2024届云南省墨江第二中学高二物理第一学期期中达标检测试题含解析

2024届云南省墨江第二中学高二物理第一学期期中达标检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，质量为m的带电小球用绝缘丝线悬挂于O点，并处在水平向左的匀强电场E中，小球静止时丝线与竖直方向夹角为θ，若剪断丝线，则小球的加速度为()A．0B．g，方向竖直向下C．gtanθ，水平向右D．g/cosθ，沿绳向下2、孤立的两颗星球A、B构成双星系统，已知A、B质量之比mA：mB=1：3，那么它们的线速度之比vA：vB为()A．1：1 B．3：1 C．1：3 D．9：13、有一未知电阻Rx，为较准确地测出其阻值，先后用图中甲、乙两种电路进行测试，利用甲图测得的数据是“2.8V5.0mA”，而用乙图测得的数据是“3.0V4.0mA”，那么该电阻测得的较为准确的情况是（）A．560Ω，偏大 B．560Ω，偏小 C．750Ω，偏小 D．750Ω，偏大4、如果在某电场中将5.0×10-8C的电荷由A点移到B点，电场力做功为6.0×10A．A、B两点间的电势差是1.2×B．A、B两点间的电势差是3.0×C．若在A、B两点间移动2.0×10-8C的电荷，电场力将做D．若在A、B两点间移动1.0×10-7C5、关于静电场，下列结论普遍成立的是（）A．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B．在正电荷或负电荷产生的静电场中，电场强度方向都指向电势降落最快的方向C．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的电场强度有关D．将正点电荷从电场强度为零的一点移动到电场强度为零的另一点，静电力做功为零6、下列情况中的物体，哪些可以看作质点（）A．研究从湛江开往广州的一列火车的运行速度B．研究汽车后轮上一点运动情况的车轮C．体育教练员研究百米跑运动员的起跑动作D．研究地球自转时的地球二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，图中直线①表示某电源的路端电压与电流的关系图线，图中曲线②表示该电源的输出功率与电流的关系图线，则下列说法正确的是A．电源的电动势为50VB．电源的内阻为C．电流为2A时，外电路的电阻为25ΩD．输出功率为120W时，输出电压是30V8、如图所示，L1、L2两个规格不同的灯泡，当它们如图连接时，恰好都能正常发光．设电路两端的电压保持不变，现将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，L1和L2两灯的亮度变化情况是（）A．L1亮度不变 B．L1变暗 C．L2变亮 D．无法判断9、如图所示，粗糙且绝缘的斜面体ABC在水平地面上始终静止。在斜面体AB边上靠近B点固定一点电荷，从A点无初速度释放带负电且电荷量保持不变的小物块（视为质点），运动到P点时速度恰为零。则小物块从A到P运动的过程（）A．水平地面对斜面体没有静摩擦作用力B．小物块的电势能一直增大C．小物块所受到的合外力一直减小D．小物块损失的机械能大于增加的电势能10、如图为可变电容器，由一组动片和一组定片组成，这两组金属片之间是互相绝缘的，动片旋入得越多，则()A．正对面积越大，电容越大B．正对面积越大，电容越小C．动片、定片间距离越小，电容越大D．动片、定片间距离越小，电容越小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在用电压表和电流表测电池的电动势和内阻的实验中，所用电压表和电流表的内阻分别为1kΩ和0.1Ω，图1为实验原理图及所需器件图．（1）在图2中画出连线，将器件按原理图1连接成实物电路________．（2）一位同学记录的6组数据见表，试根据这些数据在图3中画出U﹣I图象______，根据图象读出电池的电动势E=_____V，求出电池的内阻r=_____Ω．I（A）

0.12

0.20

0.31

0.32

0.50

0.57

U（V）

1.37

1.32

1.24

1.18

1.10

1.05

12．（12分）某直流电动机M转动时的U-I图象如图甲所示，该同学利用图乙的实验电路研究电动机的转动情况，电路中使用恒压电源，R1＝15Ω，R2是滑动变阻器，电流表A是理想电流表，实验操作步骤如下：(1)闭合开关S2前，调节滑动变阻器，使其滑动触头应在________端．(选填“左”或“右”)(2)先闭合开关S1，开关S2保持断开，此时电流表的示数为0.6A，则恒压电源输出电压为________V．(3)再闭合开关S2，然后缓慢调节滑动变阻器使电动机恰好转动起来，此时电流表的示数为1.8A，直流电动机M实际消耗的电功率为________W，滑动变阻器接入电路中的阻值为________．(以上均取两位有效数值)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，两平行金属板A、B长为L=8cm，板间距为d=8cm，A板电势比B板高300V。一质量为m=10–20kg、电荷量为q=10–10C的带正电粒子（重力不计）以v0=2×106m/s的初速度沿两板中心线RO射入电场中；粒子飞出板间电场，经过MN、PS间的无电场区域后，进入固定在O点的点电荷Q形成的电场区域，该电场不受界面PS影响；粒子最后垂直打在放置于中心线处的荧光屏bc上。已知PS⊥RO，MN、PS相距12cm，O点与界面PS相距9cm，静电力常量k=9×109N·m2/C2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）求粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离。（2）试粗略画出粒子运动全过程的轨迹。（3）求点电荷Q的电性及电荷量大小。（结果保留三位有效数字）14．（16分）如图所示，在直角坐标系的第一、二象限内有垂直于纸面的匀强磁场，第三象限有沿y轴负方向的匀强电场，第四象限内无电场和磁场。质量为m、带电量为q的粒子从M点以速度v0沿x轴负方向进入电场，不计粒子的重力，粒子经x轴上的N点和P点，最后又回到M点。设OM=L，ON=2L。求：(1)运动粒子带正电还是带负电；(2)电场强度E的大小；(3)匀强磁场磁感应强度B的大小和方向.15．（12分）如图所示，一个质量为m=2.0×10-11kg，电荷量q=+1.0×10-5C的带电微粒（重力忽略不计），从静止开始经U1=100V电压加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，且速度与电场线垂直．金属板长L=20cm，两板间距d=10cm．求：（1）微粒进入偏转电场时的速度v多大？（2）微粒射出偏转电场时的偏转角θ=30°，则两金属板间的电压U2是多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】试题分析：丝线剪断前：小球受到绳子的拉力，重力和电场力作用，三力合力为零，所以；剪断后小球只受竖直向下的重力和电场力，合力大小等于剪断前绳子的拉力，方向与拉力方向相反，即与竖直方向夹角为θ向下，根据牛顿第二定律可得考点：考查了力的平衡和牛顿第二定律的应用点评：本题难度较小，做此类型的题目，关键是利用平衡条件分析出合力的大小和方向，再用牛顿第二定律解题2、B【解题分析】

双星绕连线上某点做匀速圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力，两星的周期和角速度相同则有：可得=据v=rω，可得：故选B。3、D【解题分析】两次测量电压表示数变化率大小，电流表示数变化率大小，可见电流表示数变化显著，说明电压分流作用显著，采用电流表内接法误差较小，故乙图所示电路测该电阻的阻值误差较小．测量值，

真实值R真=Rx-RA，故测量值比真实值偏大．故选D．点睛：实验误差要从实验原理进行分析．本实验原理是伏安法，甲图中由于电压表的分流，使测量值小于真实值．乙图中由于电流表的分压，使测量值大于真实值．4、A【解题分析】由电场力做功W=qU，电势差，Ａ对；B错；若移动的电荷，电场力做功，C对；D错；5、B【解题分析】

A．电势与电场强度没有直接关系，所以电场强度大的地方电势不一定高，电场强度小的地方电势不一定低，故A错误；B．沿电场方向电势降低，而且降低最快，故B正确；C．由公式U=Ed可知，两点之间的电势差与场强和两点间沿电场线方向的距离都有关，故C错误；D．场强为零，电势不一定为零，电场力做功与电势的变化有关，将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电势可能变化，所以电场力可能做功，故D错误．6、A【解题分析】

A.研究从湛江开往广州的一列火车的运行速度，火车的形状和大小可以忽略不计，可将其当作质点，故选项A符合题意；BD.研究汽车后轮上一点运动情况的车轮和研究地球自转时的地球时，车轮和地球的大小均不可忽略，不能将其当作质点，故选项BD不合题意；C.体育教练员研究百米跑运动员的起跑动作时，运动员的形状和大小均要考虑，不可将其当作质点，故选项C不合题意．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解题分析】

A.根据闭合电路的欧姆定律，电压的输出电压：U=E-Ir对照U-I图象，当I=0时，U=E=50V故A正确；B.U-I图象斜率的绝对值表示内电阻，故：故B错误。C.电流为2A时，根据可知，外电路的电阻为20，故C错误。D.输出功率为120W时，对照P-I图象，电流为6A，再对照U-I图象，输出电压为30V，故D正确；8、BC【解题分析】

滑动变阻器的滑动头向右移动的过程中，变阻器有效电阻RP变大，外电路总电阻R变大，干路电流I=减小，则L1变暗，灯泡L2的电压U2=U﹣IR1变大，则L2变亮．故选BC9、BD【解题分析】

A．把斜面和小物块看成一个整体，带电物块在沿斜面运动过程中，受到库仑力、重力、垂直斜面的支持力，沿斜面向上的摩擦力，先作加速运动，后作减速运动，水平方向加速度大小先减小后增大，所以要受到地面的摩擦力，摩擦力大小先减小后反向增大，故A错误；B．根据题意可知，A、B都带负电荷，所以A在下滑的过程中，库仑力做负功，所以物块的电势能一直增大，故B正确；C．物块A先加速后减速，加速度大小先减小后增大，所以受到的合力先减小后增大，故C错误；D．在运动过程中克服摩擦力做了功，也损失机械能，由能量守恒可知带电物块损失的机械能大于它增加的电势能，故D正确。故选BD。10、AC【解题分析】AB：由电容器电容的决定式C=εSCD：由电容器电容的决定式C=εS三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.450.1【解题分析】

（1）根据原理图明确电路原理，根据实物图作图方法连接各元件即可；（2）由表中数据作出伏安特性曲线，由图象的纵坐标可求得电源的电动势；由斜率求得电阻．（1）按照实验原理图将实物图连接起来，如图甲所示．（2）根据U、I数据，在方格纸UI坐标系上找点描迹．如图乙所示，然后将直线延长，交U轴于U1≈1.45V，此即为电源电动势；交I轴于I≈0.65A，注意此时U2=1.00V，则r=Ω≈0.1Ω．故答案为（1）如图所示；（2）1.45；0.1．【题目点拨】解决本题的关键掌握伏安法测量电源电动势和内阻的原理，即E=U+Ir，会根据U﹣I图线求电源的电动势内阻．12、左9.03.84.8【解题分析】

（1）[1]因变阻器采用限流式接法，开关闭合前为使电路中电路中电流最小，应其接入电路中的阻值为最大．故滑片应在最左端．（2）[2]根据欧姆定律开关S2保持断开时恒压电源输出电压为：U=IR1=0.6×15V=9.0V（3）[3]知电源电压恒为9.0V，闭合开关S2后根据欧姆定律有通过R1的电流为：A所以通过电动机的电流为：A再根据电动机的U-I图象可读出电动机两端电压UM=3.2V，则直流电动机M实际消耗的电功率为：P=UMI2=1.2×3.2W=3.8W[4]此时滑动变阻器两端电压为U3=E-UM=9-3.8=5.2V由欧姆定律可知，接入电阻：Ω四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）3cm（2）见下图（3）带负电，1.04×10–8C【解题分析】

（1）粒子在板间做类平抛运动，有：y=at2L=v0ta=联立解得：y==3cm（2）第一段是抛物线（类平抛运动），第二段是直线（匀速直线运动），第三段是圆弧（匀速圆周运动），轨迹如图所示（3）要使带正电粒子经过界面PS后