2022年海南省东方市民族中学中考物理模拟试卷（附答案详解）

2022年海南省东方市民族中学中考物理模拟试卷

1.某水电站的年发电量在8亿千瓦时以上，“千瓦时”是下列哪个物理量的单位（）

A.电能B.电功率C.电流D.时间

2.在如图所示的小实验中，说明声音的传播需要介质的是（）

C.丙图：改变塑料片划过梳子的速度D.丁图：发声的音叉弹开小球

3.我国科学家通过自主创新研制的飞机刹车片是一种特殊的碳材料。其主要特性是：硬度

儿乎不随温度而变化，当温度升高到2000℃时硬度才会适度变小，但不会熔化，温度到3000℃

时开始升华。关于这种碳材料的分析，正确的是（）

A.发生升华时吸收热量B.熔点是2000℃

C.沸点是3000℃D.凝固点是3000℃

4.竖直放置一矿泉水瓶子，并在侧壁钻A、B、C、。四个一样大小的小孔，打开瓶盖，往

瓶中注满水，水将从瓶孔喷出，水喷出速度最大的是从哪一个小孔喷出的（）

A.A孔

B.8孔

C.C孔

D.。孔

5.小明利用如图所示的装置，探究平面镜成像的特点。下列说法正确的是（）

A.用玻璃板代替平面镜，目的是使蜡烛“的像更清晰

B.使用相同的蜡烛〃、b,目的是比较像与物的大小

C.将光屏放到像的位置，光屏能够承接到像

D.将蜡烛a靠近玻璃板，它所成的像变大

6.如图所示的四个实例中，属于增大摩擦的是（）

A.用力捏自行车的车闸

B.-raw!在冰壶运动中擦冰

C.滚动轴承

D.气垫船

7.如图所示，厚壁筒里放有一块浸透乙醛的棉花球，用力把活塞迅速下压，棉花就会立即

燃烧。关于这个实验，下列说法错误的是（）

A.实验说明做功可以改变物体的内能B.活塞下压过程中，气体的内能增加

C.棉花燃烧过程是化学能转化为内能D.活塞下压过程与热机的做功冲程相同

8.为备战2022年冬季奥运会，短道速滑运动员在集训中多次进行模拟比赛，有关比赛过程

中的说法正确的是（）

A.发令枪响前，运动员静止时所受的支持力与他对冰面的压力是一对平衡力

B.发令枪响后，运动员用力向后蹬来获得向前的动力，是因为力的作用是相互的

C.运动员在经过弯道时不再用力向后蹬，此时运动状态不发生改变

D.冲线后，运动员停止用力仍能滑行很远，是因为运动员不受摩擦阻力

9.电子车票，也称“无纸化”车票，乘客网上购票后，直接通过“刷身份证”或“扫手机”

即可顺利进站。如图所示，这是乘客通过刷身份证进站时的情景，将身份证靠近检验口，机

器感应电路中就会产生电流，从而识别乘客身份。与这一原理相同的是（）

D.N遒

10.如图所示电路图中，电源两端的电压恒定。闭合开关S「小灯泡发光，再闭合开关S2,

则（）

A.电流表示数变小B.电压表示数不变C.小灯泡变亮D.电路的总电阻变大

11.如图所示，冬奥场馆“冰立方”将在北京2022年冬奥会投入使用，该场馆可依靠采光

井及导光管将自然光引入室内，每年可节约用电2.6xlO"W./i。这些电可供总照明功率为

10AW的某学校正常照明h.若这些能量由热值为3.0xl07〃kg的焦炭燃烧获得，则需

完全燃烧打焦炭。

12.中国空间站太空授课的信息通过传送回地球；航天器外壳材料应具有密度

（选填“大”或“小”）.熔点高的特性。

13.高山滑雪是冬奥会的重要竞赛项目之一，如图所示是滑雪运动员从山顶加速下滑的情境。

在下滑过程中运动员的动能，重力势能（均选填“减小”、“增大”或“不变”）。

14.海南四季瓜果飘香，这是现象：如图是一只蜂鸟正在悬停采蜜，此时蜂鸟相对花

是的。

15.如图所示，搬运工人用滑轮将重为400N的重物匀速提升4〃?，所用拉力为250N。在此

过程中所做有用功是人滑轮的机械效率是

16.家庭电路中，电冰箱、电饭煲、日光灯等家用电器的连接方式是联，其中电饭煲

是利用电流的_____工作的。

17.如图甲所示，闭合开关S,调节滑动变阻器的滑片尸从最右端滑至灯正常发光的位置,

电流表示数与两电压表示数的关系如图乙所示。则电源电压为V,灯的额定功率为

______W.

18.如图所示，一束光线与镜面成30°角射向平面镜。请作出反射光线并标出反射角的度数。

N

19.画出图中漂浮在水面的小球所受浮力的示意图；

___(O—

20.老师要求同学们用身边的物品探究“压力的作用效果与哪些因素有关”。小亮拽到的器

材有海绵和两瓶完全相同的矿泉水。

(1)小亮是通过观察来探究压力的作用效果的。

(2)如图所示，小亮将两瓶完全相同的矿泉水分别正立和倒立放在

海绵上，其目的是控制不变。从该实验中得出的结论是

(3)接下来小亮要探究“压力的作用效果与压力大小的关系”，他的操作步骤是：，然

后将两瓶矿泉水正立在海绵上。

(4)此实验(选填“能”或“不能”)用硬纸板代替海绵，原因是硬纸板的

21.小阳利用如图甲的电路探究“电流与电阻的关系”。已知电源电压为4.5U且保持不变,

实验用到的定值电阻阻值分别为250、200、15。、100、50,滑动变阻器的规格为“0〜500”。

(1)如图乙的实物电路中存在连线错误，但只要改接一根导线的一端就可以了，请你把接错的

那根导线打上“X”，再用笔画线代替导线把它改接到正确位置上(导线不允许交叉)。

(2)实验中将50的定值电阻更换为100的定值电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器滑片向

(左/右)适当滑动，使电压表示数恢复到原来的值。

(3)小阳同学每次随机选取一个定值电阻，进行了五次实验，根据所得数据画出电流与电阻关

系的图象如图丙，且实验中各电路元件完好，读数、记录均正确。但老师发现五次实验中有

一次未移动滑动变阻器滑片控制电压表示数一定，根据图丙中的数据分析，阻值为0的

定值电阻连入电路时未移动滑片，这次实验之前的那一次实验，小阳选取的是阻值为n

的定值电阻.

22.冰壶运动为冬奥会上的比赛项目。如图甲所示是比赛用的冰壶，若其质量为18依，与冰

面接触面积为240cm2,某次投掷时运动员用20N的水平力将冰壶从水平冰道的A点推至B

点后放手，离手后冰壶继续滑行至C点停止，如图乙所示。g取10N/kg,求：

甲乙

(1)比赛时，两边的运动员在冰壶行进前方的冰道上用冰刷“扫刷”擦冰，目的是：。

(2)计算冰壶的重力；

(3)冰壶如图甲静置在水平冰面上时对冰面的压强；

(4)这次投掷过程中运动员对冰壶做的功。

23.如图甲所示，在3。打印笔中装入塑料条，接通电源，等待一段时间后即可挤出热熔的

塑料，塑料在空气中迅速冷却变成特定的形态。打印笔内部电路如图乙所示，R1、/?2是相同

的PTC发热电阻。单个PTC的电阻与温度的关系如图丙所示。(计算时保留1位小数)

(1)打印笔正常工作时的温度能自动稳定在250℃左右，请结合图丙信息解释其原理：当温度

升高时;

(2)打印笔工作时有快、慢两挡，快档打印时，图乙中开关Si应处于状态；

(3)若打印笔在正常快印状态下，当温度为250℃时，通过％的电流是多少A?

(4)打印笔在正常快印状态下，温度为250℃时，正常工作lmin打印笔产生的热量是多少J?

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：

IkW-h=IkWxlh=1000IVx3600s=3.6x1067,1/是电能的单位，所以“kW-h”是电能

的单位，

而电功率的单位为W，电流的单位为4,时间的单位为s,故A正确、BCD错误。

故选：Ao

“&W”是电功率的单位，“h”是时间的单位；电功率与时间的乘积是电功(消耗的电能)。

电学中的物理量较多，各个物理量都有自己的单位，有些单位是由其它的两个单位复合而成；不

要将单位相互混淆。

2.【答案】B

【解析】解：A、如图，探究响度跟振幅的关系，轻重拨动钢尺，钢尺的振幅不同，响度不同，故

A错误。

8、逐渐抽出瓶内的空气，瓶内空气越来越稀薄，空气传声能力越来越差，听到的声音越来越小,

可以推知当瓶内是真空时，不能听到声音，说明声传播需要介质，故B正确。

C、如图探究音调跟频率的关系，改变塑料片划过梳子的速度，改变梳子齿的振动频率，改变声

音的音调，故C错误。

。、发声的音叉在振动，音叉的微小振动引起乒乓球弹起，说明声音是由物体振动产生的，故。

错误。

故选:B。

(1)响度跟振幅和距发声体的远近有关，振幅越大，响度越大。

(2)真空不能传声，声音传播需要介质。

(3)音调跟频率有关，频率越高，音调越高。

(4)声音是由物体振动产生的。

本题通过探究小实验考查了音调和频率的关系、响度跟振幅的关系、声音传播需要介质、声音的

产生等。

3.【答案】A

【解析】

【分析】

升华要吸热；熔点指的是晶体熔化时的温度；沸点是液体沸腾时的温度；凝固点是晶体凝固时的

温度；根据上述知识进行分析。

此题考查的知识点有：升华吸热、熔点、沸点、凝固点，是一道热学的综合题。

【解答】

A.升华要吸热，所以A符合题意。

8.这种材料温度升高到2000℃时硬度变小，没有开始熔化，所以2000℃不是熔点，故B不符合题

意：

C.这种材料温度到3000℃时开始升华，由固态变成气态，所以3000℃不是沸点，故c不符合题意；

。.凝固点是晶体凝固时的温度，这种材料温度到3000℃时开始升华，由固态变成气态，3000℃不

是熔点也就不是凝固点，故。不符合题意；

故选：Ao

4.【答案】D

【解析】

【分析】

液体对容器的底和侧壁都有压强，液体内部的压强随深度的增加而增大。

能根据液体内部压强的特点来对实验现象进行分析，是正确解答的关键。

【解答】

液体内部向各个方向都有压强，并且液体内部的压强随着深度的增加而增大。

由于。孔的深度最深，所以此处的液体内部的压强最大，故D孔喷出的水流速最大.

故选：Do

5.【答案】B

【解析】解：

4、用透明的玻璃板代替平面镜，在蜡烛。一侧能看到蜡烛”的像，同时还能看到蜡烛b,便于确

定像的位置，故A错误；

B、选择大小相等的蜡烛a、b,是为了比较像与物的大小关系，故8正确；

C、因为光屏只能接收实像，不能接收虚像，所以移去蜡烛B,并在其所在位置上放一光屏，光屏

不能接收到的烛焰的像，从而说明平面镜成的像是虚像，故C错误；

。、平面镜所成的像与物体大小相同，将蜡烛“靠近玻璃板，它所成的像不变，故力错误。

故选：B。

(1)探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧

能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置，便于比较物像大小

关系；

(2)选择大小相等的蜡烛A、8便于比较像与物的大小关系；

(3)虚像不会出现在光屏上；

(4)像的大小始终与物体大小相同。

探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解

决办法，合理的思考和解释来考查同学的。

6.【答案】A

【解析】解：A、用力捏自行车的车闸，是在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力，故

4符合题意；

8、在冰壶运动中擦冰，使冰快速熔化，形成一层水膜，使接触面脱离，可减小摩擦力，故B不

合题意；

C、滚动轴承，是变滑动为滚动，可减小摩擦力，故C不合题意；

。、气垫船是在船底和水面之间形成一层气垫，使接触面脱离，可减小摩擦力，故。不合题意。

故选：4。

减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力：在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；

使接触面脱离：用滚动代替滑动。

增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；

用滑动代替滚动。

本题主要考查了增大和减小摩擦的方法在生活中的应用，属基础题，难度不大。

7.【答案】D

【解析】解：

ABD.下压活塞时，活塞压缩气体做功，机械能转化为内能，气体的内能增大，此能量转化情况

与内燃机压缩冲程相同，故AB正确，力错误；

C、棉花燃烧过程是化学能转化为内能，故C正确。

故选：Do

(1)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能

量的转化过程；

(2)燃料燃烧时，化学能转化为内能；

(3)四冲程汽油机•一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程

对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。

此题主要考查的是学生对燃料燃烧过程中的能量转化以及做功改变物体内能和内燃机工作原理的

理解和掌握，基础性题目。

8.【答案】B

【解析】解：A、运动员静止时所受的支持力与他的重力是一对平衡力，故A错误。

8、运动员用力向后蹬来获得向前的动力，是因为力的作用是相互的，脚给地面一个向后的力，同

时受到地面给脚向前的力，故B正确。

C、运动员在经过弯道时，其运动方向和速度均发生变化，其运动状态改变，故C错误。

。、运动员停止用力仍能滑行很远，是因为运动员具有惯性，仍受到摩擦力作用，故O错误。

故选：Bo

(1)静止或做匀速直线运动的物体将受到平衡力的作用，当两个力满足四个条件时，才是一对平衡

力，即“作用在同一个物体上、大小相等、方向相反、在同一条直线上”。

(2)物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力。

(3)物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，其运动状态不变。

(4)两个互相接触的物体，当它们做相对运动或有运动趋势时，在接触面上会产生一种阻碍相对运

动的力，这种力就叫摩擦力。

理解平衡力的成立条件、摩擦力的概念，知道运动状态不变的情况，理解惯性概念，可解答此题。

9.【答案】D

【解析】解：由题意可知，刷身份证时会产生感应电流，即由磁产生电，有感应电流产生，所以

其工作原理为电磁感应现象；

A、图示为奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，故A不符合题意；

8、图中有电源，为电动机的工作原理，说明通电导体在磁场中受力而运动，故8不符合题意；

C、图示的实验是探究磁极间的相互作用规律的实验，故C不符合题意；

。、图中没有电源，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，这是

电磁感应现象，故。符合题意。

故选：Do

刷身份证是利用电磁感应原理，分析选项四幅图，找出符合题意的选项即可。

本题考查了电与磁的联系，解答本题的关键要能从题意中分析出该装置利用了电磁感应的原理。

10.【答案】B

【解析】解：由电路图可知，闭合开关S1时，电路为灯泡的简单电路，电流表测通过灯泡的电流，

电压表测电源两端的电压；

再闭合开关S2后，灯泡与定值电阻并联，电流表测干路电流，电压表仍测电源两端的电压，由电

源两端的电压恒定可知，电压表的示数不变，故B正确；

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过灯泡的电流和实际功率不变，则小灯泡的

亮暗不变，故C错误；

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表的示数变大，故4

错误；

由/=g可知，电源的电压不变，干路电流变大，则电路的总电阻变小，故。错误。

H

故选：B。

由电路图可知，闭合开关51时，电路为灯泡的简单电路，电流表测通过灯泡的电流，电压表测电

源两端的电压；根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不

影响可知通过灯泡的电流和实际功率的变化，进一步得出小灯泡的亮暗变化，根据并联电路的电

流特点可知干路电流的变化，再根据欧姆定律可知电路中总电阻的变化。

本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用

题。

11.【答案】26003120

【解析】解：⑴根据「=苫可知，正常照明时间：t=刊=落广八=2600/1；

(2)由题知，Q=/=2.6x104kW-h=9.36xIO10；,

需完全燃烧焦炭的质量：7n=2=936X；01。/=3120kg。

q3.0义10,J/kgo

故答案为：2600；3120o

(1)已知电能和功率，根据公式1=母即可求出正常照明时间；

(2)lk勿•h=3.6x106/；根据公式7n=蓑即可求出需完全燃烧焦炭的质量。

本题考查电功率与电能、时间的计算，关键是相关公式及其变形的灵活运用。

12.【答案】电磁波小

【解析】解：(1)中国空间站太空授课的信息通过电磁波传播到地面的；

(2)航天器外壳材料应具有密度小，熔点高的特性。

故答案为：电磁波；小。

(1)广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；

(2)高速航天器外壳要求轻巧、耐高温。

本题考查了电磁波和密度问题，属于基础题。

13.【答案】增大减小

【解析】解：滑雪运动员从山顶加速下滑的过程中，运动员的质量不变，速度增大，故动能增大，

同时高度减小，故重力势能减小。

故答案为：增大；减小。

动能的大小与物体的质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能就越大；重力势能的大小与物

体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能就越大。

本题考查影响动能和重力势能大小的因素、机械能的变化，为基础题。

14.【答案】扩散静止

【解析】解：瓜果飘香属扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；

以花为参照物，蜂鸟的位置没有发生变化，故蜂鸟是静止的。

故答案为：扩散；静止。

(1)一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，这是形成扩散现象的原因；

(2)如果物体位置相对于参照物位置不变，则物体是静止的；如果物体位置相对于参照物的位置不

断变化，则物体是运动的。

此题考查了生活中的扩散现象和运动和静止相对性的应用，是一道基础题。

15.【答案】160080%

【解析】解：在此过程中所做有用功：W^=Gh=400Nx4m=1600;；

由图知，n=2,绳子自由端移动的距离：s=2%=2x4m=8m,

拉力做的总功：=Fs=250/Vx8TTI=20007,

滑轮的机械效率：4="x100%=费瑞x100%=80%,

故答案为：1600；80%o

根据小有=G/i得出在此过程中所做有用功；

由图知，n=2,根据s=n九得出绳子自由端移动的距离，根据W点=Fs得出拉力做的总功，根据

77=记得出滑轮的机械效率。

本题考查有关动滑轮的功和效率的计算，是一道综合题0

16.【答案】并热效应

【解析】解:

(1)家庭电路中，电冰箱、电饭煲、日光灯等全部并联，这样可以在额定电压下工作，而且互相不

影响。

(2)电饭煲工作时电能转化为内能，是利用电流热效应工作的。

故答案为：并；热效应。

(1)为了使用电器正常工作，相互不影响，用电器必须并联在家庭电路中。

(2)电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应，发生电流的热效应时，电能转化为

内能。

掌握家庭电路中各用电器之间和各插座之间的连接方式。知道电流热效应的概念及利用电流热效

应工作的用电器能量转化的方向。

17.【答案】105.6

【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表匕测L两端电压，电压表彩测滑

动变阻器两端电压，电流表测电路中的电流。

(1)当滑片位于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，由串联分压的

规律可知变阻器分得的电压最大，则此时灯泡两端的电压最小，所以根据图乙可知，此时电路电

流为0.24灯泡两端电压为I匕滑动变阻器两端电压为9H

因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压：U=UL1+U^=1V+9K=10K；

(2)根据题意可知，当电流表示数最大时，灯泡正常发光，由图乙可知，此时电路电流为0.84滑

动变阻器两端电压为3匕

因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以灯泡的额定电压：UL=U-U'^=10V-3V=IV,

灯泡的额定功率：PL=最大=7Vx0.84=5.6V/,

故答案为：10:5.6。

由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表匕测L两端电压，电压表七测滑动变阻器两端

电压，电流表测电路中的电流。

(1)当滑片位于最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，滑动变阻器分得的电

压最大，根据图象可知电压表匕和电压表匕的示数，根据P=U/求出灯泡的功率，根据串联电路

电压规律求出电源电压；

(2)当电流表示数最大时，灯泡正常发光，根据图象读出电压表眩的示数，再根据串联电路电压规

律求出灯泡两端电压，利用P=U/求出灯泡的额定功率。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断两电压表和电流表对应

的示数关系是关键。

18.【答案】解：图中法线已经画出，根据反射角等于入射角在法线的右侧画出反射光线，

入射光线与平面镜的夹角为30。，所以入射角为90。-30。=60。，故反射角也为60。。如图所示：

【解析】要解决此题，需要掌握光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；

反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。可归纳为：“三线共面，两线分居，

两角相等”。

要掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹

角。

此题主要考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容，并要注意入射角与反射

角的概念。

19.【答案】解：物体所受浮力的方向是竖直向上的。我们可以从重心开始竖直向上画一条带箭头

的线段表示出浮力，并标出F浮如图所示：

F

A

【解析】解决本题的关键是要明确浮力的方向(竖直向上)，并要掌握力的示意图的画法。

画力的示意图的方法是：一定点，二画线，再在线上标尖尖。解释：“点”指力的作用点，“尖

尖”指力的方向。

20•【答案】海绵的凹陷程度压力压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越明显将其中一

瓶中的水倒掉一部分不能形变效果不明显

【解析】解：(1)根据转换法，小亮是通过观察海绵的凹陷程度来探究压力的作用效果的；

(2)如图所示，小亮将两瓶完全相同的矿泉水分别正立和倒立放在海绵上，其目的是控制压力不变。

从该实验中得出的结论是压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越明显；

(3)接下来小亮要探究“压力的作用效果与压力大小的关系”，要改变压力大小，他的操作步骤是:

将其中一瓶中的水倒掉一部分，然后将两瓶矿泉水正立在海绵上。

(4)此实验不能用硬纸板代替海绵，原因是硬纸板的形变效果不明显。

故答案为：(1)海绵的凹陷程度；(2)压力；压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越明显；

(3)将其中一瓶中的水倒掉一部分；(4)不能；形变效果不明显。

(1)本实验通过来反映压力的作用效果，采用了转换法；

(2)(3)压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，

即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变，

探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变。据此分析回答。

(4)根据转换法研究压力作用效果时，受压面的形变要明显。

本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用，体

现了对过程和方法的考查。

21.【答案】右2010

【解析】解：(1)原电路中，电流表与电阻并联，电压表与电阻串联是错误的，电流表应与电阻串

联，电压表与电阻并联，如下所示：

(2)根据串联分压原理可知，将定值电阻由50改接成100的电阻，电阻增大，其分得的电压增大;

探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，

根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连

入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表示数恢复到原来的值；

(3)根据如图丙画出的电流与电阻关系的图象知，除定值电阻为200外，电流与电阻之积为：

UV=IR=0.64x50=——0.12x250=3V,故阻值为200的定值电阻连入电路时未移动滑片，

由串联电路的规律及欧姆定律，这时，变阻器的电阻为：

R=9=能一200=50,因定值电阻的电压为变阻器的急=2倍，由分压原理，定值电阻为

行/0.1841.5V

2x50=100,这次实验之前的那一次实验，小阳选取的是阻值为100的定值电阻。

故答案为：(1)如上所示；(2)右；(2)20；10o

(1)原电路中，电流表与电阻并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表应与电阻串联，电压表

与电阻并联；

(2)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时,

根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；

(3)根据如图丙画出的电流与电阻关系的图象知，除定值电阻为20。外，电流与电阻之积为一定值,

由串联电路的规律和欧姆定律结合分压原理分析。

本题探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、操作过程、控制变量法、欧姆定律的运用和数

据分析。

22.【答案】减小摩擦

【解析】解：(1)比赛时，两边的运动员在冰壶行进前方的冰道上用冰刷“扫刷”擦冰，即可以减

小接触面的粗糙程度，又可以使得部分冰熔化使得接触面分离，目的是减小摩擦；

(2)冰壶的重力G=mg=18kgX10N/kg=180/V；

(3)冰壶如图甲静置在水平冰面上时对冰面的压力等于冰壶的重力，即尸=G=180N；

S=240cm2=2.4x10~2m2,

183

对冰面的压强：p=^=-°^?=7.5x10Pa；

s2.4x10zm2

(4)这次投掷过程中运动员对冰壶做的功：14/=F'si=20/Vx2.3m=46/；

答：(1)减小摩擦；

(2)冰壶的重力180N；

(3)冰壶如图甲静置在水平冰面上时对冰面的压强是7.5X103Pa；

(4)这次投掷过程中运动员对冰壶做的功是46人

(1)“扫刷”擦冰的目的是减小摩擦；

(2)根据G=mg计算冰壶的重力；

(3)冰壶如图甲静置在水平冰面上时对冰面的压力等于冰壶的重力，根据重力公式G=mg计算冰

壶的重力，根据压强公式p=(计算其对冰面的压强；

(4