高考物理总复习 优编增分练：选择题考点排查练7 （全国Ⅲ卷）选择题考点排查练试题

题号1415161718192021考点行星运动规律电场的性质匀变速直线运动的规律平衡问题磁场内的圆周运动变压器竖直面内的圆周运动交流电的产生二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．(2018·安徽省A10联盟最后一卷)已知月球绕地球做圆周运动的轨道半径为r，周期为T.如图1，某小行星掠过地球时其轨道刚好与月球轨道相切于A点，若只考虑地球对它的引力作用，当这颗小行星运动到A点时，可以求出其()图1A．加速度的大小B．线速度的大小C．角速度的大小D．受到地球的引力的大小答案A15．(2018·广东省湛江市第二次模拟)如图2所示，ACBD是一个过球心O的水平截面圆，其中AB与CD垂直，在C、D、A三点分别固定点电荷＋Q、－Q与＋q.光滑绝缘竖直杆过球心与水平截面圆垂直，杆上套有一个带少量负电荷的小球，不计小球对电场的影响．现将小球自E点无初速度释放，到达F点的过程中(重力加速度为g)，下列说法正确的是()图2A．小球在O点的加速度大于gB．小球在E点的电势能大于在O点的电势能C．小球在F点的速度一定最大D．小球在运动过程中机械能一直减小答案B16．(2018·河南省新乡市第三次模拟)汽车以某一初速度开始做匀加速直线运动，第1s内行驶了1m，第2s内行驶了2m，则汽车第3s内的平均速度为()A．2m/s B．3m/sC．4m/s D．5m/s答案B解析根据匀变速直线运动的推论可知：x2－x1＝x3－x2，则x3＝3m，则第3s内的平均速度为eq\x\to(v)3＝eq\f(x3,t)＝3m/s，故选B.17．(2018·河南省新乡市第三次模拟)如图3所示，竖直平面内固定的半圆弧轨道两端点M、N连线水平，将一轻质小环套在轨道上，一细线穿过轻环，一端系在M点，另一端系一质量为m的小球，不计所有摩擦，重力加速度为g，小球恰好静止在图示位置，下列说法正确的是()图3A．轨道对轻环的支持力大小为mgB．细线对M点的拉力大小为eq\f(\r(3)mg,2)C．细线对轻环的作用力大小为eq\f(3mg,2)D．N点和轻环的连线与竖直方向的夹角为30°答案D解析对轻环受力分析，因轻环两边细线的拉力相等，可知两边细线拉力与圆弧对轻环的支持力方向的夹角相等，设为θ，由几何关系可知，∠OMA＝∠MAO＝θ，则3θ＝90°，θ＝30°；则轨道对轻环的支持力大小为FN＝2mgcos30°＝eq\r(3)mg，选项A错误；细线对M点的拉力大小为FT＝mg，选项B错误；细线对轻环的作用力大小为FN′＝FN＝eq\r(3)mg，选项C错误；由几何关系可知，N点和轻环的连线与竖直方向的夹角为30°，选项D正确．18．(2018·江西省南昌市第二次模拟)如图4所示，正三角形的三条边都与圆相切，在圆形区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，质子eq\o\al(1,1)H和氦核eq\o\al(4,2)He都从顶点A沿∠BAC的角平分线方向射入磁场，质子eq\o\al(1,1)H从C点离开磁场，氦核eq\o\al(4,2)He从相切点D离开磁场，不计粒子重力，则质子和氦核的入射速度大小之比为()图4A．6∶1 B．3∶1C．2∶1 D．3∶2答案A解析设三角形的边长为L，根据几何关系可以得到磁场圆的半径为R＝eq\f(\r(3),6)L，质子进入磁场时的运动轨迹如图甲所示由几何关系可得r1＝Rtan60°＝eq\f(1,2)L氦核进入磁场时的运动轨迹如图乙所示，由几何关系可得：r2＝Rtan30°＝eq\f(1,6)L粒子在磁场中运动时洛伦兹力提供向心力，即qvB＝meq\f(v2,r)，结合两个粒子的轨迹半径可求得质子和氦核的入射速度大小之比为6∶1，故A正确．19．(2018·福建省南平市5月综合质检)用同样的交流电源分别给图5甲、乙两个电路中相同的四个灯泡供电，四个灯泡均正常发光，乙图中理想变压器原、副线圈的匝数比为3∶1，则()图5A．滑动变阻器接入电路的阻值与灯泡正常发光时的阻值相等B．滑动变阻器接入电路的阻值与灯泡正常发光时的阻值之比为2∶1C．甲、乙两个电路中的电功率之比为3∶2D．甲、乙两个电路中的电功率之比为2∶1答案AC解析设灯泡的额定电流为I，电阻为R；在题图乙中，副线圈的电压U2＝IR，根据理想变压器原、副线圈的匝数比为3∶1，得原线圈两端电压为U＝U1＝3U2＝3IR；在题图甲中，滑动变阻器两端电压为UR1＝U－2IR＝IR，流过的电流为I，则滑动变阻器接入电路的阻值为R1＝eq\f(UR1,I)＝eq\f(IR,I)＝R，故A正确，B错误；在题图甲电路中，电功率为P1＝UI＝3I2R，在题图乙中，电功率为P2＝2I2R，则P1∶P2＝3∶2，故C正确，D错误．20．(2018·湖北省仙桃、天门、潜江三市期末联考)如图6所示，长为L的轻质细杆一端拴在天花板上的O点，另一端拴一质量为m的小球．刚开始细杆处于水平位置，现将小球由静止释放，细杆从水平位置运动到竖直位置，在此过程中小球沿圆弧从A点运动到B点，不计空气阻力和O点阻力，则()图6A．小球下摆过程中，重力对小球做功的平均功率为0B．小球下落高度为0.5L时，细杆对小球拉力为1.5mgC．小球经过B点时，细杆对小球的拉力为2mgD．小球下摆过程中，重力对小球做功的瞬时功率先增大后减小答案BD解析小球下摆过程中，重力做的功W＝mgL，则重力的平均功率eq\x\to(P)＝eq\f(mgL,t)，不为零，故A错误；小球下落高度为0.5L时到达C点，设细杆与水平方向夹角为θ角，其受力情况如图所示由几何关系得：sinθ＝eq\f(0.5L,L)＝eq\f(1,2)，解得θ＝30°；下降0.5L，只有重力做功，细杆的拉力不做功，由机械能守恒定律得：mg×0.5L＝eq\f(1,2)mvC2，在C点有：FT－mgsinθ＝meq\f(v\o\al(C2),L)，联立解得：FT＝1.5mg，故B正确；从A点到B点，由机械能守恒定律得：mgL＝eq\f(1,2)mvB2，在B点有：FT′－mg＝meq\f(v\o\al(B2),L)，联立解得：FT′＝3mg，故C错误；小球下摆过程中，竖直方向的分速度先变到最大再减小到0，由PG＝mgvy知，重力对小球做功的瞬时功率先增大后减小，故D正确．21．(2018·河北省衡水金卷模拟一)如图7所示，线圈ABCD匝数n＝10，面积S＝0.4m2，边界MN(与线圈的AB边重合)右侧存在磁感应强度B＝eq\f(2,π)T的匀强磁场，若线圈从图示位置开始绕AB边以ω＝10πrad/s的角速度匀速转动．则以下说法正确的是()图7A．线圈产生的是正弦交流电B．线圈在转动过程中产生的最大感应电动势为80VC．线圈转动eq\f(1,60)s时瞬时感应电动势为40eq\r(3)VD．线圈产生的电动势的有效值为40V答案BD解析线圈在有界磁场中将产生正弦半波脉动电流，故A错误；电动势最大值Em＝nBSω＝80V，故B正确；线圈转动eq\f(1,60)s、转