2022-2023学年河南省许昌市建安区第三高中高三一轮复习诊断调研联考高三年级下册联考物理试题

2022-2023学年河南省许昌市建安区第三高中高三一轮复习诊断调研联考高三下学期

联考物理试题

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，固定在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为d,其右端接有阻值为R的电阻，整个装置处在

竖直向上磁感应强度大小为8的匀强磁场中。一质量为机（质量分布均匀）的导体杆必垂直于导轨放置，且与两导

轨保持良好接触，杆与导轨之间的动摩擦因数为〃。现杆受到水平向左、垂直于杆的恒力尸作用，从静止开始沿导轨

运动，当运动距离心时，速度恰好达到最大（运动过程中杆始终与导轨保持垂直）。设杆接入电路的电阻为r,导轨电

阻不计，重力加速度大小为g。对于此过程，下列说法中正确的是（）

A.当杆的速度达到最大时，。、〃两端的电压为

BL

B.杆的速度最大值为需

C.恒力产做的功与安培力做的功之和等于杆动能的变化量

D.安倍力做功的绝对值等于回路中产生的焦耳热

2、惯性制导系统的原理如图所示。沿导弹长度方向安装的固定光滑杆上套一个质量为机的滑块，滑块的两侧分别与

劲度系数均为A的弹簧相连，两弹簧的另一端与固定壁相连。滑块原来静止，弹簧处于自然长度。滑块上有指针，可

通过标尺测出滑块的位移，然后通过控制系统进行制导。设某段时间内导弹沿水平方向运动，指针向左偏离。点的距

离为•，，则这段时间内导弹的加速度（）

标尺

弹簧滑块弹簧

A.方向向左，大小为一

m

B.方向向右，大小为一

m

C.方向向右，大小为丝

m

D.方向向左，大小为20ks

m

3、如图所示，竖直直线MN的右侧有范围足够大的匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向里。正方形线框abed的边长为

L,静止于图示位置，其右边与MN重合。从/=0时刻起线框受外力拉动，水平向右匀加速运动。线框粗细均匀，其

电阻沿长度分布均匀。在运动过程中，线框a、b两点间的电势差随时间变化的特点与下列图像一致的是（）

4、甲、乙两球质量分别为叫、加2,从同一地点（足够高）同时静止释放.两球下落过程中所受空气阻力大小f仅与球的

速率v成正比，与球的质量无关，即f=kv（k为正的常量），两球的v-t图象如图所示，落地前，经过时间两球的速度都已达

到各自的稳定值/、匕，则下落判断正确的是（）

B.mi/m2=V2/vi

C.释放瞬间甲球的加速度较大

D.to时间内，两球下落的高度相等

5、图甲中的变压器为理想变压器，原线圈匝数々与副线圈匝数〃2之比为10：1，变压器的原线圈接如图乙所示的正弦

交流电，电阻凡=/?2=20。，与电容器C连接成如图所示的电路，其中电容器的击穿电压为8V,电表均为理想交流

电表，开关S处于断电状态，则（）

A.电压表的读数为10V

B.电流表的读数为0.05A

C.电阻&上消耗的功率为2.5W

D.若闭合开关S,电容器会被击穿

6、如图所示，两条轻质导线连接金属棒PQ的两端，金属棒处于匀强磁场内且垂直于磁场。金属棒的质量根=0.2kg,

长度L=使金属棒中通以从。到P的恒定电流/=2A,两轻质导线与竖直方向成30°角时，金属棒恰好静止。

则磁场的最小磁感应强度（重力加速度g取lOm/sD（）

L

A.大小为0.25T,方向与轻质导线平行向下

B.大小为0.5T,方向与轻质导线平行向上

C.大小为0.5T,方向与轻质导线平行向下

D.大小为0.25T,方向与轻质导线平行向上

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，两个中心重合的正三角形线框内分别存在着垂直于纸面向里和垂直于纸面向外的匀强磁场，已知内部三

角形线框A5C边长为2m内部磁感应强度大小为灰,且每条边的中点开有一个小孔。有一带电荷量为+小质量为

的粒子从A3边中点。垂直A3进入内部磁场。如果要使粒子恰好不与边界碰撞，在磁场中运动一段时间后又能从。

点射入内部磁场，下列说法正确的是（）

A.三角形ABC与之间的磁感应强度大小也为Bo

B.三角形人长。的边长可以为26a

C.粒子的速度大小为丝丝

m

1Jim

D.粒子再次回到。点所需的时间为77厂

8、如图所示，把半径为d的玻璃半球体放在纸面上，让它的凸面向上，分别从4、8两处（其中A处为玻璃半球体的

最高点）观察玻璃半球体中心。处纸面上的文字，下列说法正确的是（）

A.从A处看到的字比从B处看到的字高

B.从5处看到的字比从A处看到的字高

C.从4处看到的字和从B处看到的字一样高

D.从A处看到的字和没有放玻璃半球体时一样高

9、下列说法正确的是（）

A.随着分子间距离的减小，其斥力和引力均增大

B.单晶体有固定的熔点，多晶体和非晶体没有固定的熔点

C.一定质量的（FC的冰熔化成HC的水，其分子势能会增加

D.一定质量的气体放出热量，其分子的平均动能可能增大

E.第二类永动机不可能制成的原因是它违反了能量守恒定律

10、如图所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈（线圈电阻不计）绕垂直于磁感线的轴以角速度匀速转动，线圈通

过电刷与理想变压器原线圈相连，副线圈接一滑动变阻器R,原、副线圈匝数分别为〃I、"2。要使电流表的示数变为

原来的2倍，下列措施可行的是

A.“2增大为原来的2倍，3、K不变

B.“增大为原来的2倍，"2、/?不变

C.”和尺都增大为原来的2倍，"2不变

D.〃2和K都增大为原来的2倍，©不变

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）如图甲所示，是一块厚度均匀、长宽比为5：4的长方形合金材料薄板式电阻器，a、力和c、d是其两对引

线，长方形在。、。方向的长度大于在c、d方向的长度。已知该材料导电性能各向同性。某同学想测定该材料的电阻

率。他选取的器材有：①多用电表；②游标卡尺；③螺旋测微器；④学生电源；⑤电压表V（量程：3V,内阻约为3kQ）；

⑥电流表A（量程：0.6A,内阻约为0.2Q）；⑦滑动变阻器R。（最大阻值10。）；⑧开关S、导线若干。

（1）用多用电表粗测该电阻器的电阻值。他首先调整多用电表“指针定位螺丝”，使指针指在零刻度；再将选择开关旋

至电阻挡“xl”挡位，两支表笔金属部分直接接触，调整“欧姆调零旋钮”，使指针指向“0。”。然后，用两支表笔分别

连接电阻器的。、5引线，多用电表表盘指针位置如图乙所示。。、方两引线之间的电阻值^=Q»

（2）用游标卡尺和螺旋测微器分别测量薄板的宽度和厚度，结果如图丙所示，则宽度L=mm,厚度

D=mmo

567

01020

（3）为了精确测定a、分两引线之间的电阻值R,该同学在图丁所示的实物中，已经按图丁中电路图正确连接了部分

电路；请用笔画线代替导线，完成剩余电路的连接.

T

（4）若该同学保持电路不变，只将。、〜引线改接为c、d引线，测量c、d之间的电阻值，则测量c、d之间电阻值的

相对误差___________（填“大于”、“小于”或“等于"）测量4、8之间电阻值的相对误差。

（5）计算该材料电阻率的表达式。=.（式中用到的物理量的符号均要取自（1）（2）（3）问）

12.（12分）电阻率是用来表示各种物质电阻特性的物理量。某同学在实验室测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻

率。

（1）用螺旋测微器测量其横截面直径如图甲所示，由图可知其直径为mm,如图乙所示，用游标卡尺测其长度为

cm,如图丙所示，用多用电表xlQ挡粗测其电阻为

甲乙丙

（2）为了减小实验误差，需进一步测量圆柱体的电阻，除待测圆柱体R夕卜，实验室还备有的。实验器材如下，要求待测

电阻两端的电压调节范围尽量大，则电压表应选,电流表应选________，滑动变阻器应选__________o（均填器

材前的字母代号）

A.电压表V1（量程3V,内阻约为15kC）；

B.电压表V2（量程15V,内阻约为75k。）；

C.电流表Ai（量程1.6A,内阻约为1C）；

D.电流表Az（量程3A,内阻约为1.2。）；

E.滑动变阻器R（阻值范围1-5C,1.1A）；

F.滑动变阻器&（阻值范围1〜2111。，1.1A）；

G.直流电源E（电动势为3V,内阻不计）

H.开关S,导线若干。

（3）请设计合理的实验电路，并将电路图画在虚线框中

（4）若流经圆柱体的电流为/,圆柱体两端的电压为。，圆柱体横截面的直径和长度分别用。、L表示，则用。、L、/、

U表示该圆柱体电阻率的关系式为P=。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，在直线MN和PQ之间有一匀强电场和一圆形匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，MN、PQ

与磁场圆相切，。是圆的一条直径，长为2r,匀强电场的方向与平行向右，其右边界线与圆相切于C点。一比

荷为左的带电粒子（不计重力）从尸。上的A点垂直电场射入，初速度为山，刚好能从C点沿与。夹角为a的方向

进入磁场，最终从。点离开磁场。求：

⑴电场的电场强度E的大小；

（2）磁场的磁感应强度B的大小。

14.（16分）如图所示，在X。），坐标系中，在的区域内分布由指向y轴正方向的匀强电场，在3d的区

域内分布有垂直于xQy平面向里的匀强磁场，MN为电场和磁场的边界，在y=34处放置一垂直于y轴的足够大金属

挡板ab,带电粒子打到板上即被吸收（设轨迹圆与挡板ab相切的粒子刚好不会被吸收），一质量为m.电量为+q的粒

子以初速度必由坐标原点O处沿X轴正方向射入电场，已知电场强度大小为七二天差，粒子的重力不计.

9qa

(1)要使粒子不打到挡板上，磁感应强度应满足什么条件？

(2)通过调节磁感应强度的大小，可让粒子刚好通过点P(4d,0)(图中未画出)，求磁感应强度的大小.

15.(12分)一列简谐横波沿x轴正向传播，r=0时的波动图像如图，此时尸、。两质点的振动位移相同。介质中P

质点由图像位置回到平衡位置的最短时间为0.1s,。质点由图像位置回到平衡位置的最短时间为0.5s。求：

(i)t=0.4s时刻尸质点相对平衡位置的位移

(ii)此简谐横波传播速度的大小

1218切cm

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

AB.当杆匀速运动时速度最大，由平衡条件得：

-/jmg+

得最大速度为

(F-〃ng)(R+r)

B'l?

当杆的速度达到最大时，杆产生的感应电动势为:

E=BLv=（尸"g）（「+r）

a、小两端的电压为：

U=±E=8Mg）R

故AB错误；

C.根据动能定理知，恒力厂做的功、摩擦力做的功与安培力做的功之和等于杆动能的变化量，故C错误；

D.根据功能关系知，安倍力做功的绝对值等于回路中产生的焦耳热，故D正确。

故选：D。

2、C

【解析】

导弹的速度与制导系统的速度始终相等，则其加速度相等。滑块受到左、右两侧弹簧的弹力方向均向右，大小均为依。

则合力方向向右，加速度方向向右。由牛顿第二定律得

2ks=ma

解得

Cl-------

m

故ABD错误，C正确。

故选C。

3、C

【解析】

线框有两段匀加速直线运动过程：进入磁场的运动过程，在磁场中的运动过程。两过程加速度相等，设为a。

线框进入磁场的运动过程。由右手定则知感应电流方向由力向以。。段为电源，则a点电势高于b点电势。电动势大

小为

E=BLv

由运动规律得

解以上三式得

3

U『BLat

图像为过原点的直线，斜率为=3在时刻有

3

。访=WBLatQo

在磁场中的运动过程。由右手定则知“点电势高于〃点电势。在九时刻有

U而=E，=BLat0

运动过程有

Uab=E'=BL(v0+at)

由运动规律得

Vg=2aL

解以上两式得

U曲=BL《2aL+BLat

图像斜率为BLao

故选C。

4、A

【解析】

两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，稳定时kv=mg,因此最大速度与其质量成正比，即vm^m,

~=-L,由图象知vi>V2,因此m单>mz,；故A正确，B错误.释放瞬间v=0,空气阻力f=0,两球均只受重力，

但v2

加速度均为重力加速度g.故C错误；图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，由图可知，t。时间内两球下落

的高度不相等；故D错误；故选A.

5、C

【解析】

A.开关断开时，副线圈为&和K串联，电压表测量R2的电压，由图可知原线圈电压为100gV,所以副线圈电压

为10行V,则电压表的读数是此的电压为50V6.O7V,故A错误;

B.由A的分析可知，副线圈电流为

10&

A=0.25夜A

l?i+R,20+20

所以原线圈电流为

/=^-/=0.025V2A

故B错误：

C.电阻Ri、&上消耗的功率为

P=Z；/?=(0.25V2)2x20=2.5W

故C正确；

D.当开关闭合时，肥与&并联后和4串联，电容器的电压为并联部分的电压，并联部分电阻为K并=10。，所以并

联部分的电压为

最大值为U巫X&=^V<8V,所以电容器不会被击穿，故D错误。

33

故选C。

6、B

【解析】

说明分析受力的侧视图(右视图)如图所示

磁场有最小值且.，应使棒平衡时的安培力有最小值正安而。棒的重力大小、方向均不变，悬线拉力方向不变，由“力三

角形”的动态变化规律可知

&min=缶Sin30°

又有

广安min—纥而"

联合解得

加gsin30

纥.=---------=（）5T

IL

由左手定则知磁场方向平行轻质导线向上。故ACD错误，B正确。

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ACD

【解析】

A.要想使粒子不与边界碰撞，在磁场中运动一段时间后又能从。点射入内部磁场，则带电粒子在内、外磁场中做圆

周运动的轨迹都应为半径为，，的圆弧，粒子运动轨迹如图所示，所以三角形A8C与之间的磁感应强度大小也应

该为风，故A正确；

B.由几何知识可知，三角形4方。的最短边长为2a+2百a,B错误；

C.带电粒子做圆周运动的轨迹半径为

速度为

C正确;

D.分析知粒子再次回到“点时，其运动轨迹对应的圆心角〃=2乂60。+300。=420。，故

420117tm

7

360~3qBn

D正确

A'A^PB'K

A/

故选ACD»

8、CD

【解析】

只有入射角不等于零时才会发生折射，当人通过玻璃半球体看中心。处的字的时候，进入眼睛的光线沿着半球体半径,

也就是球面法线，所以不发生折射，物像重合，从A处看到的字和从8处看到的字一样高，而且和没有放玻璃半球时

一样高，CD正确，AB错误。

故选CD»

9、ACD

【解析】

A.分子间距离减小，其斥力和引力均增大，A正确；

B.晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，B错误：

C.O'C的冰熔化成0℃的水，吸收热量，分子平均动能不变，其分子势能会增加，C正确；

D.对气体做功大于气体放出的热量，其分子的平均动能会增大，D正确；

E.第一类永动机违反了能量守恒定律，第二类永动机不违反能量守恒定律，只是违反热力学第二定律，E错误。

故选ACD。

10、BD

【解析】

线圈转动产生的电压有效值为：

U=^^=U'

V2

根据理想变压器的规律：

U2〃2

/|=

k

根据欧姆定律：

2R

联立方程解得：4=生幺=%竿），”增大为原来的2倍，“2、R不变、〃2和R都增大为原来的2倍，3

V«iJR14J垃R

不变均可电流表的示数变为原来的2倍，BD正确，AC错误。

故选BD,

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

4

11>650.601.200小于-DR

【解析】

⑴⑴开关旋至电阻挡"XI”挡位，故电阻为6Q。

⑵⑵[3]游标卡尺读数为

L=50mm+0.05x12mm=50.60mm

螺旋测微器读数

Z)=1mm+0.01mmx20.0=1.200mm

(3)[4]根据电路图可知，连线如下

(4)[5]因为4间电阻小于附间电阻，则电压表分流更小，带来的误差更小，测量c、d之间电阻值的相对误差小于测

量。、b之间电阻值的相对误差。

⑸⑹根据

j-L

R=p—=p——

SLD

可知

4

p=-DR

5

R、

7lD2U

12、1.844（1.842~1・846均可）4.241ACEp=--------

4IL

【解析】

(1)。］螺旋测微器的读数为固定刻度读数+可动刻度读数+估读，由题图甲知，圆柱体的直径为刻度读数十估读，由题图

甲知，圆柱体的直径为

1.5mm+34.4xl.Hmm=1.844mm

由于误差则1.842mm~1.846mm均可

⑵游标卡尺读数为主尺读数+游标尺读数x精度，由题图乙知，长度为

42mm+8x1.15mm=42.41mm=4.241cm

［3］多用电表的读数为电阻的粗测值，其电阻为6Q

⑵［4U5n6］待测电阻大约6Q,若用滑动变阻器电(阻值范围0~2000。，0.1A)调节非常不方便，且额定电流太小,

所以应用滑动变阻器拈(阻值范围()~5C,1.1A),电源电动势为3V,所以电压表应选3V量程的

为了测多组实验数据，滑动变阻器应用分压接法，电压表内电阻较大，待测圆柱体的电阻较小，故采用电流表外接法

误差较小；电路中的电流约为

/=—=0.5A

R

所以电流表量程应选L6A量程的。

(3)［7］根据以上分析，设计的电路图如图所示

R、

7lD2U

p

ML

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)―%—；(2)子。

krtanakr

【解析】

求出粒子在C点的沿x方向的分速度以及从A到C的时间，根据速度时间关系求解电场强度；求出粒子在磁场中运动

的速度大，根据几何关系可得轨迹半径，根据洛伦兹力提供向心力求解磁感应强度。

【详解】

(1)粒子在C点的沿x方向的分速度为以，根据几何关系可得：

匕=—^―

tana

从A到C的时间为t,根据速度时间关系可得：

(_r

%

根据速度时间关系可得：

ciEr

v=at=x——

%

解得:

2

E二」—

krtana

(2)粒子在磁场中运动的速度大小为:

sintz

根据几何关系可得轨迹半径：

R=-^—

sina

根据洛伦兹力提供向心力可得:

v2

qvB=m—

解得:

答：(1)电场的电场强度E的大小为」一

krtana

(2)磁场的磁感应强度B的大小为粤。

kr

14、⑴旌普(2)B由

3qd3qd

【解析】

(1)粒子先在电场中做类平抛运动，x=w，d=\af,其中4=变=/_,

得到：x=-d