa

又

gsina

联立以上两式得

u--tana

z

故B正确。

C.尸小于B时，摩擦力小于最大静摩擦力，则木块保持静止状态，故摩擦力方向与口和重

力的下滑分力mgsina的合力方向相反，故不与斜面底边垂直，故C错误；

D.尸大于B后木块将运动，所受摩擦力和重力不变，但力尸一直增大，所以木块所受合

力方向不断变化，故木块做曲线运动，故D错误。

故选Bo

9.关于电场强度和磁感应强度，下列说法正确的是（）

A.由真空中点电荷的电场强度公式E="知，当rrO时，其电场强度趋近于无穷大

r

B.电场强度的定义式6二£用于任何电场

q

C.由公式B=，，一小段通电导体在某处不受磁场力，说明此处一定无磁场

D.磁感应强度的方向就是置于该处的通电导线所受的安培力方向

【答案】B

【详解】A.当r趋近于0时，电荷己不能看成点电荷，点电荷场强公式不成立，故A错误；

B,电场强度的定义式E=£采用比值定义，对于任何电场都适用，故B正确；

q

c.一小段通电导体在某处的安培力为零，可能是磁感应强度不为零而磁场方向与电流方向

的夹角为零，故C错误；

D.根据左手定则可知，通电导线在磁场中受到的安培力方向总是垂直于磁场方向与电流方

向构成的平面，即总是既垂直于磁场方向又垂直于电流方向，故D错误。

故选Bo

10.半径分别为r和4,•的同心圆形导轨固定在同一水平面内，一根长为3r、电阻为R的均

匀金属棒MN置于圆导轨上，M0的延长线通过圆导轨中心。，在两导轨之间接阻值分别为

R、=R、6=3/?的两定值电阻，装置的俯视图如图所示。整个装置位于匀强磁场中，磁感

应强度的大小为8,方向竖直向下。金属棒在水平外力作用下以角速度。绕圆心。顺时针

匀速转动，在转动过程中始终与导轨保持良好接触，不跟电阻相碰，导轨电阻忽略不计。下

列说法正确的是（）

A.金属棒中电流从N流向MB.金属棒转动产生的电动势为

C.电阻舄中电流为竺贮D.水平外力做功的功率为2258%%

5R1R

【答案】D

【详解】A.磁感应强度方向竖直向下，导体棒顺时针匀速转动，由右手定则可知，金属棒

中电流从M流向N,A错误；

B.由电磁感应定律公式E=B"，可得金属棒转动产生的电动势为

E=-B(4r}2co--Br(o=—Bcor2

2''22

C.由闭合电路欧姆定律，可得电路中的电流为

/=E=.8。，=30B"

二场+4=在藐=7R

电阻Ri中电流为

,3,330Ba)r245B"

/,=-/=—x----------=-----------

R14R47R14R

C错误；

D.由能量守恒定律，可得水平外力做功的功率为

C-15n230及“22258%。4

P=EI=——B(orx----------=---------------

21R1R

D正确。

故选D。

二、非选择题：共5题，共60分。其中第12题〜第15题解答时请写出必要的文

字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算

时，答案中必须明确写出数值和单位。

11.某实验小组用图甲所示电路测量电源的电动势E和内阻r图中的电流表最大量程为

0.6A,定值电阻凡阻值为2。。

//mA

200三冷4三三三标

©F1■100------------------------------\

£,rR。1.11」ill»

」1~°-1-----1~00.20.40.6//A

甲乙丙

（1）已知电流计G的满偏电流，G=200mA、内阻2=0.50。，电路中已将它改装为最大量

程3V的电压表，则飞=

（2）通过移动变阻器R的滑片，得到多组电流表A和电流计G的读数，作出如图乙的图

像。某次测量时，电流表A的示数如图丙，则此时通过电源的电流为mA；电源的

电动势E=V（结果保留2位有效数字），内阻厂=Q（结果保留2位有效数

字）。

（3）该实验电源电动势的测量结果与准确值相比（填“偏大”“偏小”或“相等

【答案】14.560065.5相等

【详解】（1）[1]要串联的电阻值为

U3

R.=—-r=——--Q-0.50Q=14.5Q

1c3?

IaG200x1O-

（2）⑵[3][4]由图丙可知,电流表A的示数为OSA,由图乙可知，电流计G的读数为100mA,

此时通过电源的电流为600mA,有

E=0.6（/^）+r）+0.1x15

当电流表A的示数为0.2A时，由图乙可知，电流计G的读数为200mA,此时通过电源的

电流为400mA,有

£■=0.4（%+r）+0.2xl5

解得

E=6V

r=5.5Q

（3）[5]本实验中电流计可以显示电流值，不存在电压表分流，在不考虑其他偶然误差的影

响下可准确计算出流过电源内部的电流，则该实验电源电动势的测量结果与准确值相等。

12.如图所示，直线MN过半圆柱玻璃砖直径，一束入射光线与直线MN成6=30。进入半

圆柱玻璃砖，出射光线与MN平行且到距离为半圆柱半径的变倍。已知半圆柱半径为

2

R，光在真空中的速度为c,求：

（1）半圆柱玻璃砖的折射率；

（2）光在半圆柱传播的时间。

【答案】（1）A/2;（2）画

C

【详解】（1）光路图如图所示

BC当R

i=B

解得

r=45°

因为

sinasinr

n=------=------

sin/3sini

故

a-r-45°

根据几何关系

8+（180。-2）+4+，+45。+90。=360。

解得

，二#=30。

sinasinrrr

n=------=------=72

sinpsini

（2）根据几何关系

ZAOB=180°-2i=120°

根据正弦定理

ABR

sinZAOB-sin30°

解得

AB=y/3R

光在半圆柱传播的速度

cc

V=n=?2

传播用时

ABRR

t=----=------

13.如图所示，一台理想变压器原、副线圈匝数之比〃2：%=10:1。原线圈接在电压

»=22072sin100^(V)的交流电源上，副线圈接R=5.5。的电阻。若电流表和电压表均可

视为理想电表，求：

(1)电压表的示数；

(2)电流表的示数。

【答案】(1)22V；(2)0.4A

【详解】(1)原线圈接在电压U=2200sin100加(V)的交流电源上，则有效值

S=220V

设副线圈电压的有效值为S，则有

幺=以

U2n2

电压表的示数

3=22V

(2)副线圈中电流的有效值

A=£=4A

2R

根据变压器原副线圈电流比关系有

L=!h.

A

所以电流表的示数

/,=0.4A

14.如图所示，质量为帆的小球，从离地面高”处由静止开始释放，落到地面后继续陷入

泥中/?深度而停止，设小球受到空气阻力为力重力加速度为g,求：

(1)小球落地时动能？

(2)小球陷入泥中的过程中克服泥的阻力做的功？

(3)整个过程中小球克服阻力做的功？

Q

H

地面

【答案】⑴EgngH9/;(2)mg(H+h)-fH；(3)mg(//+/?)

【详解】(1)取从静止开始释放到落到地面的过程，应用由动能定理得

mgH-fH=Ek-0

解得

Ek-mgH-fH

(2)取整个过程为研究，由动能定理得

mg(Zi+H)-fti-Wf=Q

解得