2023年沈阳市高三一诊考试物理试卷含解析

2023学年高考物理模拟试卷

考生须知：

1,全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色

字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2,请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、在光滑水平面上有一个内外壁都光滑的气缸质量为气缸内有一质量为机的活塞，已知仞>，”.活塞密封一部

分理想气体.现对气缸施加一个水平向左的拉力F（如图甲），稳定时，气缸的加速度为a”封闭气体的压强为pi,体

积为力;若用同样大小的力尸水平向左推活塞（如图乙），稳定时气缸的加速度为由，封闭气体的压强为pi,体积为

%.设密封气体的质量和温度均不变，则（）

ffl7.

A.a\-a\,piVpi,Vi>Vi

B.a\<a\9pi>pi,Vi<Vi

C.a\=ai,piVp「Vi<V\

D.ai>ai,pi>p”V1>V1

2、在2019年武汉举行的第七届世界军人运动会中，21岁的邢雅萍成为本届军运会的“八冠王”。如图是定点跳伞时邢

雅萍运动的X图像，假设她只在竖直方向运动，从0时刻开始先做自由落体运动，6时刻速度达到肛时打开降落伞后

做减速运动，在打时刻以速度也着地。已知邢雅萍（连同装备）的质量为小,则邢雅萍（连同装备）（）

1,

B.072内机械能减少了

C.4时刻距地面的高度大于«+一％）

2

D.fi~f2内受到的合力越来越小

3、如图所示，光滑的圆环固定在竖直平面内，圆心为O,三个完全相同的小圆环a、b、c穿在大环上，小环c上穿过

一根轻质细绳，绳子的两端分别固定着小环a、b,通过不断调整三个小环的位置，最终三小环恰好处于平衡位置，平

衡时a、b的距离等于绳子长度的一半.已知小环的质量为m,重力加速度为g,轻绳与c的摩擦不计.则

A.a与大环间的弹力大小J5mgB.绳子的拉力大小为学mg

C.c受到绳子的拉力大小为3mgD.c与大环间的弹力大小为3mg

4、如图所示，固定在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为d,其右端接有阻值为K的电阻，整个装置处在

竖直向上磁感应强度大小为8的匀强磁场中。一质量为机（质量分布均匀）的导体杆必垂直于导轨放置，且与两导

轨保持良好接触，杆与导轨之间的动摩擦因数为〃。现杆受到水平向左、垂直于杆的恒力尸作用，从静止开始沿导轨

运动，当运动距离L时，速度恰好达到最大（运动过程中杆始终与导轨保持垂直）。设杆接入电路的电阻为r,导轨电

阻不计，重力加速度大小为g。对于此过程，下列说法中正确的是（）

A.当杆的速度达到最大时，“、白两端的电压为"’

BL

B.杆的速度最大值为第q

DL

C.恒力厂做的功与安培力做的功之和等于杆动能的变化量

D.安倍力做功的绝对值等于回路中产生的焦耳热

5、如图所示，在真空云室中的矩形48CD区域内存在方向垂直纸面向外的匀强磁场，静止放置在0点的铀238原子

核黑u发生衰变，放出射线后变成某种新的原子核，两段曲线是反冲核（新核）和射线的径迹，曲线。尸为:圆弧，

x轴过。点且平行于45边。下列说法正确的是（）

A.铀238原子核发生的是p衰变，放出的射线是高速电子流

B.曲线。尸是射线的径迹，曲线0Q是反冲核的径迹

C.改变磁感应强度的大小，反冲核和射线圆周运动的半径关系随之改变

D.曲线0Q是a射线的径迹，其圆心在x轴上，半径是曲线0P半径的45倍

6、在地球上不同的地方，重力加速度大小是不同的。若把地球看成一个质量分布均匀的球体，已知地球半径为R,地

球自转的周期为T,则地球两极处的重力加速度与赤道处的重力加速度之差为

3兀R„2兀R八16/R卜4/R

A.—B.-z-C.———D.——

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、歼-15飞机是我国研制的多用途舰载战斗机。某飞行训练中，第一次舰保持静止，飞机从静止开始沿甲板运动，

当飞机的速度为y时通过的距离为X”经历的时间为人;第二次舰以速度为匀速运动，飞机相对甲板由静止开始沿舰

运动的同方向加速，当飞机相对海面的速度为y时沿甲板通过的距离为X2,经历的时间为必设两次飞机均做匀加速

运动且加速度大小相等。则（）

8、在如图所示的电路中，灯泡L的电阻小于电源的内阻r,闭合电键S,将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后,

下列结论正确的是（）

A.灯泡L变亮

B.电流表读书变小，电压表读数变大

C.电源的输出功率变小

D.电容器C上电荷量增多

9、如图甲、乙所示，分别用恒力入、3先后将质量为机的物体，由静止开始沿同一粗糙的固定斜面由底端拉到顶端,

两次到达顶端的速度相同，第一次力网沿斜面向上，第二次入水平向右。则两个过程中（）

居

甲乙

A.物体机械能变化量相同

B.物体与斜面摩擦生热相同

C.Fi做的功与尸2做的功相同

D.后做功的功率比尸2做功的功率小

10、如图所示为一列沿x轴正方向传播的简谐横波/=依时刻波形图，该时刻加点开始振动，再过1.5s,N点开始振

动。下列判断正确的是o

B.质点M的振动方程y=0.5sin(2R+1)

C.质点M、N相位相差是了

D.f=0.5s时刻，x=1.0m处质点在波峰

E./=2.5s时刻，质点M、N与各自平衡位置的距离相等

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.(6分)图甲为验证机械能守恒定律的实验装置，通过电磁铁控制的小铁球从4处自由下落，毫秒计时器(图中未

画出)记录下小铁球经过光电门8的挡光时间。小铁球的直径为d,用4作为球经过光电门时的速度，重力加速度为

t

g。

"中I

01cm、

乙

⑴用游标卡尺测得小铁球的直径d如图乙所示，则d=mm；

(2)实验中还需要测量的物理量是；

A.A距地面的高度H

B.A、8之间的高度&

C.小铁球从A下落到B的时间ZAB

(3)要验证小铁球下落过程中机械能是否守恒，只需验证等式________是否成立即可(用实验中测得物理量的符号表示);

(4)某实验小组测得小球动能的增加量AEk总是稍大于重力势能的减少量AEP,原因可能是。(写出一个即可)

12.(12分)圆柱形陶瓷元器件表面均匀镀有一层导电薄膜，已知导电薄膜电阻率为P，为了测量该薄膜厚度，某同

学使用铜丝紧绕在元件表面，铜丝绕制成圆形，圆柱体轴线垂直于铜丝圆面，制成电极A、B,如图甲所示

(1)用螺旋测微器测量元件的直径，测量结果如图乙所示，其读数为mm。

(2)为了测量元件电阻，某同学首先使用多用电表对元件粗测，元件电阻约为10Q,现需准确测量电阻阻值，可供器材

如下

A.被测元件R、(阻值约10Q)

B.直流电源(电动势约6V,内阻约3。)

C.电流表A1(量程0〜0.6A,内阻约2Q)

D.电压表V,(量程()~2V,内阻R、、=1000Q)

E.电压表V2(量程0〜12V,内阻约5(X)()。)

F.定值电阻&(4=2000Q)

G滑动变阻器Ri(020Q)

H.滑动变阻器R?(0100Q)

L电键、导线等

①在可供选择的器材中，已经选择A、B、C、I除此之外，应该选用(填写序号)

②根据所选器材，在图丙方框中画出实验电路图_______

③需要测量的物理量________，请用上述物理量表示被测电阻&=o

(3)为了测量薄膜厚度还需要测量的物理量为o

（4）若被测元件电阻为R,元件直径为4,电阻率为夕，请结合使用（3）物理量表示薄膜厚度Ad=—。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，质量叫=2kg的木板长L=2.25m,静止在水平地面上，与地面的动摩擦因数4=01，另

一个质量加2=心8的滑块，以初速度％滑上木板.滑块与木板之间的动摩擦因数〃2=04,取g=10m/s2。

（1）求滑块不滑下木板时%应满足的条件；

（2）若％=3m/s,求木板与地面摩擦产生的热量。。

册.

14.（16分）受控核聚变是当前研究的热点。我国的“东方超环”世界领先，将气瓶燃料用特殊的加热方法加热到聚变

反应温区（即1亿度以上）以点燃气筑反应［一个气核（）和一个瓶核（：H）发生聚变核反应，生成一个氮核（；He）,

放出一个中子］,利用特殊设计的“笼子”将它们稳定地约束在该真空容器内。使聚变反应能够稳定进行，其中一种方法

是磁约束，围绕这种“磁笼子”的设计和建道，人类已经走过了半个多世纪艰苦的历程。某校的研究小组进行了以下的

设计，如图所示，矩形abed的ab边长为2L,ab与ac夹角为30°,矩形对角线ac上下方分别分布着磁感应强度大小

为5的匀强磁场，一个氟核（；H）从必边中点尸处以某一速度垂直H边进入下方磁场恰好不从对角线ac边射出，

一个气核（：H）从c点以某一速度水平向左进入上方磁场并与筛;核（：H）在对角线ac上相遇并发生聚变反应，生成

一个氮核（：He）,放出一个中子，生成的氢核（：He）速度方向竖直向下。已知一个核子的质量为质子的电量

为q,求：

（1）气核（；H）与尼核（：H）射入磁场时的速度大小之比匕：岭；

（2）先后释放散核（：H）与气核（；H）的时间差；

（3）生成的氢核（；He）速度y应满足的条件。使之偏转后恰好到达矩形的a点。

15.（12分）如图所示，光滑平行金属导轨的水平部分处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度5=3T。两导轨间距为

L=0.5m,轨道足够长。金属棒a和6的质量分别为，"a=lkg,/Mb=0.5kg,电阻分别为R“=l。，4,=2。。。棒静止于

轨道水平部分，现将。棒从人=1.8m高处自静止沿弧形轨道下滑，通过C点进入轨道的水平部分，已知两棒在运动过

程中始终保持与导轨垂直且接触良好，两棒始终不相碰。(g取10m/s2)。求：

(D”棒刚进入磁场时，棒的加速度；

(2)从a棒进入磁场到“棒匀速的过程中，流过a棒的电荷量；

(3)从a棒进入磁场到a棒匀速的过程中，a棒中产生的焦耳热。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、A

【解析】

两种情况下对整体受力分析由F=ma,因此弓=为

对活塞进行受力分析，第一种情况《S-

对第二种情况F+P0S-PtS=ma

因此可得

密封气体得质量和温度不变，因此可得匕＞%,因此A正确

2、D

【解析】

A.OF时间内，邢雅萍做自由落体，机械能守恒，4~打由于降落伞的作用，受到空气阻力的作用，空气阻力做负功,

故0“2内机械能不守恒，故A错误；

B.机械能损失发生在4~f2的时间段内，设。时刻物体距离地面高度为心则有

%+mgh=—mvf--mv\

解得

叱.=gmv\-gmv^-mgh

阻力做负功，故机械能的减小量为

AE=-W(=gmv[+mgh-gmv]

故B错误；

C.V-/图象与时间轴围成面积表示位移大小，如图

若物体做匀减速直线运动，则有乙~4时间里平均速度

2

由图可知运动员4时间里位移小于红线表示的匀减速运动的位移，故4~4两段时间里，邢雅萍的平均速度小于

匕署，故”时刻距地面的高度小于⑷+吗!&r)；故c错误；

D.VT图象的斜率表示加速度，由图像可知，在彳~4时间内运动员做加速度不断减小的减速运动，故D正确。

故选D。

3、C

【解析】AB、三个小圆环能静止在光滑的圆环上，由几何知识知：abc恰好能组成一个等边三角形，对a受力分析如

图所示：

在水平方向上：7sin30=Nsin60

在竖直方向上：7cos30=mg+A^cos60

解得：N=mg；T=故AB错;

c受到绳子拉力的大小为：F=27cos30=3mg,故C正确

+2Tcos30

解得：N、=mg+2®ngx*=4mg故D错误;

综上所述本题答案是;C

4、D

【解析】

AB.当杆匀速运动时速度最大，由平衡条件得:

/=〃〃际+4=〃〃琢+^^

得最大速度为

_(F—〃mg)(R+r)

Vn,~丽

当杆的速度达到最大时，杆产生的感应电动势为:

(F—wng)(R+r)

E=BLv,“

BL

。、6两端的电压为:

R(F—〃mg)R

(_/-JLL-

R+rBL

故AB错误；

C.根据动能定理知，恒力户做的功、摩擦力做的功与安培力做的功之和等于杆动能的变化量，故C错误;

D.根据功能关系知，安倍力做功的绝对值等于回路中产生的焦耳热，故D正确。

故选：D。

5、D

【解析】

AD.衰变过程中动量守恒，因初动量为零，故衰变后两粒子动量大小相等，方向相反，由图像可知，原子核发生的是

a衰变，粒子做圆周运动向心力等于洛伦兹力

2

nV

qvB=m—

r

得

mv

r=——

qB

由于反冲核的电荷量比a射线大，则半径更小，即曲线。。是射线的径迹，曲线O尸是反冲核的径迹，由于曲线。尸

为L圆弧，则其圆心在X轴上，射线初速度与X轴重直，新核初速度与X轴垂直，所以新核做圆周运动的圆心在X轴

4

上

由质量数守恒和电荷数守恒可知反冲核的电荷量是a粒子的45倍，由半径公式可知,轨道半径之比等于电荷量的反比,

则曲线0。半径是曲线0P半径的45倍，故A错误，D正确。

BC.由动量守恒可知

0=mv-mava

粒子做圆周运动向心力等于洛伦兹力

v2

qvB=m—

得

mv

r=——

qB

由于反冲核的电荷量比a射线大，则半径更小，即曲线。。是射线的径迹，曲线0P是反冲核的径迹，反冲核的半径

与射线的半径之比等于电荷量的反比，由于电荷量之比不变，则改变磁感应强度的大小，反冲核和射线圆周运动的半

径关系不变，故BC错误。

故选D。

6、D

【解析】

^mM-土、拈匚*乃、2nl.*乃、2c4〃R

G=m1m

在两极:-^S\?在赤道上：G-^-mg2=m（—yR,则Ag=一且?^〒）-/?=方1

A.二丁，与结论不相符，选项A错误；

T2

B.等，与结论不相符，选项B错误；

C.雪K,与结论不相符，选项C错误;

T2

4/R

D.,与结论相符，选项D正确;

~r~

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BC

【解析】

当舰静止时，根据运动学公式有：

v=at\

v2=2axi

当舰运动时，有

v-VQ=at2

整理得：

A-V

f2V-V0

%=（上）2

4"%

故BC正确，AD错误。

故选BC„

8、BD

【解析】

AB.将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，滑动变阻器的电阻变大，根据串反并同，灯泡L中电流减小，电流

表读数变小，电压表读数变大，灯泡L变暗，选项A错误，B正确；

C.当外电路的总电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大。虽然灯泡L的电阻小于电源的内阻r,但外电路的总

电阻与电源的内阻大小不确定，故电源的输出功率变化情况不确定，故选项C错误；

D.将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，电容器C上电压增大，电容器C上电荷量增多，选项D正确。

故选BD»

9、AD

【解析】

A.两个过程中，物体的末速度相同，动能相同，则动能的变化量相同，物体上升相同的高度，重力势能变化量相同,

所以物体的机械能变化量相同，故A正确；

B.由图分析可知，第一个物体所受的摩擦力小于第二个物体所受的摩擦力，故两物体克服摩擦力做功不同，故物体

与斜面的摩擦力产热不相同，故B错误;

C.根据动能定理得

1,

WF-mgh-Wf--mv~-0

解得

WF-mgh++—mv~

第一个物体所受的摩擦力小于第二个物体所受的摩擦力，故两物体克服摩擦力做功不同，重力做功相同，则B做的功

比F2做的少，故C错误;

D.根据

v

X=­t

2

知X、V相同，贝h相同，而为做的功小于尸2做的功，根据

t

可知尸I做功的功率比B做功的功率小，故D正确。

故选AD»

10、ACE

【解析】

A.质点M和N相距6m,波的传播时间为1.5s,则波速:

Ax12-6

v=——=m/s=4m/s,

X1.5

故A正确;

B.波长F4m,根据波长、波速和周期的关系可知周期为:

T=—=1s,

v

圆频率：

2万c,,

co=——=2兀rad/s,

T

质点M起振方向向上，Uis时开始振动，则质点M的振动方程为y=0.5s加(2日-2n)，故B错误；

C.相隔半波长奇数倍的两个质点，相位相差为小质点历、N相隔1.52,故相位相差小故C正确；

D.UO.5s=0.57,波传播到x=4.0m处，此时x=1.0m处质点处于波谷，故D错误；

E.U2.5s=2.5T,N点开始振动，质点M、N相隔1.5人振动情况完全相反，故质点M、N与各自平衡位置的距离相

等，故E正确。

故选ACE«

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11,5.4B/=2g//金属球下落过程中阻力做功

【解析】

由图可知：游标卡尺游尺为10分度，精确度为0.1mm,主尺刻度为5mm,游尺“4”与主尺刻度对齐，所以读数

为

5mm+0.1x4mm=5.4mm,

(2)[2]AB.此题需要用到重力势能变化量，故需要测量A5之间的高度，不需要知道距离地面的高度，故A错误，B

正确；

C.因为要判定，咫无与关系，不需要知道小铁球从A下落到B的时间tAB,故C错误。

故选B。

(3)网利用小铁球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，故B点速度

d

v=­

t

根据机械能守恒的表达式有

I,

mgh=—mv1

可得

d1=2ght1

故只要验证(P=2ght2即可。

(4)[4]实验中发现动能增加量^&总是稍小于重力势能减少量△EP,可能的原因是金属球下落过程中阻力做功。

12、0.398（0.396~0.399均可给分）DFG（分压式接法也可以）电流

表A1示数/,电压表V1示数。~以（或一^~里）电极A、B之间的距离Lp—^~

RvJ_uRQitd-R

【解析】

⑴口］螺旋测微器主尺刻度为0,可动刻度为39.8x0.01mm=0.398mm,所以读数为

0+0.398mm=0.398mm

（2）［2］因为直流电源电动势为6V,电压表V2量程太大，不能选择，可将电压表Vi改装，因此需要DF；滑动变阻器起

限流作用，安全下选择小的，比较方便操作，所以选择G。

［3］该电路设计滑动变阻器阻值比被测阻值大，而且能保证仪器安全，因此滑动变阻器采用限流方式，使用伏安法测量

被测电阻，其中电压表需串联一个分压电阻，总电阻远大于待测电阻，采用电流表外接。电路如图：

Rozrx

［4］根据欧姆定律，需要测量电流表A1示数/,电压表V1示数

［5］电压应为电压表和定值电阻的总电压，电流应为流过待测电阻的电流，则

汽企（叫+3吸+凡）

凤

,U

因为/所以也可表示为

Nv

⑶⑹根据电阻定律

其中薄膜很薄，展开后可认为是以圆周长为边，厚度为高的矩形，即

5«7u/-zW

所以为了测量薄膜厚度，还需要测量连入电路的电阻长度为电极A、B之间的距离心。

(4)⑺据题有

R-p--—

nd•\d

因此

Ac/=p---

nd■R

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)v0<4.5m/s；(2)0.5J

【解析】

(1)滑块在滑动摩擦力作用下，做匀减速运动，木板做匀加速运动，根据牛顿第二定律，对滑块有

4=42g=4m/s2

对木板有

叫/=〃2m2g-乂(网+町)g

解得

a,=().5m/s2

设%=W时滑块滑到木板的右端二者恰好共速，则有

v,-a{t=a2t

根据位移关系有

卬［卬2_/=L

解得

，=ls,匕=4.5m/s

所以当%W4.5m/s时滑块不滑下木板。

(2)若％=3m/s<4.5m/