陕西省延安市实验中学大学区校际联盟2024届物理高二上期中学业质量监测模拟试题含解析

陕西省延安市实验中学大学区校际联盟2024届物理高二上期中学业质量监测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列器件，利用电流的热效应工作的是（）A．验电器B．电感器C．电容器D．电热水器2、空间有一沿x轴对称分布的电场，其电场强度E随x变化的图象如图所示，下列说法正确的是A．O点的电势最低B．x1和x3两点的电势相等C．x2和－x2两点的电势相等D．x2点的电势低于x3点的电势3、如图所示的电路中，电源的电动势和内电阻恒定不变，电灯恰能正常发光，如果滑动变阻器的滑片向端滑动，则()A．电灯更亮，电流表的示数减小B．电灯更亮，电流表的示数增大C．电灯变暗，电流表的示数减小D．电灯变暗，电流表的示数增大4、某电解池中，若在2s内各有1.0×1019个二价正离子和2.0×1019个一价负离子相向通过某截面，那么通过这个截面的电流是A．3.2AB．1.6AC．0.8AD．6.4A5、我国北京正负电子对撞机的储存环是周长为240m的近似圆形轨道，当环中的电流是10mA时(设电子的速度是3×107m/s)，在整个环中运行的电子数目为(电子电量e=1.6×10－19C)()A．5×1011个 B．5×1010个C．1×102个 D．1×104个6、在x轴上关于O点对称的两个位置放置电荷量大小相等的点电荷。关于在两电荷连线上场强和电势的分布,下列说法正确的是(规定x轴正方向为电场强度的正方向、无穷远的电势为零)()A．甲图为两个等量正点电荷的E−x图象B．乙图为两个等量负点电荷的φ−x图象C．丙图为两个等量异种点电荷的E−x图象D．丁图为两个等量正点电荷的φ−x图象二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示,粗糙程度均匀的绝缘空心斜面ABC放置在水平面上,角CAB=30°,斜面内部O点(与斜面无任何连接)固定有一正点电荷,一带负电的小物体(可视为质点)可以分别静止在M、N点和MN的中点P上,OM=ON,OM//AB则下列判断正确的是(

)A．小物体静止在三处静止时所受力个数一定都是4个.B．小物体静止在P点时受到的摩擦力最大C．小物体静止在P点时受到的支持力最大,静止在M,N点时受到的支持力相等D．当小物体静止在M点时,地面给斜面的摩擦力水平向左8、如图所示电路中，电源内阻不能忽略，当变阻器R的滑片P向下移动时下列说法中正确的是A．V1示数变大，V2示数变小，AB．V1示数变小，V2示数变大，AC．电源消耗的总功率增大D．电源消耗的总功率减小9、如图所示的图象中，表示物体作匀减速运动的是A．B．C．D．10、如图所示电路中，三只灯泡原来都发光，当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时(三只灯泡仍都发光)，下面判断正A．L1和L3变亮，L2变暗 B．LI变暗，L2变亮，L3亮度不变C．L1中电流变化值小于L3中电流变化值 D．Ll上电压变化值小于L2上的电压变化值三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“探究决定导线电阻的因素”实验中，所用测量仪器均已校准．(1)如图所示，螺旋测微器的读数为________mm；游标卡尺的读数为________mm。(2)用伏安法测金属丝的电阻Rx.实验所用器材为：电池组(电动势3V，内阻约1Ω)、电流表(内阻约0.1Ω)、电压表(内阻约3kΩ)、滑动变阻器R(0～20Ω，额定电流2A)、开关、导线若干．某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下：次数1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上实验数据可知，他们测量Rx的电路是采用下图中的______图(选填“甲”或“乙”)．(3)图丙是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端．请根据(2)所选的电路图，补充完成图中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏______．(4)这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图丁所示，图中已标出了与测量数据对应的4个坐标点．请在图中标出第2、4、6次测量数据的坐标点，并描绘出U－I图线．由图线得到金属丝的阻值Rx＝________Ω(保留两位有效数字)．(5)任何实验测量都存在误差．本实验所用测量仪器均已校准，下列关于误差的说法中正确的选项是________A．用仪器测量金属丝直径时，由于读数引起的误差属于系统误差B．由于电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差C．若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差D．用U－I图象处理数据求金属丝电阻可以减小偶然误差12．（12分）用如图所示的实验装置探究加速度与合外力、质量的关系.（1）在平衡摩擦力的步骤中,下列四种做法正确的是______。（2）接通电源，释放小车，打点计时器在纸带上打出一系列点，将打出的第一个点标为O，在纸带上依次取A、B、C…若干个计数点．测得A、B、C…各点到O点的距离分别为x1，x2、x3….已知相邻计数点间的时间间隔均为T。则B点的速度为vB=________，小车运动的加速度a=________四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示,定值电阻、,电容,电源电动势、内阻若电路稳定时,理想电流表的读数,试求：（1）电阻的阻值；（2）电容C的电量．14．（16分）在如图所示的光滑水平面上，小明站在静止的小车上用力向右推静止的木箱，木箱以相对地面速度v向右匀速运动．巳知木箱的质量为m，小明与车的质量为3m．木箱运动一段时间后与竖直墙壁发生无机械能损失的碰撞，反弹回来后被小明接住．求：(1)推出木箱后小明和小车一起运动的速度v1的大小；(2)小明接住木箱后三者一起运动的速度v2的大小．(3)小明接住木箱后，再次以相同速度v推出木箱，要做多少功?15．（12分）如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，坐标系内有A、B两点，其中A点坐标为(6cm，0)，B点坐标为(0，cm)，坐标原点O处的电势为0，A点的电势为8V，B点的电势为4V。现有一带电粒子从坐标原点O处沿电势为0的等势线方向以速度v＝4×105m/s射入电场，粒子运动时恰好通过B点，不计粒子所受重力，求：（1）图中C处(3cm，0)的电势；（2）匀强电场的场强大小；（3）带电粒子的比荷。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】试题分析：电流通过电阻时要产生热量，电热水器就是利用电流的热效应工作的，故选D.考点：电流的热效应【名师点睛】此题考查了电流的热效应的利用；关键是知道各种电器的工作原理及结构，然后联系所学的电学知识来进行判断.2、C【解题分析】AB.沿着电场线方向电势逐渐降低,可知O点的电势最高.x1的电势高于x3的电势．故A错误，B错误；C.

x2和−x2两点关于原点对称,由O点向两边电势都降低且电场强度的变化相同可知，x2和−x2两点电势相等，故C正确；D.沿着电场线方向电势逐渐降低,故x2的电势高于x3点的电势，故D错误．故选C.点睛：根据题意，电场关于x轴对称分布可知，作出电场线如图，根据顺着电场线，电势降低和对称性可判断电势高低．3、D【解题分析】

AC．变阻器的滑片向b端滑动时，其接入电路的阻值变小，电路的总电阻变小，由闭合电路的欧姆定律知电路的总电流增大，即安培表的示数增大，AC错；BD．由知路端电压减小，即电灯L两端的电压变小，功率变小，电灯L变暗，B错误，D正确；【题目点拨】本题要求学生明确动态分析的总体思路是先由局部阻值的变化得出总电阻的变化，再整体据闭合电路的欧姆定律得出电路中总电流的变化，再局部就是由串、并联电路的特点去分析．4、A【解题分析】根据电流的定义式可知：可知通过这个横截面的电流为：，选项A正确，BCD错误；故选：A。5、A【解题分析】试题分析：电子运动一周用的时间：，因为，，在整个环中运行的电子数目个，A正确．考点：考查了电流的宏观定义【名师点睛】知道电子的速度和周长，利用速度公式求电子运动一周用的时间，再根据电流定义式求电荷量，而一个电子电荷量，可求在整个环中运行的电子数目．6、A【解题分析】

甲图中，根据场强的叠加，知两个等量负点电荷的中点场强为零，两侧场强方向是相反的，不可能相同，故A正确；两个等量负点电荷的周围的电势为负值，则φ−x图象应该位于横轴下方，选项B错误；丙图中，根据场强的叠加，知两个等量负正点电荷的中点场强不为零，两侧场强方向是相同，故C错误；两个等量正点电荷周围的电势均为正值，则φ−x图象应该位移x轴上方，选项D错误；故选A.【题目点拨】解决本题的关键知道等量负正电荷周围电场线分布，知道电场线密的地方场强比较强；同时明确沿电场线的方向电势降低；并且异号电荷连线的中垂线上的电势为零；因为其中垂线为等势面，与无穷远处电势相等.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解题分析】

对小物体分别在三处静止时所受力分析如图：A.结合平衡条件，由图，小物体在P、N两点时一定受四个力的作用，故A错误；B.小物体静止在P点时，摩擦力f=mgsin30°静止在N点时静止在M点时可见静止在N点时所受摩擦力最大，故B错误；C.小物体静止在P点时，设库仑力为F，受到的支持力N=mgcos30°+F在M、N点时：由库仑定律知，故，即小物体静止在P点时受到的支持力最大，静止在M、N点时受到的支持力相等，故C正确；D.以小物体和斜面整体为研究对象，当小物体静止在M点时，斜面内部O点正电荷对其库仑力斜向右，即有向右的分力，则斜面有向右运动的趋势，受水平向左的摩擦力，故D正确。8、AC【解题分析】

当变阻器R的滑片向下移动时，R减小，R与R2并联的阻值减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流I增大。电压表V2的示数U2=E-Ir，电压表V1的示数U1=IR2，I增大，U2减小，U1增大。电阻R2的电压U2=E-I（R1+r），I增大，U2减小，流过R2的电流I2减小，则电流表的示数IA=I-I2，IA增大，则A正确，B错误。根据P=IE可知电源消耗的总功率增大，选项C正确，D错误；故选AC.【题目点拨】本题电路中典型的问题：电路中动态变化分析问题，一般按照“部分→整体→部分”思路分析．9、BC【解题分析】

匀减速即指加速度一定，速度逐渐减小的直线运动，反映在图线上，即是一条速度逐渐减小的直线，由图可知，AD中速度大小增大，物体做的是匀加速直线运动，BC中速度大小减小，物体做的是匀减速直线运动，故AD错误，BC正确．10、ACD【解题分析】AB．滑动变阻器与L3串联，与另外一盏灯L2并联，滑动变阻器滑片向左移动，接入电路的阻值变小，根据串反并同，可知L1和L3变亮，L2变暗，选项A正确；B错误；C．L1中的电流是干路电流，根据前面分析可知总电流增大，并联部分分压变小，，选项C正确；D．根据闭合电路欧姆定律可知：，选项D正确；故选：ACD．点睛：由图可知L3与R串联后与L2并联，再与R0、L1串联；由滑片的移动方向可知滑动变阻器接入电阻的变化，则可知总电阻的变化；由闭合电路的欧姆定律可知电路中电流的变化，即可知L1亮度的变化；将R0、L1作为内电阻处理，由U=E-Ir可知并联部分电压的变化，由欧姆定律可得出两灯亮度的变化；因两灯电阻均为定值，则可由欧姆定律得出电压变化值的大小关系．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、6.119mm50.90mm甲AC【解题分析】

[1]由图可知螺旋测微器可知，固定刻度示数为6mm，可动刻度示数为：11.9×0.01mm=0.119mm，螺旋测微器示数为：6mm+0.119mm=6.119mm；[2]游标卡尺主尺的读数为50mm，游标尺的读数为：18×0.05mm=0.90mm，所以游标尺的读数为：50mm+0.90mm=50.90mm；[3]由表中实验数据可知，电压与电流的第一个测量值很小，接近于零，滑动变阻器用分流接法电压与电流不能达到这么小的数值，因此滑动变阻器应采用分压接法，因此需要选择图甲所示电路。[4]根据给出的电路图可得出对应实物图如图所示；[5]根据描出的点，作出图象，如图所示由图线得到金属丝的阻值[6]A.用螺旋测微器测量金属丝直径时，由于读数引起的误差属于偶然误差，故A正确；B.由于电流表和电压表内阻引起的误差属于系统误差，故B错误；C.若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差，故C正确；D.用U−I图象处理数据求金属丝电阻可以消除系统误差，故D错误；12、B【解题分析】

（1）[1]平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西。平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，所以需要将木板的一端抬高，故选B。（2）[2]根据匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于该段时间的平均速度，则B点的速度为：[3]根据：△则有：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）5.4×10-5C【解题分析】

(1)根据并联电路的特点得：R3的电压U3=I2R2=0.4×15V=6V根据闭合电路欧姆定律得：电路中总电流，通过R3的电流I3=I-I2=0.6A-0.4A=0.2A所以可得：(2)电容器板间电压等于R1的电压，为UC=IR1=0.6×9V=5.4V故电